【文档说明】四川省内江市第六中学2019-2020学年高二下学期第二次月考理综物理试题【精准解析】.doc，共(20)页，1.401 MB，由小赞的店铺上传

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1.关于麦克斯韦电磁场理论、电磁场和电磁波，下列说法错误．．的是（）A.均匀变化的电场一定产生稳定的磁场，均匀变化的磁场一定产生稳定的电场B.接收无线电波时需要对电磁波进行调制和检波C.电磁波的传播不需要介质，并且电磁波能产生干涉和衍射现象D.麦克斯韦提出电磁理论并预言

电磁波的存在，后来赫兹用实验证实了电磁波的存在【答案】B【解析】【详解】A．均匀变化的电场一定产生稳定的磁场，均匀变化的磁场一定产生稳定的电场，故A正确；B．发射无线电波时需要对电磁波进行调制；检波是在接收过程中进行的，故B错

误；C．电磁波本身就是一种物质，传播不需要介质，且能发生干涉与衍射现象，故C正确；D．麦克斯韦提出电磁场理论并预言电磁波存在，后来赫兹用实验证实了电磁波的存在，故D正确。本题选错误的，故选B。2.如图所示是研究通电自感实验的电路图，A1、

A2是两个规格相同的小灯泡，闭合开关调节电阻R，使两个灯泡的亮度完全相同，调节可变电阻R1，使它们都正常发光，然后断开开关S，重新闭合开关S，则（）A.闭合S瞬间，1A和2A均逐渐变亮B.闭合S瞬间，1A立即变亮，2A逐渐变亮C.断开S瞬间，1A和2A一起逐渐变暗D.稳定后，1A

和2A两端电势差不相同【答案】C【解析】【详解】AB．闭合瞬间，L相当于断路，A2立刻变亮，A1逐渐变亮，故AB错误；C．断开S瞬间，线圈与A1和A2一起组成自感回路，所以它们都逐渐变暗，故C正确；D．稳定后，两个灯泡的亮度相同，说明它们两端的电压相同，故D错误．3.如图所示，均匀介质

中两波源S1、S2分别位于x轴上的x1=0、x2=16m处，质点P位于x轴上的x3=4m处．t=0时刻，两波源同时由平衡位置开始向上振动，振动周期T=0.1s，传播速度均为v=80m/s．波源S1的振幅A1=3cm，波源S2的振幅A2=4cm．则从t=0到t=0.35s时间内质点P通过的路程

为（）A.98cmB.14cmC.56cmD.68cm【答案】D【解析】【详解】由题知，周期T=0.1s，传播速度v=80m/s，则波长=vT=800.1=8m，而t=0时刻两列波同时开始由平衡位置向y轴正

方向振动，所以当波源S1传播到P点用时t1=0.05s，波源S2传播到P点用时t2=0.15s，∆t=t2-t1=0.1s=T，即波源S2传播到P时波源S1已经使得P点振动了一个周期，P点通过的路程为12cm；由于波程差正好为一个波长，两波源在

P点振动相互加强，故在t=0到t=0.35s的最后2s内，质点P通过的路程为42（3+4）cm=56cm，因此从t=0到t=0.35s时间内质点P通过的路程为56cm+12cm=68cm，故A、B、C错误，D正确．故选D。4.如图所示，水平地面上方矩形区域内

存在垂直纸面向里的匀强磁场，两个用相同材料、相同粗细的导线绕制的单匝闭合正方形线圈1和2，其边长L1=2L2，均在距磁场上边界h高处由静止开始自由下落，最后落到地面。整个运动过程中，线圈平面始终保持在竖直平面

内且下边缘平行于磁场上边界，设线圈刚进入磁场时的加速度大小分别为a1、a2，落地时的速度大小分别为v1、v2，在全过程中产生的热量分别为Q1、Q2，通过线圈横截面的电荷量分别为q1、q2，不计空气阻力

，则（）A.a1=a2B.v1>v2C.Q1=Q2D.q1=294q【答案】A【解析】【详解】A．线圈从同一高度下落，到达磁场边界时具有相同的速度v，切割磁感线产生感应电流，受到磁场的安培力大小为22BLvBLvFBILBLRR===由电阻定律有4LRS=

其中为材料的电阻率，L为线圈的边长，S为导线的横截面积线圈的质量为04mSL=•0为材料的密度联立可得线圈刚进入磁场时其加速度为2016mgFFBvaggmm−==−=−由此可知加速度a与L无关，所以有12aa=故A正确；B．线圈1和2进入磁场的过程先同步运动，由于

