【文档说明】四川省宜宾市第四中学校2022-2023学年高二上学期12月期末物理试题 含解析.docx，共(14)页，1.238 MB，由小赞的店铺上传

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宜宾市四中2022-2023学年秋期高二期末模拟考试物理试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名和座位号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择

题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷自己保管，答题卡交回。4.物理110分，化学100分，生物90分；同堂分卷考试，满分300分，考试时间共150分钟。第Ⅰ卷选择题（54分）一．选择题：本题共9小题，每小题6分，共54分。在每小题给出的四个选项中，第1-6题

只有一项符合题目要求，第7-9题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.关于摩擦起电现象，下列说法正确的是（）A.摩擦起电现象使本来没有电子和质子的物体中产生电子和质子B.两种不同材料的绝缘体互相摩擦后，同时带上等量异种电荷C.摩擦起电可能是因为摩

擦导致质子从一个物体转移到了另一个物体而形成的D.丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻璃棒上转移到丝绸上，丝细因电子数多于质子数而带正电荷【答案】B【解析】【详解】A．摩擦起电现象使电子从一个物体转移到了另一个物体，并没有产生电子和质子，故A错误；B．两种不同材料的绝缘体

互相摩擦后，根据电荷守恒定律可知，同时带上等量异种电荷，故B正确；C．摩擦起电，是因为摩擦导致电子从一个物体转移到了另一个物体而形成的，故C错误；D．丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻璃棒上转移到丝绸上，丝细因电子数多于质子数而带负电荷，故D错误。故选B。2.有一横截面积为S的铜导线，

流经其中的电流为I，设每单位体积的导线内有n个自由电子，电子电荷量为e，此时电子的定向移动速率为v，在Δt时间内，通过导体横截面的自由电子数目为（）A.SvtB.IteC.nvtD.ItSe【答案

】B【解析】【详解】根据电流的定义式qIt=在Δt时间内通过导体横截面的自由电子的电量qIt=则在Δt时间内，通过导体横截面的自由电子的数目为qItNee==又NnVnSvt==故B正确，ACD错误。故选B。3.两根同种材料制成的导线，横

截面积之比为2：1，长度之比为3：1，则它们的电阻之比为（）A.1：4B.4：1C.3：2D.2：3【答案】C【解析】【详解】根据LRS=可知1111222212313122LRSLSLRLSS====故选C4.如图所示，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、B之间的P点，处于静止状态

。现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变。下列说法中正确的是（）。A.极板带电荷量将增加，液滴将向上运动B.极板带电荷量将增加，液滴将向下运动C.极板带电荷量将减少，液滴将向上运动D.极板带电荷量将减少，液滴将向下运动【答案】A【解析】

【详解】BD．因为电容器两极板和电源的两端相连，所以电容器两极板间的电压不变，当将极板A向下平移一小段距离，即极板间的间距减小，根据公式UEd=可知，两极板间的电场增大，液滴受到的电场力增大，所以液滴将向上运动，BD错误；AC．根据公式4SCkd=可知电容器的电容增大，根据公式QCU=可知，极

板所带电量将增加，A正确，C错误。故选A。5.如图所示，闭合矩形导体框在水平向右的匀强磁场中绕竖直方向的对称轴OO匀速转动。已知匀强磁场的磁感应强度大小为B，导体框的面积为S。导体框从图示位置开始转动并计

时，则下列说法正确的是（）A.0时刻穿过导体框的磁通量为0B.导体框从图示位置转过30°，穿过导体框的磁通量为32BSC.导体框从图示位置转过60°，穿过导体框的磁通量为12BSD.导体框从图示位置转过180°，穿过导体框的磁通量为BS【答案】A【解析】【详解

】A．0时刻导体框与磁场方向平行，穿过导体框的磁通量为0，故A正确；B．导体框从图示位置转过30°，穿过导体框的磁通量为1sin302BSBS==故B错误；C．导体框从图示位置转过60°，穿过导体框的磁通量为3sin602BSBS==故C错误

