【文档说明】【精准解析】黑龙江省鹤岗市一中2019-2020学年高二4月月考生物试题.doc，共(34)页，511.500 KB，由小赞的店铺上传

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2019-2020年度4月份高二月考试卷（生物）一、单选题1.在果酒、果醋和腐乳制作中，都要防止微生物污染，有关叙述正确的是A.果醋发酵阶段应封闭充气口，防止杂菌进入B.腌制腐乳的卤汤中应含有12%左右的酒精以抑制细菌的增殖C.利

用自然菌种发酵果酒时，将封有葡萄汁的发酵瓶进行高压灭菌D.将长满毛霉的豆腐放在瓶中，并逐层加盐，接近瓶口部分的盐要铺薄一些【答案】B【解析】【分析】1、参与果醋制作的微生物是醋酸菌，其新陈代谢类型是异养需氧型，

果醋制作的原理：当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的果糖分解成醋酸；当缺少糖源时，醋酸菌将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸。2、参与腐乳制作的微生物主要是毛霉，其新陈代谢类型是异养需氧型。【详解】A、果醋发酵用到的是醋酸菌，醋酸菌是严格的需氧菌，封闭充

气口，会抑制醋酸菌的生长，A错误；B、腌制腐乳的卤汤中应含有12%左右的酒以调味和抑制细菌的增殖，B正确；C、利用自然菌种发酵果酒时，不能将封有葡萄汁的发酵瓶进行高温高压灭菌，否则会杀死葡萄汁中的野生酵母菌，C错误；

D、将长满毛霉的豆腐放在瓶中，并逐层加盐，由于越接近瓶口，被杂菌污染的机会越大，因此接近瓶口部分的盐要铺厚一些，D错误。故选B。2.下列有关泡菜的制作和亚硝酸盐含量的测定的实验叙述中，正确的是A.将新鲜蔬菜与煮沸冷却的盐水（盐和清水的质量比为4：1）混匀装瓶B

.发酵过程始终要保持密封状态，泡菜坛盖边缘的水槽中要始终装满水C.在酸化条件下，亚硝酸盐与N-1-萘基乙二胺盐酸盐发生重氮化反应D.随发酵进行，亚硝酸盐含量逐渐增加，用比色法可进行亚硝酸盐含量的测定【答案】B【解析】新鲜蔬菜洗涤、晾晒后装

入泡菜坛，再注入配制好的盐水，盐和清水的质量比为1∶4,A项错误；发酵过程是乳酸菌的无氧呼吸过程，始终要保持密封状态，B项正确；在酸化条件下，亚硝酸盐与对氨基苯磺酸发生重氮化反应，C项错误；随发酵进行，亚硝酸盐含量先逐渐增加，后又逐渐降低，D项错误。3.二锅头作为京酒的代

表，已有八百多年的历史。以下关于酿造二锅头的叙述中，正确的是A.酵母菌能发酵产生酒精含量为52%的产品B.可用划线法测定发酵接种所用菌液的浓度C.酿酒时的环境温度不会影响酿酒进程D.选用菌种的种类和比例会影响酒的品质【答案】D【解析】【分析

】酵母菌发酵时，当酒精含量达到12%～16%时，会毒害酵母菌，当酒精含量超过16%酵母就会死亡；稀释涂布平板法可用于统计样品中活菌的数目；酵母发酵的适宜温度是18～25℃，过高过低都会影响发酵进程；此外，菌种的种类和比例也会影响发酵产物的品质。【详解】A.发酵时当酒精含量超过16%时，酵

母菌就会死亡，A错误；B.测定发酵接种所用菌液的浓度应用稀释涂布平板法，B错误；C.酵母菌酒精发酵的适宜温度是18～25℃，环境温度会影响酿酒进程，C错误；D.发酵时选用菌种的种类和比例会影响酒的品质，D正确。【点睛】本题考查果酒的制作

，要求考生识记和掌握果酒制作的原理及条件，能理论联系实际，运用所学的知识合理解释生活中的生物学问题，属于考纲理解层次的考查。4.在制果酒、果醋、泡菜、腐乳时，发酵过程中对氧气的需求分别是（）A.兼氧、无氧、

有氧、无氧B.有氧、无氧、无氧、有氧C.无氧、有氧、有氧、无氧D.无氧、有氧、无氧、有氧【答案】D【解析】【分析】1、参与果酒制作的微生物是酵母菌，其新陈代谢类型为异养兼性厌氧型；2、参与果醋制作的微生物是醋酸菌，其新陈代谢类型是异养需氧型；3、参与腐乳制作的微生物主要是

毛霉，其新陈代谢类型是异养需氧型；4、参与泡菜制作的微生物是乳酸菌，其其新陈代谢类型是异养厌氧型。【详解】果酒制作利用了酵母菌的无氧呼吸并且产生酒精；果醋制作利用了醋酸菌的有氧呼吸；泡菜制作利用了乳酸菌的无氧呼吸，腐乳制作利用了毛霉等真菌的有氧呼吸。综上所述，D正确，A、B、C错误。5.微

生物的接种技术有很多，有关常用的两种微生物接种方法的叙述不正确的是()A.只能应用于固体培养基接种B.都可以用于微生物的计数C.接种培养后均可获得单菌落D.接种用具都需进行严格灭菌【答案】B【解析】将微生物接种到固体

培养基中的方法通常为平板划线法和稀释涂布平板法，A正确；稀释涂布平板法接种可以形成单菌落，所以常用来进行微生物的计数，平板划线法常用来筛选分离微生物，B错误；两种接种方法在培养基中形成单个菌落，C正确；为防止杂菌污

染，接种工具需要灭菌后使用，D正确。6.下列有关纤维素分解菌分离实验的说法正确的是（）A.刚果红能与纤维素分解后的纤维二糖和葡萄糖形成红色复合物B.在用刚果红染色时只可以先培养微生物再加入刚果红，不可以在倒平板时直接加入C.该实验只需用到选择培养基，不需用到鉴别培养基D.在用刚果红染色过程中，若将

微生物培养在事先加入刚果红的培养基上，则出现透明圈的菌落不一定为所需菌种【答案】D【解析】【分析】从对两种筛选纤维素分解菌的方法进行比较分析入手，结合微生物培养过程无菌条件的控制方法来解答该题；刚果红可以与纤维素形成

红色复合物，当纤维素被纤维素酶分解后，红色复合物无法形成，出现以纤维素分解菌为中心的透明圈，我们可以通过是否产生透明圈来筛选纤维素分解菌；刚果红可以在细菌菌落形成前倒平板时加入，也可以在菌落形成后加入；若

在细菌菌落形成前倒平板时加入刚果红，则所加刚果红要进行灭菌，以防杂菌的侵入，影响纤维素分解菌菌落的形成；若在菌落形成后加入刚果红，则不需要灭菌。【详解】A、刚果红可以与纤维素形成红色复合物，当纤维素被纤维素酶分解后，红色复合物无法形成，A错误；B、刚果红可以在

细菌菌落形成前的倒平板时加入，B错误；C、该实验富集纤维素分解菌时需要选择培养基，分离时需要鉴别培养基，C错误；D、有些微生物具有降解色素的能力，它们在长时间培养过程中会降解刚果红而形成明显的透明圈，出现透明

圈的菌落不一定为所需菌种，D正确。故选D。7.人们常用菌类含量来检测水质污染的程度，这种菌类是A.乳酸菌B.大肠杆菌C.根瘤菌D.结核菌【答案】B【解析】【分析】本题考查微生物的培养与应用，考查对各种微生物应用的理解和识记，可在熟记生产、生活中各种微生物应用的基础上进行

判断。【详解】乳酸菌可用于酸奶制作、泡菜制作；粪便中大量存在大肠杆菌，在一般情况下，大肠杆菌属于非致病菌，如在水样中检测出大肠杆菌，表明水被粪便所污染，可以推测水样中存在着肠道致病菌污染的可能性，因此通常用大肠菌群作为间接的检测指标；根瘤菌可与豆科植物互利共生；结核菌会导致

结核病。选B。8.下列有关培养基和菌种鉴定的叙述不正确的是（）A.菌落的大小、颜色、有无荚膜、隆起程度等特征都可作为菌种鉴定的依据B.可利用固体培养基上菌落的特征来判断和鉴别细菌的类型C.利用刚果红培养基上是否形成透明圈来筛选纤维素分解菌D.在以尿素为唯