当线圈2刚好全部进入磁场中时，线圈1由于边长较长还没有全部进入磁场，线圈2完全进入磁场后做加速度为g的匀加速运动，而线圈1仍先做加速度小于g的变加速运动，完全进入磁场后再做加速度为g的匀加速运动，两线圈加速运动的位移相同，所以落地速度关系为12vv故B错误

；C．由能量守恒可得21()2QmghHmv=+−H是磁场区域的高度，因为12mm，12vv，所以可得12QQ故C错误；D．根据qR=可得244BBLSLqLRS===可知通过线圈横截面的电荷量q与线圈的边长L成正比，所以有1232qq=故D错误

；故选A。5.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为10:1，电压表为理想电表，R为光敏电阻（其阻值随光的照射强度增大而减小），1L、2L、3L是三个额定电压均为10V的灯泡，其中2L、3L规格相同。原线圈接入如图乙所示的正弦交流电，三个灯泡均正常发光，设灯泡不会烧坏，下列说

法正确的是()A.电路中电流1s内改变50次方向B.灯泡L1、L2的电功率之比为1:5C.若将灯泡1L换为一个理想二极管，则电压表示数为11VD.若将灯泡1L换为一个理想电流表，把照射R的光减弱，2L、3L仍然可能正常发光【答案】B

D【解析】【详解】A．由图乙可知交流电的周期为2210sT−=，所以频率为：211Hz=50Hz210fT−==所以电路中电流1s内改变100次方向，故A错误；B．理想变压器原、副线圈匝数比为10:1，故原副线圈电流之比为：1221110InIn==又因为2L、

3L规格相同，所以2L的电流等于副线圈电流的一半，所以有流过1L、2L电流之比为：12:1:5LLII=因为三个灯泡均正常发光，电压相同，故由：=PUI可知电功率之比等于电流之比，即：1212::1:5LLLLPPII==故B正确；C

．若将灯泡1L换为一个理想二极管，则根据二极管单向导电性可知输入电压图像为：根据有效值定义可得：22220=2TUTRR解得有效值1102VU=；理想变压器原、副线圈匝数比为10:1，故副线圈电压为112V，即电压

表示数为112V，故C错误；D．若将灯泡1L换为一个理想电流表，则原线圈电压增加，副线圈电压增加；把照射R的光减弱，则阻值增加，根据：=UUIRRR=+副副总并可知副线圈电流可能不变，流过2L、3L的电流可能不变，即2L、3L仍然可能正常发光，故D正确。故选BD。6.如图1所示，轻弹簧

上端固定，下端悬吊一个钢球，把钢球从平衡位置向下拉下一段距离A，由静止释放。以钢球的平衡位置为坐标原点，竖直向上为正方向建立x轴，当钢球在振动过程中某一次经过平衡位置时开始计时，钢球运动的位移—时间图像如图2所示。已知钢球振动过程中弹簧始终处于拉伸状态，则（）A.1t时刻钢球处于超重状态B

.2t时刻钢球的速度方向向上C.12~tt时间内钢球的动能逐渐增大D.12~tt时间内钢球的机械能逐渐减小【答案】D【解析】【详解】A．从图中可知1t时刻钢球正向下向平衡位置运动，即向下做加速运动，加速度向下，所以处于失重状态，A错误；B．从图中可知2t时刻正远离平衡位置，所以速度向

下，B错误；C．21~tt时间内小球先向平衡位置运动，然后再远离平衡位置，故速度先增大后减小，即动能先增大后减小，C错误；D．21~tt时间内小球一直向下运动，拉力恒向上，做负功，所以小球的机械能减小，D正确。故选D。7.如图甲所示，光滑导轨水平放置在与水平方向成60角斜向下的匀

强磁场中，匀强磁场的磁感应强度B随时间的变化规律如图乙所示（规定斜向下为正方向），导体棒ab垂直导轨放置除电阻R的阻值外，其余电阻不计，导体棒ab在水平外力作用下始终处于静止状态．规定ab→的方向为电流的正方向，水

平向右的方向为外力的正方向，斜向右下方为安培力的正方向，则在10~t时间内，能正确反映电阻R的热功率P、流过导体棒ab的电流i、导体棒ab所受水平外力F及安培力AF随时间I变化的图象正确的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】A

B.由法拉第电磁感应定律，则有：sin60BSEtt==，由图乙知，B的变化率不变，即保持不变，则感应电动势保持不变，电路中电流不变；根据楞次定律判断得知ab中感应电流沿ba→，为负值；电流恒定根据2PIR=，电阻R的热功率P恒定不变，故A项不合题意；B项不合题意.C.当B为负值时