；D．导体框从图示位置转过180°，导体框和磁场平行，穿过导体框的磁通量为0，故D错误；故选A。6.如图所示，MN为区域Ⅰ、Ⅱ的分界线，在区域Ⅰ和区域Ⅱ内分别存在着与纸面垂直的匀强磁场，一带电粒子沿着弧线apb由区域Ⅰ运动到区

域Ⅱ。已知圆弧ap与圆弧pb的弧长之比为2∶1，不计粒子重力，下列说法正确的是（）A.粒子在区域Ⅰ和区域Ⅱ中的速率之比为2∶1B.粒子通过圆弧ap、pb的时间之比为1∶2C.圆弧ap与圆弧pb对应的圆心角之比为2∶1D.

区域Ⅰ和区域Ⅱ磁场方向相反【答案】D【解析】【详解】A．由于洛伦兹力不做功，所以粒子在两个磁场中的运动速度大小不变，即粒子在区域Ⅰ和区域Ⅱ中的速率之比为1∶1，A错误；B．根据ltv=v相同，则时间之比等于经过

的弧长之比，即粒子通过圆弧ap、pb的时间之比为2∶1，B错误；C．圆心角=lr，mvrBq=由于磁场的磁感应强度之比不知，故半径之比无法确定，则转过的圆心角之比无法确定，C错误；D．根据曲线运动的条件，可知洛伦兹力的方向与运动方向的关系，再由左手定则可知，两个磁场的磁感应的强度方向相反，

D正确。故选D。7.如图所示的电路中，若把小型直流电动机接入电压为10.2VU=的电路中时，电动机不转，测得流过电动机的电流是10.4AI=；若把电动机接入22.0VU=的电路中，电动机正常工作，工作电流是21.0AI=，则（）A.电动机线圈

内阻为0.5?B.电动机正常工作时的输入功率为2WC.电动机正常工作时的热功率为1WD.电动机正常工作时的输出功率为1W【答案】AB【解析】【详解】A．电动机不转时，电机为纯电阻，则线圈内阻为110.5ΩURI==故A正确；

B．由题意可得，电动机正常工作时的输入功率为222WPUI==入故B正确；C．电动机正常工作时的热功率为220.5WPIR==热故C错误；D．电动机正常工作时的输出功率为1.5WPPP=−=入出热故D错误。故选AB。8.如图所

示，有一边长为a的正方形ABCD，在ABCD内的适当区域加一垂直正方形ABCD所在平面的匀强磁场。一束电子以某一速度沿正方形ABCD所在平面、且垂直于AB边射入该正方形区域，已知该束电子从AB边上的任意点入射，都只能从C点沿正方形ABCD所在平面射出磁场，不

计电子重力，则关于该区域的磁场方向及最小面积，下列说法正确的是（）A.磁场方向垂直于ABCD所在平面向里B.磁场方向垂直于ABCD所在平面向外C.磁场的最小面积为2(2)2a−D.磁场的最小面积为214a【答案】AC【解析】【详解】AB．由于电子要在ABCD平面内从C点射出，

区域磁场必须垂直区域平面向里，故A正确，B错误；CD．磁场的最小面积是一个以B点为圆心、正方形的边长为半径的四分之一圆和以D点为圆心、正方形的边长为半径的四分之一圆的公共范围，如图所示由几何关系得最小面积为2(2)2a−，故C正确，D错误；故选AC。9.如

图所示，水平铜圆盘与沿其轴线的竖直金属杆固定连接，并可一同绕圆盘中心轴线自由转动。a接线柱通过导线与金属杆连通，b接线柱通过电刷与圆盘边缘接触良好，方向竖直向下的匀强磁场穿过整个圆盘，则（）A.若使圆盘沿图示方向转动，b接线柱处电势高、a接线柱处电势低B.若使圆盘沿图示方向转动，a接线柱处电势高、

b接线柱处电势低C.若使a接电源正极、b接电源负极，圆盘将沿图示方向转动D.若使b接电源正极、a接电源负极，圆盘将沿图示方向转动【答案】BC【解析】【详解】AB．若使圆盘沿图示方向转动，根据右手定则可知感应电流由圆盘边缘流向竖直金属杆；而切割磁感线的导体