一氮源的培养基中加入酚红指示剂鉴定尿素分解菌【答案】A【解析】菌落的大小、颜色、隆起程度等特征都可作为菌种鉴定的依据，但是有无荚膜通过肉眼无法观察，A错误；鉴别培养基属于固体培养基，可利用固体培养基上菌落的特征来

判断和鉴别细菌的类型，B正确；当纤维素被纤维素酶分解后，刚果红-纤维素的复合物就无法形成，培养基中会出现以纤维素分解菌为中心的透明圈，可通过是否产生透明圈来筛选纤维素分解菌，C正确；在以尿素为唯一氮源的培

养基中加入酚红指示剂鉴定尿素分解菌，D正确。【点睛】注意：菌落是指由一个微生物细胞或一堆同种细胞在适宜固体培养基表面或内部生长繁殖到一定程度，形成肉眼可见的子细胞群落。菌落形态包括菌落的大小、形状、边缘、光泽、质地、颜色和透明程度等，每一种细菌在一定条件下形成固

定的菌落特征；不同种或同种在不同的培养条件下，菌落特征是不同的；这些特征对菌种识别、鉴定有一定意义。9.制备牛肉膏蛋白胨固体培养基的过程中，关于倒平板的描述正确的是()①等培养基冷却至40℃左右时，在酒精灯火焰附近

倒平板②将灭过菌的培养皿放在桌面上，左手拔出棉塞③右手拿锥形瓶，使瓶口迅速通过火焰④用左手的拇指和食指打开皿盖⑤右手将锥形瓶中培养基倒入培养皿，左手立即盖上皿盖⑥等待平板冷却5～10s，将平板倒过来放置，使皿盖在下，皿底在上A.①②③④B.④⑤⑥C.③⑤D.①②④⑥【答案】C【解析】

【分析】【详解】①培养基冷却至50℃左右时，在酒精灯火焰附近倒平板，防止杂菌污染，①错误；②不能将灭过菌的培养皿放在桌面上，因为桌面上可能有杂菌，②错误；③右手拿锥形瓶，使瓶口迅速通过火焰，高温防止杂菌污染，③正确；④用左手的拇指和食指打开一条稍大于瓶口和缝隙，④错误；⑤右手将锥形瓶

中培养基倒入培养皿，左手立即盖上皿盖，并通过酒精灯火焰，⑤正确；⑥等待平板冷却5～10分钟，将平板倒过来放置，使皿盖在下，皿底在上，⑥错误。故选C。10.下列关于酶技术应用的叙述，正确的是（）A.用包埋法将果胶酶固定化后，其活性明显增强B.尿糖试纸含有固定化的葡萄糖酶和过氧化氢酶，可以反复使用

C.较长时间保持酶活性，各种酶制剂都应保存在低温的条件下D.加酶洗衣粉中加入表面活性剂，其目的是促进酶的活性【答案】C【解析】【详解】A、用包埋法将果胶酶固定化后，果胶酶可以多次重复利用，但其活性并未增

强，A错误；B、尿糖试纸是用来鉴定尿液中是否含有葡萄糖，只能使用一次，B错误；C、低温能降低酶的活性，而酶的空间结构保持稳定，因此，较长时间保持酶活性，各种酶制剂都应保存在低温的条件下，C正确；D、加酶洗衣粉中加入的表面活性剂，可优先吸附在各种界

面上，降低水的表面张力，改变体系界面的状态，去除衣物的污渍，但不能促进酶的活性，D错误。故选C。11.下列关于酵母细胞固定化实验的叙述，正确的是A.用温水使海藻酸钠迅速溶解，待其冷却到室温后用于包埋细胞B.

进行包埋时，用于悬浮细胞的CaCl2溶液浓度要适宜C.注射器(或滴管)出口应尽量贴近液面以保证凝胶珠成为球状D.包埋酵母细胞的凝胶珠为淡黄色半透明状，并具有一定的弹性【答案】D【解析】【分析】本题主要考查固定化细胞的相关知识点，回忆制作过程中的注意事

项：（1）配制海藻酸钠溶液：小火、间断加热、定容，如果加热太快，海藻酸钠会发生焦糊；（2）海藻酸钠溶液与酶母细胞混合：冷却后再混合，注意混合均匀，不要进入气泡；（3）制备固定化酵母细胞：高度适宜，并匀速滴入；（4）刚溶化的海藻酸钠应冷却后再与酵母菌混合，否则温度过高会导致酵母菌死亡。【详解】A、

在酵母细胞固定化实验中，应该用小火、间断加热的方式使海藻酸钠缓慢溶解，A错误；B、进行包埋时,CaCl2溶液浓度要适宜，是用于凝胶柱的聚沉，B错误；C、注射器(或滴管)出口应与液面保持适当的距离，以保证凝胶珠成为球状，C错误；D、包埋酵

母细胞的凝胶珠为淡黄色半透明状，并具有一定的弹性，D正确。故选D。【点睛】本题考查细胞固定化技术的相关知识，解答本题的关键是识记相关知识点，特别是实验每一个过程的注意事项，结合题干提示分析答题。12.下列关于有关酶

在生活中应用的分析，错误的一项是（）A.嫩肉粉处理后的肉类制品口感更鲜嫩是因为嫩肉粉中含有蛋白酶B.果胶酶能提高果汁的产量，这是因为果胶酶分解果肉细胞细胞膜，有利细胞液渗出细胞C.刚采摘的玉米经过85℃水中处理

可较好保持甜味，这是因为细胞中酶的活性被破坏D.使用加入蛋白酶的洗衣粉能更有效的去除衣物上的血渍、奶渍【答案】B【解析】【分析】酶是活细胞产生的具有催化作用的有机物，即酶大多数是蛋白质类物质，少数为R

NA。目前常用的酶制剂有四类：蛋白酶、脂肪酶、淀粉酶、纤维素酶，洗涤效果与水温、酸碱度、污物或衣物的性质都有关，酶的活性受温度、酸碱度等外界条件的影响，另外酶具有专一性。【详解】A、嫩肉粉的主要作用是利用蛋白酶对肉中蛋白质进行部分水解，使肉类制品口感达到嫩而不韧、

味美鲜香的效果，A正确；B、由于果胶酶能分解果肉细胞壁中的果胶，所以可提高果汁的产量，B错误；C、刚采摘的玉米经过85℃水中处理可较好保持甜味，这是因为高温破坏了细胞中的酶的空间结构，导致酶不能催化可溶性还原糖转化为淀粉，C正确；D、奶渍和血渍的主要有

机物成分是蛋白质，而酶具有专一性，故使用加入蛋白酶的洗衣粉能更有效的去除衣物上的血渍、奶渍，D正确。故选B。13.下列关于探究不同类型的加酶洗衣粉洗涤效果实验的叙述，错误的是A.探讨含有蛋白酶洗衣粉的洗涤效果不能选择丝绸作为洗涤材料B.洗涤材

料应该选择固定大小的新布料以保证科学实验的严谨性C.洗涤开始前应该将不同类型的加酶洗衣粉放在80℃热水中浸泡D.污渍的污染程度可以通过滴加在洗涤材料上污染物的量来控制【答案】C【解析】【分析】酶的特性：（1）酶具有高效率的催化能力；其效率是一般无机催化剂的107-1013倍。（2）酶具

有专一性。（每一种酶只能催化一种或一类化学反应。）（3）酶的作用条件较温和：需要适宜的温度、pH。（在最适宜的温度和pH条件下，酶的活性最高。低温抑制酶的活性，酶的空间结构没有遭到破坏，温度升高活性可恢复。过酸、过碱或温度过

高，会使酶的空间结构遭到破坏，使酶永久失活。）【详解】A、丝绸作为洗涤材料主要成分是蛋白质，故探讨含有蛋白酶洗衣粉的洗涤效果不能选择丝绸作为洗涤材料，A正确；B、做实验，无关变量保持相同且适宜，故洗涤材料应该选择固定大小的新布料以保证科学实验的严谨性，B正确；C、酶发挥催化作用需要适宜的温度，低温

会使酶的活性降低，高温会使酶变性失活，因此为使加酶洗衣粉的去污效果更好，应该先用温水浸泡，再在温水中清洗；80℃热水对于酶来说温度较高，影响酶活性，C错误；D、污渍的污染程度要保持一致，这可以通过滴加在布料上的