，根据楞次定律判断可知ab中感应电流从b到a，安培力的方向垂直于磁感线斜向右下方，根据平衡条件可知，外力水平向左为负，大小为sin60FBILB=，B为正值时，外力水平向右，为正，大小为sin60FBILB=，故C项符合题意.D.由安培力F=BIL可知，电路中安培力随B的变化而变化；故D

项不合题意.8.如图甲所示,MN与PQ为光滑的平行导轨,导轨间距为l,导轨的上部分水平放置,下部分倾斜放置且与水平面的夹角为θ,导轨足够长．两条导轨上端用导线连接,在导轨的水平部分加一竖直向上的匀强磁场B1,

其磁感应强度随时间t变化的关系如图乙所示;在导轨的倾斜部分加一垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度始终为B0．在t1时刻从倾斜轨道上某位置静止释放导体棒a,导体棒开始向下运动,已知导体棒的质量为m、电阻为

R,不计导轨和导线的电阻,重力加速度为g,则下列说法正确的是（）A.刚释放导体棒a时,其加速度一定最大B.整个运动过程中,导体棒a的最大速度为220mgRsinBlC.在t1~t2时间内,导体棒a可能先做加速度减小的加速运动,然后做匀速直线运动D.若在

t3时刻,导体棒a已经达到最大速度,则在t1~t3时间内,通过导体棒的电荷量为()2313300mgttsinmgRsinBlBl−−【答案】BCD【解析】A、刚释放导体棒时，回路中只有感生电动势，其加速度为0sinmgBIlam−=，当到达t2时刻后，感生电

动势产生的电流消失，只剩下动生电动势产生的电流，则有0sinmgBIlam−=，因为不能判断I与I的大小关系，所以加速度a不一定大于a，故A错误；B、整个运动过程中，当导体棒a的最大速度时则有22

0sinmBlvmgR=，所以导体棒a的最大速度220sinmmgRvBl=，故B正确；C、在t1~t2时间内，由于下滑速度越来越大，所以产生的动生电动势越来越大，回路中的感应电流变大，导体棒所受安培力也

越来越大，所以加速度越来越小，所以导体棒a可能先做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，然后做匀速直线运动，故C正确；D、在t1~t3时间内，由动量定理可得31031sin()()mgttBIttmv−−−=，可得通过导体棒的电荷量为231313300

sin()sin()mgttmgRqIttBlBl−=−−=，故D正确；故选BCD．【点睛】分析导体棒所受安培力的大小变化情况，确定加速度大小变化情况，来分析运动情况，在t1~t3时间内，由动量定理结合电荷量的计

算公式求通过导体棒的电荷量．第Ⅱ卷非选择题（共174分）二、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题~第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题~第38题为选考题，考生根据要求做答。9.（1）甲乙两同学用插针法做“测定玻璃的折射率

”的实验中，分别得到如图所示甲乙两种实验记录。在甲中，已画好玻璃砖两界面直线aa′和bb′后，不小心将玻璃砖稍稍向上平移了，如甲图中虚线所示。若之后的其他操作无误，则测得的折射率n_______（选填“偏大”、

“偏小”或“不变”）。在乙中，玻璃砖上界面直线aa′正确，而画的表示下界面的bb′稍稍向上平移了，如乙图中虚线所示。若之后的其他操作无误，则测得的折射率n将_______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）；（2）某同学做测定玻璃折射率的实验时，用他测得的多组入射角θ1与折射角θ2作出

sinθ1-sinθ2图象，如图所示，下列判断正确的是_______。A．他做实验时，研究的是光线从空气射入玻璃的折射现象B．玻璃的折射率为0.67C．玻璃的折射率约为1.5D．玻璃临界角的正弦值为0.67【答案】(1).不变(2).偏大(3).ACD【解析】【详解】（1

）[1]如图所示实线表示将玻璃砖向上平移后实际的光路图，而虚线是未将玻璃砖向上平移时作图时所采用的光路图，通过比较发现，入射角和折射角没有变化，则由折射定律可得sinsininr=可知测得的折射率将不变；[2]如果在实验过程中不小心将玻璃砖向上平

移了一些，即将bb移到图中虚线位置，而在做光路图时aa不变，作出光路图，如图所示红线表示作图时所用的光路，黑线表示实际的光路，由图可知测量得到的入射角没有变化，而折射角偏小，则由折射定律可得sinsininr=可知所

