【文档说明】山东省烟台市高三2022届高三高考适应性练习（一） 物理试题答案.docx，共(6)页，120.454 KB，由管理员店铺上传

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高三物理第1页（共5页）2022年高考适应性练习（一）物理参考答案及评分意见一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.A2.C3.D4.B5.D6.C7.A8.C二、多项选

择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.AC10.BD11.BC12.ABD三、非选择题：本题共6小题，共60分。13．(6分)⑴td(2分)22221td)m

M(mgh+=(2)(2分)(3)hMkd2(2分)（如答hkd)mM(222+同样给分）14．(8分)⑴A(1分)C(1分)⑵如图所示(2分)⑶0.83(2分)3.3×102(2分)15．(7分)解：⑴设点光源到玻璃圆柱体左端面的距离为d，光线在左端面的入射角为θ1，折射角

为θ2，由折射定律有sinθ1=nsinθ2………………………①(1分)从左端面中央半径为r=8cm的圆周上射入的光线恰好在柱体侧面发生全反射。sinC=n1…………………………………………………………………②(1分)根据几何关系有sinθ

1=22drr+………………………………………………………………③(1分)sinθ2=cosC……………………………………………………………………④解得d=4cm………………………………………………………………………⑤(1分)ArCdθ

1θ2SRR1A1高三物理第2页（共5页）⑵恰好发生全反射的光线通过玻璃圆柱体的时间最长光在玻璃内的最长路程x=CLsin……………………………………………⑥(1分)光在玻璃内的速度v=nc……………………………………………………⑦(1分)

CLnxt2==v=1.2×10-8s………………………………………………………⑧(1分)16．(9分)⑴以水平向右为x轴，竖直向上为y轴，建立平面直角坐标系，对OA段竖直方向：0=v0sinα－gt1………………………………………………………①（

1分）t1=1s…………………………………………………………………②（1分）以沿斜面向下为x轴，垂直于斜面向上为y轴，建立平面直角坐标系，对OB段垂直于斜面方向：0=v0sinθ－gcosαt2………………………………………

……③（1分）t2=2s…………………………………………………………………④（1分）从A点到B点的时间t=t2－t1=1s…………………………………………………⑤（1分）⑵过B点做斜面的垂线，垂足为D，设BD=H，以沿斜面向下为x轴，垂直于斜面向上为y轴，建立平面直角坐标系，对OB

段垂直于斜面方向：0－(v0sinθ)2=－2(gcosα)H………………………………………⑥（1分）沿斜面方向：xCD=Htanα……………………………………………………………⑦（1分）x1=(v0cosθ)t221(gsinα)t22………………………

…………………⑧（1分）O、C两点间的距离xOC=x1xCD=40m………………………………………………⑨（1分）17．（14分）解：⑴设小球在P点的速度为v0，对小球由动量定理得：y轴方向：00(sin)qEtmm=−−vv………………………………①（1分）z轴方向：0cosmgtm

−=−v………………………………………②（1分）由运动对称性可得：0sin=vv……………………………………③（1分）由①②③④得：02tanqEmg=………………………………………④（1分）⑵对小

球进行受力分析，由平衡方程得：0~3T内：1qEqBmg+=v…………………………………………⑤（1分）3T~23T内：12qEmg=………………………………………………⑥（1分）高三物理第3页（共5页

）由④⑤⑥得：解得：014tanEE=…………………………………（1分）04tanEB=v…………………………………（1分）⑶设小球做匀速圆周运动的周期为T0，对小球由牛顿第二定律得：202Tr4mBvq=……………………………………………………………⑦（1分）由运动学公式得：02rT

=v……………………………………………⑧（1分）据题意可得：013TT=…………………………………………………⑨（1分）由⑦⑧⑨得：12Tg=v………………………………………………⑩（1分）⑷23T~T内，小球的速度v可以看作是沿y轴正方向的2v和沿y轴负方

向的v的合成，则小球的运动可看成沿y轴正方向的匀速运动和y轴下方的逆时针的圆周运动的合运动，由运动学公式得：y=233TTT+=vvv………………………………………………………⑪（1分）由⑪得：y=212gv所以，T时刻小球位于y轴，坐标

为212gv。……………………………（1分）18．(16分)⑴1球下落高度为h，此时1球的速度大小为v0由自由落体规律可得v0=gh2……………………………………………①(1分)1球受竖直向下的重力m1g，设地面的平均作用力为F，方向竖直向上，1球与地面发生

弹性碰撞后速度大小仍为v0，方向竖直向上。以竖直向下为正方向，根据动量定理，有)()()(01011vmvmtFgm−−=−………………………………………………②(1分)由①、②可得：gmtghmF1122+=………

……………………………③(1分)⑵设1球反弹后经时间t与2碰，碰撞时2球自由下落的高度20'121gtthh++=v………………………………………④高三物理第4页（共5页）1球竖直上升的高度20'221gttvh−=………………………………

…………⑤由几何关系，有'2'15hhh+=…………………………………………………⑥将①代入，可以解得hh='1，hh4'2=………………………………………⑦即在1球最高点发生碰撞，此时2球的速度大小ghghv222'22==………………⑧(2

分)（用其他方法得到此结果的同样得2分）设它们碰后的速度大小分别为'1v和'1v，选竖直向上为正方向，两球发生弹性碰撞，根据动量守恒和机械能守恒'12'2222vkmvmvm+=…………………………………………………………

⑨(1分)2'122'22222212121vkmvmvm+=……………………………………………………⑩(1分)解得2'211vkkv+−=……………………………………………………………………⑪由题意反弹后能达到的最大

高度为h，则有gvh22'2=…………………………⑫(1分)由⑨⑩⑫得k=3（k=31舍去）……………………………………………………⑬(1分)⑶两球在落地前均有向下的速度v0=gh2，1m先与地弹性碰撞后速度变为向上的v0，与2球发生碰撞。取向上为

正方向，设碰后的1球和2球的速度大小分别为vA和vB，根据动量守恒和机械能守恒，有BAvmvmvmm21021)(+=−………………………………………………………………⑭(1分)222120212121)(21BAvmvmvmm+=+………………………………………………

…………⑮(1分)由此解得2m与1m发生弹性碰撞后的速度大小为21021)3(mmvmmvB+−=………………………………………………………………⑯由题意m1=3m2，则有02vvB=…………………………………………………

…⑰(1分)故2m反弹后能达到的最大高度为hgvhB422'==…………………………………………………………………⒅(1分)若m1>>m2，则有0'3vvB=，故2m反弹后能达到的最大高度为hgvhB92''2'=

=…………………………………………………………………⒆(1分)⑷当球m1与地面碰撞后，立即与球m2发生碰撞，球2m以相对于地面以大小为3v0的速度反弹，高三物理第5页（共5页）球m3以大小为v0的速度下落，以m2为参考系，球m3相对于球m2

以大小为4v0速度与球2m相碰撞。由于m2>>m3，碰撞后球m3相对于球2m以大小为4v0的速度反弹，即球m3相对于地面以大小为7v0速度反弹。因此，球m3反弹的高度H为hgvH492)7(20==………………………………………………

……………⒇(2分)高三物理第6页（共5页）获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com