污染物的量来控制，D正确。故选C。14.在探究温度对酶活性的影响的实验中，下列操作中正确的是()A.将适量的苹果泥与果胶酶混合，放入不同温度下保温B.将适量的苹果泥放在不同温度下保温，再加入果胶酶C.将果胶酶放在不同温度下保温，再加入适量

的苹果泥D.将适量的苹果泥和果胶酶分别在不同温度下保温，然后再将酶加入对应温度下的苹果泥中【答案】D【解析】【分析】探究不同的温度对酶活性的影响实验中，温度属于自变量，酶活性属于因变量，底物浓度、酶浓度、反应时间等属于无关变量。【详解】本实验的自变量是预设的不同温度，为

防止苹果泥和果胶酶的常温条件对预设温度的影响，应将适量的苹果泥和果胶酶分别在不同温度下保温，然后再将酶加入对应温度下的苹果泥中，观察果汁的澄清度或出汁量，综上分析，D符合题意，ABC不符合题意。故选D。15.已知某样品中存在甲、乙、丙、丁和戊五种蛋白质分子,其分子大小、电荷的性质和数量

情况如图所示,下列有关蛋白质分离的叙述正确的是A.分子甲与分子戊所带电荷性质相同B.若用凝胶色谱柱分离样品中的蛋白质,则分子甲移动速度最快C.将样品装入透析袋中透析12h，若分子乙保留在袋内，则分子丙也保留在袋内D.用SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳分离样品中的蛋白质分子,则分子甲和分子戊形成的电泳带

相距最远【答案】C【解析】【分析】1、凝胶色谱法分离蛋白质的原理：凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小来分离蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子质量大的蛋白质不容易进入凝胶内部的通道，路程短，

移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离。2、电泳法是利用待测样品中各种分子带电性质的差异和分子本身的大小、形状不同，使带电分子产生不同的迁移速度，从而实现样品中各种分子的分离或鉴定。【详解】分析图示可知，分子甲与分子戊所带电荷性质不相同，A错误；分子甲的相

对分子质量最小，会进入凝胶内部通道而移动速度慢，B错误；若分子乙留在透析袋内，说明其相对分子质量比较大，分子丙比分子乙相对分子质量大，所以分子丙也留在袋内，C正确；SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳中的样品，其电泳迁移率完全取决于分子的大小，相对分子质量相差越大，形

成的电泳带相距越远，故分子甲和分子丙形成的电泳带相距最远，D错误。故选C。16.将经处理破裂后的红细胞混合液以2000r/min的速度离心10min后，离心管中的溶液分为四层，从上到下的顺序依次是()A.血红蛋白、甲苯层、脂溶性物质层、沉淀层B.甲苯层、沉淀层、

血红蛋白、脂溶性物质层C.脂溶性物质层、血红蛋白、甲苯层、沉淀层D.甲苯层、脂溶性物质层、血红蛋白、沉淀层【答案】D【解析】【分析】血红蛋白的提取与分离的实验步骤主要有：（1）样品处理：①红细胞的洗涤，②血红蛋白的释放，③分离血红蛋白溶

液。（2）粗分离：①分离血红蛋白溶液，②透析。（3）纯化：调节缓冲液面→加入蛋白质样品→调节缓冲液面→洗脱→收集分装蛋白质。（4）纯度鉴定--SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳。【详解】混合液经离心后，按密度大小排列

，在离心管中从上到下的顺序依次是：第一层为无色透明的甲苯层；第二层为白色薄层固体，是脂溶性物质沉淀层；第三层为红色透明液体，这是血红蛋白的水溶液；第四层为暗红色沉淀物，主要是红细胞破碎物沉淀。故选D。【点睛】识记血红蛋白的提取与分离试验流程，综合运用所学知识依据题

干情境准确作答。17.利用凝胶色谱法，什么样的蛋白质先洗脱出来（）A.相对分子质量大的B.溶解度高的C.相对分子量小的D.所带电荷多的【答案】A【解析】【分析】凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小分离蛋白质的有效方法，由于蛋白质的相对分

子质量不同，在通过凝胶柱时移动的速度不同从而将不同相对分子质量的蛋白质分开。【详解】A、当不同相对分子质量的蛋白质通过凝胶柱时，分子量大的蛋白质分子不容易进入凝胶内部的通道，路程短，移动的速度快，先洗脱出来，A正确；B、凝胶色

谱法是根据相对分子质量的大小分离蛋白质，与溶解度无关，B错误；C、当不同相对分子质量的蛋白质通过凝胶柱时，分子量较小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长移动的速度慢，后洗脱出来，C错误；D、凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小分离蛋白质，与所带电荷多少无关，D错误。故

选A。18.橘皮精油的提取中，用压榨法得到压榨液，为了使橘皮油易于与水分离，还要分别加入两种物质，并调节pH至7～8，这两种物质是()A.相当于橘皮质量0.25%的小苏打和0.25%的硫酸钠B.相当于橘皮质量0.25%的小苏打和5%的硫酸钠C.相当于橘皮质量5

%的小苏打和0.25%的硫酸钠D.相当于橘皮质量5%的小苏打和5%的硫酸钠【答案】B【解析】【分析】1、橘皮精油无色透明，主要储存在橘皮部分，由于橘皮精油的有效成分在用水蒸气蒸馏时会发生部分水解，又会产生原料焦糊问题，所以一般采用压榨法提取，其提取过程为

：石灰水浸泡→漂洗→压榨→过滤→静置→再次过滤→橘皮精油。2、采用压榨法从橘皮中提取橘皮精油时，由于橘皮中含有果胶和果蜡，直接压榨容易滑脱，使出油率低，而石灰水呈弱碱性，能够破坏细胞结构，分解果胶，防止橘皮压榨时滑

脱，因此为了提高橘皮的出油率需要将橘皮用石灰水浸泡。【详解】橘皮压榨时，为了使橘皮精油易于与水分离，还要分别加入相当于橘皮质量的0.25%的NaHCO3和5%Na2SO4，并调节pH至7-8，故选B。19.下列有关玫瑰油、橘皮精油两种植物芳香油提

取方法的叙述，正确的是A.二者均可以用水中蒸馏法来提取B.二者所用原料均需做干燥去水处理C.为使两种植物精油与水分离，都向混合液中加入了NaClD.提取过程中均需加入Na2S04,该药品在两提取过程中所起作用不同【答案】D【解析】橘皮精油不能用蒸馏法来提取，A错误；玫瑰精油利用水中蒸馏法来提取，

故原料不需要干燥去水处理，B错误；提取玫瑰精油，要向混合液中加入了NaCl，有利于玫瑰精油与水的分层，C错误；提取过程中都需加入Na2SO4，提取玫瑰精油时，Na2SO4的作用是吸水，提取橘皮精油时，NaHCO3和Na2SO4使得

橘皮油与水分离，D正确。20.下列关于植物芳香油的提取技术的叙述．正确的有()①提取植物芳香油有三种基本方法：蒸馏、压榨和萃取②水蒸气蒸馏是利用水蒸气将挥发性强的芳香油携带出来③压榨法是通过机械加压，压榨出果皮中的芳香油④萃取是使芳香油溶

解在有机溶剂中，蒸发溶剂后就可获得芳香油A.一个B.二个C.三个D.四个【答案】D【解析】【详解】①植物芳香油三种提取方法：水蒸气蒸馏法、压榨法、有机溶剂萃取法，①正确；②水蒸气蒸馏法是利用水蒸气将挥发性较强的芳香油携带出来

，形成油水混合物，然后分离油层和水层获得芳香油的方法，②正确；③压榨法的原理是通过机械加压，压榨出果皮中的芳香油，适用于易焦糊原料的提取，如柑橘、柠檬等，③正确；④萃取法原理是植物芳香油易溶于有机溶剂，只要把溶剂蒸发出来，

就可获得纯净的植物芳香油，适用范围较广，④正确。综上所述，D项正确，A、B、C三项均错误。故选D。21.制取橘皮精油的过程中，需先后进行两次过滤，则橘皮精油为A.经过第一次过滤后的滤液B.经过第一次过滤后静置后处理的上清液和第二次过滤后的