相当于电源，在电源内部电流从低电势处流向高电势处，则a接线柱处电势高，b接线柱处电势低，A错误，B正确；CD．若a接电源正极、b接电源负极，电流从金属杆流向圆盘边缘，根据左手定则可知，圆盘在安培力作用下将沿图示方向转动；若b接电源正极、

a接电源负极，电流从圆盘边缘流向金属杆，根据左手定则，圆盘在安培力作用下将沿与图示方向相反的方向转动，C正确，D错误。故选BC。第II卷（非选择题56分）二、实验题（12分）10.某同学组装了一个可以测量电流和电压的两用电表，如图甲所示．其中，表头的量程为0

~100mA，内阻为20Ω，改装后的电流表量程为0~0.6A。（1）电压表应接O和_________（选填“a”或“b”）；若电压表的量程为0~20V，则图甲中2R=_________Ω。（2）该同学用量程

为0~3V、内阻为1000Ω的电压表改装成如图乙所示的欧姆表，其中电源的电动势为4.5V，内阻不计。红、黑表笔短接，调节电阻箱R使指针指在3V，在红、黑表笔间接入的电阻为_________Ω时，指针指在1V。【答

案】①.b②.30③.3000【解析】【详解】（1）[1]由小量程的电流表改装成电压表，需要串联分压电阻，故电压表应接O和b；[2]电压表量程为0~20V，则有220VggIRIR+=0.6AI=解得230ΩR=（2）[3]指针指在3V时，有VV=3VERRR+指针指在1V时，有VV=

1VxERRRR++解得在红、黑表笔间接入的电阻为3000ΩxR=11.学习了电表的改装后，某同学要将一小量程电流表（满偏电流为250μA，内阻为1.2kΩ）改装成有两个量程的电流表，设计电路如图1所示，其中定值电阻140ΩR=，2360ΩR=。（1）当开关S接A端时，该电流表量程为0~

___________mA；经过练习后，该同学又要测量阻值约为200Ω的定值电阻xR，可供选择的器材如下：电源E，电动势约为3.0V，内阻r约5Ω；电流表A，量程为0~0.6A，内阻Ar约为2Ω；电压表1

V，量程为0~0.5V，内阻1100Ωr=；电压表2V，量程0~3V，内阻2r约为5k；定值电阻0R，有四种规格供选：10Ω、50Ω、500Ω、1000Ω滑动变阻器R，最大阻值为50Ω，额定电流1A；单刀单掷开关S一个，导线若干。综合考虑电表内阻及量程带

来的影响，该小组设计了如图2所示的电路。（2）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该置于最___________（选填“左端、右端”）；（3）请根据图2中的电路图，写出计算xR的理论表达式xR=___________。（如涉及电压表和电流表的示数分别对应用1U、2U、I表示，电表内阻和定值电阻

分别对应用1r、2r、Ar、0R表示）。【答案】①.1②.左端③.()()2101101UURrURr−+【解析】【详解】（1）[1]由图可知，当S接A时，1R和2R串联接入电路，和电流表并联，满偏时电流表两端电压为63maxmax250101.210V0.3VUIr−===此时1R和2R两

端电流为max120.30.75mA40360UIARR===++则总电流为max1mAIII=+=总该电流表的量程为01mA。（2）[2]滑动变阻器分压接法应使分压为0，这样才可以保护电路，故滑动变阻器滑片应滑到最左端。（3）[3]根据串并联电路电流