测得的折射率将偏大；（2）[3]A．由图象可知：12sinsin，则入射角1大于折射角2，所以光线从空气射入玻璃，故A正确；BC．图象的斜率k即是玻璃折射率，由图可得11.50.67kn===故B错误，C正确；D．玻璃临界角的正弦值1sin0.67Cn==故D正确。故选AC

D。10.某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验。(1)如图甲，摆球的直径d=______________cm；让刻度尺的零点对准摆线的悬点，摆线竖直下垂，如图乙所示，那么单摆摆长l=______________cm；测定

了n次全振动的时间t如图丙所示，那么秒表的读数是______________s。测得重力加速度表达式为g=______________（相关数据用l、t、n表示）；(2)测出不同摆长对应的周期T，用多组实验数据作出T2−L图象，也可以求出重力加速度g。已知三

位同学做出的T2−L图线如下图中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都过原点，图线b对应的g值最接近当地重力加速度的值。则相对于图线b，下列分析正确的是______________（选填选项前的字母）。A．出现图线a的原因可能是误将悬点到小球上端的

距离记为摆长LB．出现图线c的原因可能是误将51次全振动记为50次C．图线c对应的g值小于图线b对应的g值【答案】(1).1.52(2).87.64(3).99.8(4).2224πnlt(5).A【解析】【详解】(1)[1]游标卡尺的主尺读数为15

mm，游标读数为0.1×2mm=0.2mm，则小球的直径为15.2mm，即1.52cm；[2]摆长等于摆线的长度与摆球的半径之和，则摆长为188.401.52cm87.64cm2l=−=[3]秒表的读数为6039.8s99.8st=+=[4]单摆的周期为tTn

=根据2lTg=可得重力加速度表达式为2222244lnlgTt==(2)[5]由单摆周期公式2LTg=可得224LTg=根据数学知识可知，2TL−图象的斜率为24kg=当地的重力加速度为24g

k=A．若测量摆长时忘了加上摆球的半径，则摆长变成摆线的长度L，则有224LTg=根据数学知识可知，对2TL−图象中图线a来说有22244TLrgg=+与图线b的224LTg=斜率相等，两者应该平行，24rg是截距，故作出的2TL−图象中a线的原因可能是误将悬点到小球上端的距离记为摆长

L造成的，故A正确；B．实验中误将51次全振动记为50次，则周期的测量值偏大，导致重力加速度的测量值偏小，图线的斜率k偏大，故B错误；C．由图可知，图线c对应的斜率小于图线b对应的斜率，根据当地的重力加速度24gk=可知，c图线所测g值大于图线b对应的g值，故C错误；故选A。11.一台发电

机最大输出功率为4000kW，电压为4000V，经变压器T1升压后向远方输电，输电线路总电阻R=1kΩ，到目的地经变压器T2降压，负载为多个正常发光的灯泡（220V，60W）．若在输电线路上消耗的功率为发电机输出功率的10%，变压器T1和T2的耗损可

忽略，发电机处于满负荷工作状态．求：（1）变压器T1和T2的匝数比分别是多少？（2）有多少盏灯泡（220V、60W）正常发光？【答案】（1）1：50，9000：11；（2）6×104个盏．【解析】【详解】（1）输电线

路上消耗的功率为△P=10%P=400kW=I22r可知输电线上电流为I2=3P40010r1000==20A根据原线圈P1=U1I1，可知I1=3114000104000PU==103A根据电流与匝数成反比知T1的变压比为n1：n2=

I2：I1=20：103=1：50降压变压器的输入电流I3=I2=20A降压变压器的输出电流64490%3.610220PIU==A降压变压器的匝数比n3：n4=I4：I3=63.610220：20=9000：1（2）用户得到的功率为P用=P总﹣P损=4000×

103×（1﹣10%）设能接入N个灯泡，则P用=60N代入数据得N=6×104个；【点评】本题考查远距离输电中的能量损失及功率公式的应用，要注意功率公式中P=UI中的电压U应为输电电压，不是发电机的输出电压．本题突破点是由输电线上的损失功率，从而算出电

线上的电流．12.间距为l的两平行金属导轨由水平部分和倾斜部分平滑连接而成，如图所示，倾角为θ的导轨处于大小为1B、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场区间Ⅰ中，水平导轨上的无磁场区间静止放置一质量为3m的“联动双杆”（由两根长为l的金属杆cd和ef。用长度为L的刚性绝缘杆连接构成），