滤液C.经过第一次、第二次过滤后的滤液D.经过第二次过滤后的滤液【答案】B【解析】【分析】柑橘、柠檬等原料易焦糊，可用压榨法提取橘皮精油。大致过程为①石灰水浸泡、漂洗→②压榨、过滤、静置→③再次过滤。【详解】将橘皮去水

干燥，然后用石灰水浸泡，经漂洗、压榨得到压榨液后，用布袋过滤除去固体物和残渣（第一次过滤，即A过滤），对滤液进行离心进一步除去较小的残留固体物，再用分液漏斗或吸管将上层的橘皮精油分离出来，然后在5℃～10℃下静置5～7天，使果蜡等杂质沉淀，用吸管吸出上层澄清橘皮油，其余部分通过滤纸过滤（

第二次过滤，即B过滤），滤液与吸出的上层橘皮油合并后成为最终的橘皮精油，即橘皮精油是经过A过滤后静置处理的上清液和B过滤后的滤液。故选B。22.对于蒸馏法、萃取法、压榨法来提取芳香油各自的适用范围的叙述，正确的一项是A.玫瑰油、薄荷油、熏衣草油等芳香油主要通过压榨法获得B.压榨法适用于范围广，要

求原料的颗粒要尽可能细小，能充分浸泡在有机溶液中C.萃取法适用于提取柑橘、柠檬等易焦糊的原料D.蒸馏法适用于提取玫瑰油、薄荷油等挥发性强的芳香油【答案】D【解析】【分析】提取植物精油的常用方法是蒸馏法、压榨法和萃取法，玫瑰精油适合用水蒸气蒸馏法提取，是由于玫瑰精油具有化学性质稳定及易挥发、易溶于

有机溶剂、不溶于水的特性。【详解】A、玫瑰油、薄荷油、熏衣草油等芳香油易挥发，主要通过水蒸气蒸馏法获得，A错误；B、压榨法适用于适用于柑橘、柠檬等易焦糊原料的提取，B错误；C、萃取法适用范围广，要求原料的颗粒要尽可能细小，能充分浸泡在有机溶剂中，C错误；D、蒸馏法利用水蒸气将挥发性较强的植物芳香油

携带出来，适用于提取玫瑰油、薄荷油等挥发性强的芳香油，D正确。故选D。23.对胡萝卜素的提取过程的分析正确的是A.把新鲜的胡萝卜切成米粒大小的颗粒，置于烘箱中烘干时，温度越高、干燥时间越长，烘干效果越好B.在萃取过程中在瓶口安装冷凝回流装置，是为了防止加热时

有机溶剂的挥发C.在萃取后，没有必要进行过滤D.将滤液用蒸馏装置进行蒸馏，要收集蒸发出去的液体，蒸发出去的是胡萝卜素，留下的是有机溶剂【答案】B【解析】【分析】胡萝卜素的提取和鉴定(1)胡萝卜素性质：不溶于

水，微溶于乙醇，易溶于石油醚等有机溶剂。(2)提取方法：萃取法，石油醚最适宜作萃取剂。(3)流程实验流程关键点①选取胡萝卜胡萝卜要新鲜，用清水洗净，沥干②粉碎粉碎要彻底并过筛，有利于材料中胡萝卜素的充分溶解③干燥温度不能太高，否则会导致胡萝卜素分解④萃取在

一定范围内，温度要高、时间要长，保证萃取的效果⑤过滤除去固体残渣⑥浓缩使用蒸馏装置浓缩，获得胡萝卜素(4)鉴定：纸层析法。【详解】A、把新鲜的胡萝卜切成米粒大小的颗粒，置于烘箱中烘干时，温度太高、干燥时间太长，会导致胡萝卜素分解，A错误；B、在萃取过程中在瓶口安装冷凝回流装置，是为

了防止加热时有机溶剂的挥发，B正确；C、在萃取后，过滤的目的是除去固体残渣，C错误；D、将滤液用蒸馏装置进行蒸馏，要收集蒸发出去的液体，蒸发出去的是有机溶液，留下的是胡萝卜素，D错误。因此选B。【点睛】本题主要考查胡萝卜素的提取过程的相关知识

，要求考生识记胡萝卜素的性质及实验的原理，能结合所学的知识准确判断各项。24.以下说法不正确的是A.石油醚、醋酸乙酯、乙醚、苯和四氯化碳这几种有机溶剂中,石油醚的沸点最高,在加热萃取时不易挥发,所以石油醚最适宜用作萃取剂B.乙醇和丙酮不能够用于胡萝卜素的萃取,虽然它们也是有机溶剂,但它们与水混溶

C.对提取出的胡萝卜素进行纸层析鉴定时，可用滴管吸取少量的样品进行点样D.对提取出的胡萝卜素进行纸层析鉴定时，样品点不能浸泡在层析液中【答案】C【解析】【详解】A、石油醚的沸点最高，在加热萃取时不易挥发，所以石油醚最适宜用作萃取剂，A正确；B、萃取剂应该具有较高的沸点，能够充分溶解

胡萝卜素，并且不与水混溶，B正确；C、为保证色素经过纸层析后，色素点清晰，易于鉴别和区分，点样时圆点尽量细小，所以应选用最细注射器的针头，吸取少量的溶液进行点样，而且点样过程要快速细致，C错误；D、对提取出的胡萝卜素进行纸层析

鉴定时，样品点不能浸泡在层析液中，否则色素会溶解到层析液中，在滤纸上分离不到胡萝卜素，D正确。故选C25.如图为胡萝卜素的纸层析结果示意图。下列有关说法不正确的是()A.A、B、C、D4点中，属于标准样品的样点是A和D，提取样品的样点是B和CB.点样应该快速细致，圆点要

小，每次点样时都要保持滤纸干燥C.图中①和②代表的物质分别是其他色素和杂质、β-胡萝卜素D.该层析的目的是鉴定提取的β-胡萝卜素粗品【答案】C【解析】【分析】题图为胡萝卜素的纸层析结果示意图。鉴定的原理是不同的色素在层析液中的溶解度不同，从而在滤纸条上扩散的速

度也不同。点样提取样品要点加在基线中间，而标准样品应点加在基线两侧，即A、D是标准样点，B、C是提取样点。【详解】A、提取出来的胡萝卜素往往含有杂质，在纸层析结果示意图中会有其它色素带，而标准样品只有一

个色素带，所以图中A、B、C、D四点中，属于标准样品的样点是A和D，属于提取样品的样点是B和C，A正确；B、对提取出的胡萝卜素进行纸层析鉴定时，为保证色素经过纸层析后，色素点清晰，易于鉴别和区分，点样时应该快速细致，圆点要小

，每次点样时都要保持滤纸干燥，B正确；C、标准样品的样点是A和D，则在图中的层析谱中，①代表的物质是β-胡萝卜素、②代表的物质是其他色素和杂质，C错误；D、该层析的目的是鉴定提取的β-胡萝卜素粗品，D正

确。故选C。26.已知天然胡萝卜素是防癌抗癌食品、保健品和药品。胡萝卜素化学性质较稳定，可以用来治疗某些疾病。有关胡萝卜素及提取的叙述不正确的是A.根据双键的数目可以将胡萝卜素划分为a、β、γ三类B.一分子β-胡萝卜素将被水解成两分

子的维生素AC.石油醚是萃取胡萝卜素的良好溶剂，水浴加热可以提高萃取效率D.实验结果将需要对提取的胡萝卜素粗品与标准样品纸层析比较【答案】B【解析】【分析】(1)胡萝卜素含多个碳双键，根据双键的数目可以将胡萝卜素划分为a、β、γ三类；其中β-胡萝卜素可在人或动

物的小肠或肝脏等器官中被氧化成两分子的维生素A。(2)根据胡萝卜素易溶于有机溶剂的特点，可以选用沸点较高的石油醚作为萃取剂，以提高萃取效率。萃取过程应该避免明火加热，采用水浴加热，这是因为有机溶剂都是易燃的

，直接使用明火加热，容易引起燃烧、爆炸。的效率与萃取剂和原料二者有密切的关系，但其主要取决于萃取剂的性质和使用量，其次还受到原料颗粒的大小、紧密程度、含水量、萃取的温度和时间等条件的影响。(3)对胡萝卜素提取粗品进行鉴