电压关系可得的为()()2101211110101xUURrUURUUURrRr−−==++四、解答题（本答题共三个小题，11题12分，12题14分，13题18分，共44分）12.如图1所示，电场中一正离子电量92.010Cq−=，只受电场力作用。在0=

t时刻由静止释放，从A点运动到B点。A点的电场强度41.010N/CE=，在这个过程中，电场力做功54.010JW−=，求：（1）电荷q在A点受到的电场力的大小F；（2）A、B两点间电势差U；（3）在图2中定性画出该离子从A点到B点运动

情况速度时间（vt−）图像。【答案】（1）52.010N−；（2）42.010V；（3）见解析【解析】【详解】（1）根据电场强度的定义式得4951.0102.010N2.010NFEq−−===（2）根据电场力

做功与电势差的关系54.010JABWqU−==解得42.010VABU=（3）离子从A点运动到B的过程中，电场线越来越疏，电场强度越来越小，离子所受电场力不断减小，加速度不断减小，离子做加速度减小的加速运动，其v-t图线如图所示的13.某一电压表的原理示意图如图所示。单位长度阻

值为0R的均匀细金属棒MN通过两个绝缘挂钩与两根相同的竖直悬挂的弹簧相连，弹簧的劲度系数均为k，在矩形区域abcd内有匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里，与MN的右端N连接的一绝缘轻指针可指示标尺上的读数，MN的长度大于ab，当MN两端无电

压且处于平衡状态时，MN与矩形区域的cd边重合，此时指针指示0；当MN两端接待测电压时，指针示数可表示电压大小，求：（1）电压表正常工作时，导体棒的两端M、N中哪端电势更高？请说明理由；（2）若10N/mk=，20cmab=，30cmMN=，

1cmcb=，0.2TB=，3ΩMNR=，电压表的量程是多少？【答案】（1）N端，见解析；（2）15V【解析】【详解】（1）由于当MN两端无电压且处于平衡状态时，MN与矩形区域的cd边重合，此时指针指示0。根据图形，可知当MN两端接待测电压时，为了指针示数可表示电压大小，MN所受安培力

方向应该竖直向下，根据左手定则可知电流方向由N指向M，即电压表正常工作时，导体棒的N端电势高。（2）当MN两端无电压且处于平衡状态时，有02mgkx=设电压表满量程时，通过MN的电流强度为Im，此时MN两端接待测电压时指针处于ab位置，根据受

力平衡，得()m0·2mgBIabkxcb+=+联立代入数据，可解得()00m222?2100.01A5A··0.20.2kxcbkxkcbIBabBab+−====根据欧姆定律，可得m5A3Ω15VMNUIR===所以,电压表量程为15V。14.如图所示，在xOy坐标平面内，第

三象限存在着方向沿y轴正方向的匀强电场，电场强度大小为E。在其余象限存在垂直纸面的匀强磁场，其中第一、二象限向外，第四象限向里，磁感应强度大小相等。在A处有一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子，以初速度03qEL

vm=沿着x轴负方向射入匀强电场，经过一段时间从P点进入磁场，已知P点坐标（3L−，0），粒子在运动过程中恰好不再返回电场，忽略粒子重力。求：（1）粒子第一次进入磁场时速度v的大小和方向；（2）磁感应强度B的大小；（3）若仅将第四

象限的磁感应强度变为原来的4倍，在53xL=处有一垂直x轴足够大的挡板Q，求粒子最终打在挡板上的坐标。【答案】（1）2qELvm=，方向与x轴负方向成30°；（2）3mEBqL=；（3）53L(233)L+（，

）【解析】【详解】（1）粒子在电场中做类平抛运动，则03Lvt=yEqvtm=22xyvvv=+2qELvm=sin0.5yvv==得=30方向与x轴负方向成30°角。（2）由于粒子进入磁场后轨迹如图，由几何关系可得23RL=2vqvBmR=解得3mEBqL=（3）由洛伦兹力提供向

心力24vqvBmr=得32rL=由几何关系得，4+r)sin5330LR=（粒子垂直打在挡板上，粒子最终打在挡板上的纵坐标cos(233)yRRL=+=+获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com