在“联动双杆”右侧存在大小为2B，方向垂直导轨平面向上的匀强磁场区间Ⅱ，其长度大于L，质量为m、长为l的金属杆ab从倾斜导轨上端释放，达到匀速后进入水平导轨（无能量损失），杆ab与“联动双杆”发生碰撞，碰后杆ab和cd粘合在

一起形成”联动三杆”，“联动三杆”继续沿水平导轨进入磁场区间Ⅱ并从中滑出，运动过程中，杆ab、cd和ef与导轨始终接触良好，且保持与导轨垂直，已知杆ab、cd和ef电阻均为0.02R=，0.1kgm=，0.5ml=，0.3mL=，30=，10.1TB=，20.2TB=，不计摩擦阻力

和导轨电阻，忽略磁场边界效应，求：（计算结果均保留两位有效数字）（1）杆ab在倾斜导轨上匀速运动时的速度大小0v；（2）“联动三杆”进入磁场区间Ⅱ前的速度大小v；（3）“联动三杆”滑过磁场区间Ⅱ过程中，ef杆产

生的焦耳热efQ。【答案】（1）06.0m/sv=；（2）1.5m/sv=；（3）0.17JefQ=【解析】【详解】（1）ab杆受到的安培力1FBIL=感应电流大小12EIRR=+感应电动势10EBLv=由ab杆匀速运动得1sinmgBIL=解得06m/sv=（2）ab杆与联动双

杆碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得0(3)mvmmv=+解得1.5m/sv=（3）联动三杆进入磁场2B过程速度的变化量为v由动量定理得24BILtmv=22BILItqRR==+联动三杆离开磁场过程

，速度的变化量大小也为v离开磁场2B时联动三杆的速度21.520.251m/svvv=−=−=设“联动三杆”滑过磁场区间Ⅱ产生的总焦耳热为Q，由能量守恒定律可知22114422Qmvmv=−设ef产生的焦耳热为efQ，由电

路串联关系和焦耳定律可知23efQQ=解得0.17JefQ=13.一列简谐波在如图所示的x轴上传播，实线和虚线分别是t1=0和t2=0.2s时刻的波形图，下列说法中正确的是（）A.若该波在t1=0时刻沿x轴正方向恰传播到x=6m处，则波源起振方向向上B.若该波与另一频率为1.25Hz的简

谐波相遇时发生干涉，则该波沿x轴负方向传播C.若波向x轴负方向传播，从t1=0和t2=0.2s时间内，x=2m处的质点将沿x轴负方向平移(4n+3)m(n=0，1，2，3，)D.若该波在t2=0.2s时

刻，x=2.5m处的质点向y轴负方向运动，则该波向x轴负方向传播E.若该波的传播速度是65m/s，则该波沿x轴正方向传播【答案】ADE【解析】【详解】A．若该波在10t=时刻沿x轴正方向恰传播到6mx=处，由波形平移法判断可

知，0t=时刻6mx=处的质点起振方向向上，故波源起振方向向上，故A正确；B．频率为1.25Hz的简谐波周期为10.8s1.25sT==则有10.2s4T=根据波的平移法可知实线右移14波长为虚线波形，则波向右传播，即该波沿x轴正方向传播，故B错误；C．简谐波在x轴上传播时，质点只上下振动，不沿

x轴方向移动，故C错误；D．若该波在20.2st=时刻，2.5mx=处的质点向y轴负方向运动，根据波的平移法可知该波向x轴负方向传播，故D正确；E．若该波的传播速度是65m/s，则波在0.2s传播的距离为1650.2m13m34svt====根

据波的平移法知该波沿x轴正方向传播，故E正确；故选ADE。14.如图所示，阴影部分为一透明材料做成的柱形光学元件的横截面，其中ABCD是边长为80cm的正方形，中空截面是正方形ABCD的内切圆，圆心为O。O处有

一点光源，射向四周的光束中，只有一部分能从正方形ABCD边所在的面射出。已知此透明材料对该光束的折射率为n=53，不考虑光在透明材料中的多次反射。求：（1）该透明材料的临界角；（2）光从正方形横截面ABCD上射出的长度。【答案】（1）C=37°；（2）240cm【解

析】【详解】（1）设该种材料临界角为C1sinCn=得：C=37°（2）如图所示，若沿OE方向射到AB上的光刚好发生全反射，则∠GOE=37°，则EG=OGtan37°=30cm同理，若沿OH方向方向射到AB上的光刚好发生全反射，则∠GOH=37°，则HG=OGtan37°=30cm所

以能从AB射出的区域长度为60cm，可见光能从ABCD横截面上射出的长度为240cm