定采用的是纸层析法，其原理即滤纸对各有机成分的吸附力不同而导致随层析液在滤纸上的运动速度不同，从而使各成分分开。【详解】A.胡萝卜素中含多个碳双键，根据双键的数目可以将胡萝卜素划分为a、β、γ三类，A正确；B.一分子β

-胡萝卜素在人或动物的小肠或肝脏等器官中被氧化成两分子的维生素A，B错误；C.石油醚沸点高，是萃取胡萝卜素的良好有机溶剂，水浴加热可以提高萃取效率，C正确；D.为了鉴定实验结果萃取的粗品中胡萝卜素，需要将提取的粗品与标准样品用纸层析法比较，

D正确.故选B。【点睛】易错选项B：容易将“一分子β-胡萝卜素可被氧化．．成两分子的维生素A”误认为是“水解．．成两分子的维生素A”。27.下列过程，哪些不是发生在内环境中的生理生化反应()①神经递质和激素的合成②抗体和抗原的特异性结合③丙酮酸氧化分解成

二氧化碳和水④神经递质和突触后膜受体的作用⑤乳酸与碳酸氢钠作用生成乳酸钠和碳酸⑥蛋白质在消化道中的消化分解A.②④⑤B.⑤⑥C.①③④D.①③⑥【答案】D【解析】【分析】内环境又叫细胞外液，由血浆、组织液和淋巴组成，凡是发生在血浆、组织液或淋巴中的反应都属于发生在

内环境中的反应，发生在细胞内的反应不属于发生在内环境中是反应，不是内环境．【详解】①神经递质和激素的合成发生在细胞内，不发生在细胞外，不是发生在内环境中的生理生化反应，①正确；②抗体和抗原的特异性结合，发生在内环境中

，②错误；③丙酮酸氧化分解成二氧化碳和水发生在细胞内，不发生在细胞外，不是发生在内环境中的生理生化反应，③正确；④神经递质和突触后膜受体的作用发生在组织液内，属于发生在内环境中的生理生化反应，④错误；⑤乳酸与碳酸氢钠作用生

成乳酸钠和碳酸发生在血浆中，属于发生在内环境中的反应，⑤错误；⑥消化道与外界环境直接相通，消化道内的液体不是体液，蛋白质在消化道中的消化分解不是发生在内环境中的生理生化反应，⑥正确。综上所述①②③④⑤

⑥中不是发生在内环境中的生理生化反应是①③⑥。故选D．【点睛】本题是对发生在内环境中的生化反应的总结，规律总结：凡是发生在血浆、组织液、淋巴液中的生化反应都属于发生在内环境中的生理生化反应；凡是只发生在细胞内的反应都不是发生在内环境中的生理

生化反应；与外界环境直接相通的腔性器官内的液体不属于体液，其内的生化反应也不是发生在内环境中的生理生化反应．28.下图某反射弧结构的模式图，其中乙表示神经中枢，甲、丙未知。神经元A、B上的1、2、3、4为四个实验位点。现欲探究A是传出神经元还是传入神经元，某研

究小组将微电流计的两个电极分别搭在位点2和位点3的神经纤维膜外侧。下列说法错误的是A.刺激位点4，若微电流计指针偏转2次，则A为传入神经元B.刺激位点4，若微电流计指针偏转2次，则A为传出神经元C.刺激位点1，若微电流计指针偏转2次，则A为传入神经元D.刺激位点

1，若微电流计指针偏转1次，则A为传出神经元【答案】A【解析】【分析】反射弧通常由感受器、传入神经、神经中枢、传出神经和效应器组成，已知乙表示神经中枢，则甲、丙中，一个是感受器、一个是效应器，A和B中，一个是传入神经、另一个是传出神经，而兴奋在神经元上可以双向传导，

在神经元之间只能单向传递，据此分析。【详解】A.将微电流计的两个电极分别搭在位点2和位点3的神经纤维膜外侧，刺激位点4，若微电流计指针偏转2次，说明兴奋可由B传向A，则A为传出神经元，A错误；B.据A分析可知，刺激位点4，若微电流计指针偏转2次，则A为传出神经元，

B正确；C.将微电流计的两个电极分别搭在位点2和位点3的神经纤维膜外侧，刺激位点1，若微电流计指针偏转2次，说明兴奋可由A传向B，因此A为传入神经元，C正确；D.将微电流计的两个电极分别搭在位点2和位点3的神经纤维膜外侧，刺激位点1，若微电流计指针偏转1次，说明兴奋不能从A传向B，因此A为传出神

经元，D正确。29.下列有关各种疾病和诊断的叙述正确的是()A.如果人在幼年时期甲状腺激素分泌不足就会引起侏儒症B.获得性免疫缺陷综合征和风湿性心脏病都属于免疫缺陷病C.听觉性语言中枢(H区)受损伤时，引起听觉性失语症，患

者可以讲话和书写，也能看懂文字，但听不懂别人的讲话D.当血糖含量低于45mg/dL时，机体出现昏迷等现象的原因是骨骼肌得不到血糖供应【答案】C【解析】【分析】1.当血糖含量低于45mg/dL时，身体就会出现低血糖晚期症状；当血糖含量低于60mg/dL时，身体就会出现低血糖早期症状；当血糖含量高

于130mg/dL，叫做高血糖；当血糖含量高于160mg/dL，就会出现糖尿。2.生长激素缺乏症是侏儒症，甲状腺激素缺乏症是呆小症。3.自身免疫病：是指机体对自身抗原发生免疫反应而导致自身组织损害所引起的疾病。举例：风湿性心脏病、类风湿性关节炎、系统性红斑狼疮等。【详解】A、如果人在幼年时期生

长激素分泌不足就会引起侏儒症，甲状腺激素不足会患呆小症，A错误；B、风湿性心脏病是由于免疫过度引起的自身免疫疾病，B错误；C、H区为听觉性语言中枢，此区受损，不能听懂话（听觉性失语症），C正确；D、血糖含量低于45mg/

dL时，机体出现昏迷等现象的原因是脑组织得不到足够的能量供给，发生功能障碍而引起的，D错误。故选C。30.实验小组的同学从小白鼠的体内提取了一种激素，推测可能是胰岛素或甲状腺激素。实验小组为了探究该激素是何种激素，把生理状况相同的

小鼠分成四组，编号甲、乙、丙、丁，给甲组小鼠注射一定量的该激素，乙组小鼠注射等量的生理盐水，丙组小鼠饲喂含该激素的饲料，丁组小鼠饲喂不含该激素的饲料，观察现象。下列分析错误的是A.如果甲组小鼠出现休克，注射适量的葡萄糖后恢复，说明该激素是胰岛素B.如果甲组小鼠比乙组小

鼠兴奋、呼吸和代谢加快，说明该激素是甲状腺激素C.如果丙组小鼠出现休克，饲喂适量的葡萄糖后恢复，说明该激素是胰岛素D.如果丙组小鼠比丁组小鼠兴奋、呼吸和代谢加快，说明该激素是甲状腺激素【答案】C【解析】分析：胰岛分泌的胰岛素能调节糖在体内的吸收、利用和转化，具有降血糖的作

用，胰岛素分泌过多会出现低血糖症状；胰岛素分泌不足会患糖尿病。甲状腺分泌的甲状腺激素的作用是促进新陈代谢和生长发育，提高神经系统的兴奋性，成年人甲状腺激素分泌过多会患甲亢；幼年时期甲状腺激素分泌不足，会患

呆小症。详解：胰岛素具有降血糖的作用，血糖浓度过低会出现休克等低血糖症状。如果甲组注射该激素后小鼠出现了休克，然后注射适量的葡萄糖后又得以恢复，说明该激素是胰岛素，A正确；甲状腺激素可以促进新陈代谢、加速

物质的氧化分解，提高神经系统的兴奋性。如果甲组小鼠比乙组小鼠兴奋、呼吸和代谢加快，说明该激素是甲状腺激素，B正确；丙组小鼠是饲喂了含该激素的饲料，而胰岛素的化学本质是蛋白质，口服会被消化而失去疗效的，C错误；甲状腺激素是含碘的氨基酸衍生物，可

以口服。如果丙组小鼠比丁组小鼠兴奋、呼吸和代谢加快，说明该激素是甲状腺激素，D正确。点睛：解答本题的关键是了解甲状腺激素和胰岛素的作用机理，识记两种激素缺乏或者过多引起的症状，并能根据实验设计的一般原则对各选项进行分析。31

.科学家发现过度肥胖的动物往往血糖浓度过高，给某品系的高血糖肥胖老鼠注入胰岛素后，发现血糖浓度并未下降．进一步研究发现，这是由于其对胰岛素不敏感造成的。有人推测阿司匹林可以恢复肥胖老鼠对胰岛素的敏感性。他们用上述品系老鼠做实验，方法如下：先给老鼠服用三周的阿司匹林后，再注射用缓冲液配制的胰

岛素，一段时间后，血糖开始下降。该实验还需要一个对照组，以下设置最合理的是（）A.给老鼠服用三周阿司匹林，在停药一段时间后，测定血糖浓度B.既不服用阿司匹林，也不注射胰岛素，三周后测定血糖浓度C.给老鼠服用三周阿司匹林后，注射等量缓冲液，一段时间后测定血糖浓度D.给老鼠在服用阿司匹林的

同时注射胰岛素，三周后测定血糖浓度【答案】C【解析】【分析】经过处理的组是实验组，未经过处理的组是对照组，根据题意，“过度肥胖的动物往往血糖浓度过高，给老鼠注入胰岛素后，发现血糖浓度并未下降”，说明胰岛素对过度肥胖的动物不能起降血糖的作用；而有人推测阿司匹林可以恢复

肥胖老鼠对胰岛素的敏感性，故实验目的是“探究阿司匹林可能对降低肥胖动物血糖有效果”，根据题干实验组可知，自变量是是否添加胰岛素，因变量是血糖浓度。【详解】实验目的是“阿司匹林可能对降低肥胖动物血糖有效果”，根据实验设计时要注意单

一变量原则和对照原则，实验组先给老鼠服用三周的阿司匹林后，再注射胰岛素，一段时间后，血糖开始下降，则对照组应给老鼠服用三周阿司匹林后，注射等量生理盐水，一段时间后测试血糖浓度，C正确。32.如图表示三个神经元及其联系

，其中“”表示从树突到细胞体再到轴突，甲、乙为两个电表。下列有关叙述错误的是A.图中共有3个完整的突触B.在d点施加一强刺激，则a、b、e、f都能测到电位变化C.在b点施加一强刺激，则该点的膜电位变为内正外负，并

在f点可测到电位变化D.用一定的电流刺激a点，甲和乙都发生两次偏转【答案】B【解析】【分析】由图可知，图中涉及3个神经元，3个突触，兴奋传递的方向为顺时针。【详解】A、由图可知，图中共有3个完整的突触，均为轴突-树突型，A正确；B、在d点施加一强刺激，只有c点可以检测到电位变化，a、b、e

、f不能测到电位变化，B错误；C、在b点施加一强刺激，则该点的膜电位变为内正外负，兴奋可以传递到e、f所在的神经元，故在f点可测到电位变化，C正确；D、用一定的电流刺激a点，甲和乙的两极均会先后兴奋，故均会发生两次偏转，D正

确。故选B。33.下列生产措施与预期结果对应一致的是（）A.播种前用一定浓度的赤霉素溶液浸泡种子——促进种子萌发B.用适当浓度的生长素处理未成熟的果实——可以获得无子果实C.生长期喷洒适宜浓度的乙烯利——促进种子的形成和果实的发育

D.成熟期喷洒一定浓度的细胞分裂素溶液——加速叶片的黄化速度【答案】A【解析】【详解】播种前用一定浓度的赤霉素溶液浸泡种子，赤霉素可促进种子萌发，A项正确；未成熟的果实已经有种子形成，用一定浓度的生长素处理未受粉的雌蕊柱头，可以获得无子果实，B项错误；乙烯利促进果实的成

熟，C项错误；细胞分裂素促进细胞分裂，成熟期喷洒一定浓度的细胞分裂素溶液，可延缓叶片的黄化速度，D项错误。【点睛】五种植物激素对应的生长调节剂的应用名称对应生长调节剂应用生长素萘乙酸、2,4－D①促进扦插枝条生根；②促进果实发育，防止落花落果；③农业除草剂赤霉素赤霉素

①促进植物茎秆伸长；②解除种子和其他部位休眠，用来提早播种细胞分裂素青鲜素蔬菜贮藏中，常用它来保持蔬菜鲜绿，延长贮存时间乙烯乙烯利处理瓜类幼苗，能增加雌花形成率，增产脱落酸矮壮素落叶与棉铃在未成熟前的大量脱落34.下图表示某地域中以湿度和温

度为变量，描绘出的两个种群能存活和增殖的范围。下列有关叙述正确的是()A.甲种群与乙种群之间存在的只是竞争关系B.甲种群在该地域的分布包括垂直结构和水平结构C.湿度和温度相互作用是种群数量变化的决定因素D.在高温、高湿的条件下，乙种群具有更大的生存优势【答案】D【解析】【分析】根据

题意和图示分析可知：甲种群能存活和增殖的适宜范围是低温和低湿度，乙种群能存活和增殖的适宜范围是高温和高湿度，它们适宜的生存的环境不相同。【详解】A、由题无法确定甲乙两种群的关系，A错误；B、只有群落才具有垂直结构和

水平结构之说，种群没有这些特征，B错误；C、决定种群数量变化的决定因素是出生率、死亡率、迁入和迁出，C错误；D、在高温、高湿的条件下，对甲种群不适宜，对乙种群适宜，所以乙种群具有更大的生存优势，D正确．故选D。35.如图甲、乙

、丙分别表示在有限空间内培养（或饲养）两种生物的实验结果，下列相关的叙述错误的是A.豆科植物与根瘤菌的种群数量变化关系如甲图所示B.噬菌体与细菌的种群数量变化关系如乙图所示C.甲、乙、丙分别表示的是互利共生、捕食、竞争关系D.丙实验初期，种内的互助与种间的斗争

并存，后期X的种内斗争加剧【答案】B【解析】【分析】据图分析，甲图两种生物的数量变化趋势一致，属于互利共生的关系；乙图中两种生物一种增多（减少），另一种也随着增多（减少），属于捕食关系；丙图中两种生物一种数量增多，另

一种生物大量减少或死亡，属于竞争关系。【详解】A.豆科植物与根瘤菌是互利共生关系，符合甲图，A正确；B.噬菌体与细菌为寄生关系，而不是捕食关系，乙图为捕食关系，B错误；C.据图可知，甲、乙、丙分别表示的是互利共生、捕食、竞争关系，C正确；D.丙初期种内

互助与种间斗争都会存在，后期因消失了一种生物，X种内斗争会加剧，D正确。故选B。36.如图表示种群数量增长的“J”型曲线和“S”型曲线，下列有关叙述不正确的是A.自然状态下种群数量的变化极少数是曲线X,其余的都是曲线Y的趋势B.曲线X的

数学模型为Nt=N0λt，N0表示该种群的起始数量，Nt表示t年后该种群的数量，λ表示该种群数量是一年前种群数量的倍数C.不考虑迁入迁出，BC段种群出生率大于死亡率D.同一群落中不同种群的K值不同【答案】A【解析】【详解】A、在自然状态下，生物的生长都要受到自然环境的制约，一般都是曲线Y的

趋势，A错误；B、依据图示可知，曲线X是表示的“J”型曲线，曲线Y表示的是“S”型曲线，故曲线X可建立数学模型：Nt=N0λt，其中N0表示该种群的起始数量，λ表示该种群数量是一年前种群数量的倍数，t表示年份，Nt表示t年后该种群的数量，B正确；C、在曲线Y上

，BC段表示种群数量一直在增长，只是比开始增长的要慢些，但仍然在增长，如果不考虑迁入和迁出，那么，种群的出生率还是大于死亡率，C正确；D、K值是环境对该种群数量上的最大容纳值，对于同一群落中的不同种群，K值是不同的，D正确。故选A。37.下图表示某生态系

统中，四种生物所同化的有机物的量占该生态系统有机物总量的比例，则这四种生物之间的食物关系最可能的是（）A.B.C.甲→乙→丙→丁D.【答案】A【解析】【详解】试题分析：生态系统内的能量只能从第一营养级流向第二营养级，再依次流向下一个营养级，不能逆向流动，也不能循环流动。能量在沿食物链流

动的过程中，逐级减少。生产者同化的能量最多。据图可知，甲同化的有机物的能量最多，乙和丙同化的有机物的能量差不多，丁同化的有机物的能量最少。所以A项正确。考点：本题考查了生态系统能量流动和营养结构的相关内容．关注能量流动的特点是

单向流动、逐级递减。38.下列关于生态系统相关的说法，正确的有几项①生态系统的结构包括非生物的物质和能量、生产者、消费者、分解者②所有生态系统必须有生产者、消费者及分解者才能维持其稳定③组成生物体的C、H、O、N等元素，不断在无机环境和生物群落之间进行循环的过程，叫

生态系统的物质循环④任何生态系统都需要不断得到来自系统外的能量补充，以便维持生态系统的正常功能⑤植物生长素对植物生长的调节属于生态系统的信息传递中的化学信息⑥信息传递对于个体、种群、群落、生态系统的稳定都有重要作用A.一项B.两项C.三项D.四项【答案】C【解析】【分析】1、生

态系统的结构包括生态系统的组成成分（非生物的物质和能量、生产者、消费者和分解者）和营养结构（食物链和食物网）．2、生态系统的功能包括物质循环、能量流动和信息传递．3、生态系统的稳定性表现在两个方面：一方面是生态系统抵抗外界干扰并使自

身的结构和功能保持原状（不受损害）的能力，叫做抵抗力稳定性．另一方面是生态系统在受到外界干扰因素的破坏后恢复到原状的能力，叫做恢复力稳定性．生态系统中的组成成分越多，营养结构就越复杂，生态系统的自动调

节能力就越强，其抵抗力稳定性就越强，相反的其恢复力稳定性往往就越弱。【详解】生态系统的结构包括非生物成分（非生物的物质和能量、生产者、消费者、分解者）和营养结构两部分，①错误；理论上，生态系统只要有生产者、分解者就可以能持其稳定，②错误；组成生物体的C、H、O、N等

元素都不断从生物群落到无机环境，又从生物群落到无机环境，这就是生态系统的物质循环，其特点是具有全球性，③正确；由于能量流动的特点是单向流动、逐级递减，因此任何生态系统都需要不断得到来自系统外的能量补充，以便维持生态系统的正常功能，④正确；生态系统的信息传递，它可发生在同一物种之间的不同个体或不

同物种之间的，而植物激素的作用是在个体的体内，不属于信息传递，⑤错误；生态系统的信息是生命活动不可缺少的，且可以调节生物种间关系，维持个体、种群、群落、生态系统稳定，⑥正确。故选C。【点睛】本题考查生态系统的结构和功能及其稳定性的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析

问题和解决问题的能力。39.美国生态学家林德曼对结构相对简单的天然湖泊—赛达伯格湖的能量流动进行了定量分析，得出了如下数据(数字代表能量值，单位是J／cm2·a)，据图分析，正确的是A.该生态系统营养结构简单，只含有一条食物

链B.用于植食性动物生长、发育和繁殖的能量是62.8J／cm2·aC.“未利用”是指未被自身呼吸作用消耗，也未被后一个营养级和分解者利用的能量D.肉食性动物的粪便中所含的能量包含在上图箭头“微量”中【答案】C【解析】【分析】图

示为生态系统的能量流动示意图，据图可知每一营养级能量的去路：①流向下一营养级（最高营养级除外），②自身呼吸消耗，③分解者分解利用，④未被利用。【详解】A.图中未明确生物的种类，故不能确定该生态系统只含有一条食物链，A错误；B.用于植

食性动物同化的能量为62.8J／cm2·a，B错误；C.未利用是指未被自身呼吸作用消耗，也未被下一营养级和分解者利用的能量，C正确；D.肉食性动物的粪便中所含的能量属于上一营养级中的能量，不包含在上图箭头“微量”中，D错误。40.下列对应关系不正确的是（）①青

蒿素是一种治疗疟疾的药物②每个物种都维系着它们所在的生态系统的结构和功能③某种不知名的植物④我国古代诗人常常感慨于祖国的大好河山、美丽景色，留下了许多名篇名句A.①属于直接价值B.②属于间接价值C.③属于潜在价值D.④属于间接价值【答案】D【解析】【分析】由题文和选项的描述

可知：该题考查学生对生物多样性的价值的相关知识的识记和理解能力。【详解】①青蒿素是一种治疗疟疾的药物，体现了生物多样性的直接价值，A正确；②每个物种都维系着它们所在的生态系统的结构和功能，体现了生物多样性的间接价值，B正确；③某种不知名的植物，

体现了生物多样性的潜在价值，C正确；④我国古代诗人常常感慨于祖国的大好河山、美丽景色，留下了许多名篇名句，体现了生物多样性的直接价值，D错误。二、非选择题41.如图1是某生态系统的能量流动图解，图中数值的单位为kcal(m2·a)。图2是某岛屿居民与该岛上的植物、兔、鼠、鼬和鹰构成

的食物网，某个时期，当地居民大量捕杀鼬，导致岛上鼠种群爆发，随后由鼠疫杆菌引起的鼠疫通过跳蚤使人感染。请回答问题：(1)图1中第二营养级的能量流入第三营养级的传递效率约为________%(保留一位小数)。(2)图1数据反映出该生态系统的生物群落没有演替到相对稳定的阶段，判断依

据是能量输入________(填“大于”、“等于”或“小于”)能量输出。(3)图2所示食物网中，植物中的能量能通过________条食物链传递给鹰；鹰所处的营养级是________；兔和人的种间关系是________；鼠疫杆菌与人的种间关系是________。(4)通常情

况下，鼬对鼠种群数量的影响____________(填“大于”、“小于”或“等于”)寄生在鼠身上的跳蚤对鼠种群数量的影响；大量捕杀鼬会导致鼠种内斗争________(填“增强”、“不变”或“减弱”)。(5)生长在该岛上的蘑菇体内储存

的能量________(填“能”或“不能”)传递给植物。【答案】(1).11.3(2).大于(3).4(4).第三和第四营养级(5).竞争与捕食(6).寄生(7).大于(8).增强(9).不能【解析】本题考查能量在各个营养级间的流动和食物链（网）相关知识，

意在考察考生对知识点的理解和应用能力。（1）营养级的传递效率是两个营养级的同化量之比，所以第二营养级的能量流入第三营养级的传递效率约为380÷3370×100%=11.3%。（2）分析数据该生态系统输

入的能量是20810单位，而全部输出的能量是4600+11980+1890+316+13=18799单位，由此可知有能量的积累，所以该生态系统处于发展阶段，如果处于稳定阶段，能量的输入和输出是大致相等的。（3）分析图2中的食物链，植物中的能量通过兔和鼠的之后的各自2条食物链传给鹰，

所以一共是4条。鹰在不同的食物链中可以处于第三（直接以兔或鼠为食）和第四营养级（以鼬为食）。兔和人之间既有捕食关系也有竞争植物的关系。鼠疫杆菌可以寄生在人体，所以是寄生关系。（4）鼬对鼠是捕食关系，而寄生关系一般不会导致宿主死亡，所以

鼬对鼠种群数量的影响大于寄生在鼠身上的跳蚤对鼠种群数量的影响。大量捕杀鼬会导致鼠种群数量上升，所以种内斗争加剧即增强。（5）蘑菇是分解者，其体内储存的能量是不能供生产者利用的。点睛：能量传递的效率一定是营养级之间的同化量之比

，此外要判断一个生态系统中是否处于发展或稳定阶段，要看生产者固定的全部太阳能与所有生物呼吸释放的能量之和的大小，如果固定的能量有剩余说明该生态系统是发展的，如果固定的能量和通过各种呼吸输出的能量大致相当那就是出于稳定状态。42.

为了分离和纯化高效分解石油的细菌，科研人员利用被石油污染过的土壤进行如图A所示的实验。（1）配制好的培养基灭菌通常可以使用_________法。步骤③与步骤②中培养基成分的最大区别是__________________________

_____。（2）同学甲进行过程④的操作，其中一个平板经培养后的菌落分布如图B所示。该同学的接种方法是___________；推测同学甲用此方法接种时出现图B结果可能的操作失误是________________；在接种前，随机取若干灭菌后的空白平板先行培养了一段时间，这样做的目的是_____

_______________。（3）同学乙也按照同学甲的接种方法进行了过程④的操作：将1mL样品稀释100倍，在3个平板上分别接入0.1mL稀释液；经适当培养后，3个平板上的菌落数分别为56、58和57。据此可得出每升样品中的活菌数为___________

_____。（4）步骤⑤需要震荡培养其目的是提高培养液溶氧量，同时使__________，提高营养物质利用率。（5）步骤⑤后取样测定石油含量的目的是____________________。【答案】(1).高压蒸汽灭菌(2)

.石油是唯一碳源(3).稀释涂布平板法(4).涂布不均匀(5).检测培养基平板灭菌是否合格(6).5.7×107(7).菌体与培养液充分接触(8).筛选出分解石油能力最好的细菌【解析】本题考查分解石油的细菌的筛选，要求考生明确微生物的接种

、筛选方法，能根据所学知识分析操作流程图，筛选出所需要的石油分解菌，并能对计数结果进行计算。（1）根据题意，要分离和纯化高效分解石油的细菌，配制好的培养基灭菌通常可以使用高压蒸汽灭菌法。图中步骤②是扩大培养来自被石油污染过的土壤中细菌，步

骤③是利用添加石油扩大培养分解石油的细菌，步骤③与步骤②中培养基成分的最大区别是步骤③的培养基中石油是唯一碳源。（2）过程④是对分解石油的细菌进行分离，分析B图可知，分解石油的细菌在培养基表面分布较为均匀，说明同学甲进行过程④的操作中接种方法是稀释涂布平板法；图B中培养基表面左侧的菌落数目

明显比右侧多，推测同学甲用此方法接种时出现图B结果可能的操作失误是接种时涂布不均匀；在接种前需随机取若干灭菌后的空白平板先行培养了一段时间，这样做的目的是检测培养基平板灭菌是否合格。（3）同学乙也按照同学甲的接种方法进行了过程④的操作：将1mL样品稀释1

00倍，在3个平板上分别接入0.1mL稀释液；经适当培养后，3个平板上的菌落数分别为56、58和57。据此可得出每升样品中的活菌数为（56+58+57）30.1x100x1000=5.7×107。（4）步骤⑤需要

震荡培养其目的是提高培养液溶氧量，同时使菌体与培养液充分接触，提高营养物质利用率。（5）步骤⑤后取样测定石油含量的目的是筛选出分解石油能力最好的细菌，其中石油剩余量最少的一组所含的细菌就是分解石油能力最好的细菌。43.请回答

下列有关“胡萝卜素提取”的问题。（1）以下为提取胡萝卜素的实验流程：胡萝卜→粉碎→干燥→A→过滤→B→胡萝卜素。其中，A过程叫__________，B过程叫________。（2）在胡萝卜颗粒的加热干燥过程中，应严格将控制__________在一定范围内。（3）图甲为提取胡萝卜素的装置示意图，请指

出图中一处错误并改正：__________。（4）图乙是胡萝卜素粗品鉴定装置示意图。该鉴定方法的名称是________法。图乙中⑤为________，实验过程中点样时应注意______________________________。（5）在图乙的胡萝卜素的结果示意图中，A、B、C、D四点

中，属于提取样品的样点是________________。【答案】(1).萃取(2).浓缩(3).温度和时间(4).应避免明火加热，而采用水浴加热(5).纸层析(6).样品原点(7).快速细致并注意保持滤

纸干燥(8).B和C【解析】【分析】1、胡萝卜素是橘黄色结晶，化学性质比较稳定，不溶于水，微溶于乙醇，易溶于石油醚等有机溶剂。提取天然胡萝卜素的方法主要有：一是从植物中提取；二是从大面积养殖的岩藻中荻得；三是利用微生物的发酵生产。最适

宜作胡萝卜素萃取剂的是石油醚。实验流程为：胡萝卜→粉碎→干燥→萃取（石油醚）→过滤_→浓缩→胡萝卜素→鉴定（纸层析法）。2、胡萝卜素鉴定的方法一般采用纸层析法，其基线一般距底边2cm。点样时，应该快速细致，圆点要小，每次点样时滤纸都要干燥。A、B、C、D4点中，属于标准样品的样

点是A和D，提取样品的样点是B和C。在图中的层析谱中，①和②代表的物质分别是β-胡萝卜素、其他色素和杂质，该层析的目的是胡萝卜素粗品的鉴定。【详解】（1）从胡萝卜中提取胡萝卜素常用的方法是萃取法，实验流程为：胡萝卜→粉碎→干燥→萃取（石油醚）→过滤→浓缩→胡萝卜素→鉴定（纸层析

法）。（2）在胡萝卜颗粒的加热干燥过程中，如果温度过高，干燥时间太长会导致胡萝卜素分解，因此应严格将温度和时间控制在一定范围内。（3）萃取过程应该避免明火加热，因为有机溶剂都是易燃物，直接使用明火加热容易引起燃烧、爆炸，因此采用水浴加热。（4）该色素分离的方法纸层析法．图乙中⑤为样品原点，⑦为其他

色素和杂质，实验过程中点样时应注意快速细致、圆点细小并注意保持滤纸干燥。（5）在图乙的胡萝卜素的结果示意图中，A、B、C、D四点中，A和D没有其它色素带，属于标准样品的样点，为对照组，实验组是BC，即属于提取样品的样点。【点睛

】本题主要考查微生物的培养和胡萝卜素的提取，意在强化学生对微生物培养的操作和萃取法提取胡萝卜素的过程的理解与运用。44.血红蛋白是人和其他脊椎动物红细胞的主要组成成分，负责血液中2O和部分2CO的运输。根据血红蛋白的提取和分离流程图（如图），请回答下

列问题：（1）凝胶色谱法中所用的凝胶大多数是由______________等多糖类化合物构成的微小多孔球体。（2）将实验流程补充完整；A为______________，B为______________

。（3）洗涤红细胞次数过少会影响分离效果的原因是____________________________。（4）在装填色谱柱时不能有气泡存在，因为____________________________，降低分离效果；如果_______

_____________________，说明色谱柱制作成功。（5）SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳中，SDS能与各种蛋白质结合形成蛋白质-SDS复合物，由于SDS所带负电荷的量大大超过了蛋白质分子原有的电荷量，因而掩盖了不同种蛋白质间的电荷差别，从而使电泳的迁移率完

全取决于____________________________。【答案】(1).葡聚糖或琼脂糖(2).血红蛋白的释放(3).凝胶色谱柱的装填(4).无法除去血浆蛋白(5).气泡会扰乱洗脱液中蛋白质的洗脱次

序(6).红色区带均匀一致地移动(7).分子的大小【解析】【分析】血红蛋白的提取与分离的实验步骤主要有：（1）样品处理：①红细胞的洗涤，②血红蛋白的释放，③分离血红蛋白。（2）粗分离：①分离血红蛋白溶液，②透析。（

3）纯化：调节缓冲液面→加入蛋白质样品→调节缓冲液面→洗脱→收集分装蛋白质。（4）纯度鉴定--SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳。【详解】（1）凝胶色谱法中所用的凝胶大多数是由葡聚糖、琼脂糖等多糖类化合物构成的微小多孔球体。（2）血红蛋白的提取和

分离流程为：红细胞的洗涤→血红蛋白的释放→分离血红蛋白溶液→透析→凝胶色谱柱的制作→凝胶色谱柱的装填→样品的加入和洗脱。可见，A表示血红蛋白的释放，B表示凝胶色谱柱的装填。（3）洗涤红细胞的目的是去除杂蛋白，以利于后续步骤的分离纯化，洗涤次数过少，无法去除血浆蛋白，影响分离效果。（4）由

于气泡会搅乱洗脱液中蛋白质的洗脱次序，降低分离效果，所以在装填凝胶色谱柱时，不得有气泡产生。在蛋白质分离过程中，如果红色区带均匀一致地移动，说明色谱柱制作成功。（5）SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳中，SDS能与各种蛋白质结合形成蛋白质-SDS复合物，由于SDS所带负电荷的量

大大超过了蛋白质分子原有的电荷量，因而掩盖了不同种蛋白质间的电荷差别，从而使电泳的迁移率完全取决于分子的大小。【点睛】理清血红蛋白的提取和分离的实验原理、样品处理和凝胶色谱操作的流程及其注意事项等相关知识。在此基础上，以图示中的“箭头指向

和文字信息”为切入点，从中把握所蕴含的生物学信息，进而对相关题情境进行分析解答。