【文档说明】江苏省南通市2020届高三下学期3月开学考试数学试题【精准解析】.doc，共(23)页，1.747 MB，由小赞的店铺上传

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江苏省南通市2020届高三第二学期开学模拟考试数学试题一、填空题：本大题共14小题，每小题5分，共计70分.请把答案填写在答题卡相应位置上．．．．．．．．.1.已知集合02,{1}MxxNxx==，则MN=_______________

_.【答案】{|12}xx【解析】【分析】根据交集的定义，即得解.【详解】集合02,{1}MxxNxx==根据交集定义，{|12}MNxx=【点睛】本题考查了集合交集的运算，考查了学生概念理解，数学运算的能力

，属于基础题.2.已知复数z满足()21izi−=+,i为虚数单位,则复数z=【答案】【解析】略3.某路口一红绿灯东西方向的红灯时间为45s，黄灯时间为3s，绿灯时间为60s．从西向东行驶的一辆公交车通过该路口，遇到红灯的概率为____．【答案】512.【解析】【分析

】利用几何概型求解.【详解】由几何概型得遇到红灯的概率为4545360=++512．故答案为512【点睛】（1）本题主要考查几何概型，意在考查学生对知识的掌握水平.(2)几何概型的解题步骤：首先是判断事件是一维问题还是二维、三维问题（事件

的结果与一个变量有关就是一维的问题，与两个变量有关就是二维的问题，与三个变量有关就是三维的问题）；接着，如果是一维的问题，先确定试验的全部结果和事件A构成的区域长度（角度、弧长等），最后代公式()APA=构成事件的区域长度试验的全部结果所构成的区域长度；如果是二维、三维的问

题，先设出二维或三维变量，再列出试验的全部结果和事件A分别满足的约束条件，作出两个区域，最后计算两个区域的面积或体积代公式.4.在某频率分布直方图中，从左往右有10个小矩形，若第一个小矩形的面积等于其余9个小矩形的面积和的15，且第一组数据的频数为25，则样

本容量为__________.【答案】150【解析】【分析】设第一个小矩形面积为x，列出方程得61x=，由此能求出样本容量．【详解】解：设第一个小矩形面积为x，由61x=，得16x=，样本容量为256150=．故答案为：150．【点睛】本题考查样本容量的求法，考查频率分布直线方图等基础知

识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，属于基础题．5.如图是一个算法的流程图，则输出的k的值为__________.【答案】7【解析】分析：直接利用程序框图的循环结构求出结果.解析：在执行循环前：k=1，S=1.

执行第一次循环时：S=1，k=3.执行第二次循环时：S=3，k=5.执行第三次循环时：S=15，k=7.由于S>10，输出k=7.故答案为7.点睛：（1）条件结构中条件的判断关键是明确条件结构的功能，然后根据“是”的分支成立的条件进行判断；（2）对条件结构，无论判断框中的条件是否成立，都只能执行

两个分支中的一个，不能同时执行两个分支．6.如图，棱长均为2的正四棱锥的体积为_______．【答案】423【解析】在正四棱锥中，顶点S在底面上的投影为中心O，即SO⊥底面ABCD，在底面正方形ABCD中，边长为2，所以OA=2，在直角三角形SOA中()222

2222SOSAOA=−=−=所以1122233Vsh===423故答案为4237.将函数()πsin6fxx=−（0）的图象向左平移π3个单位长度后，所得图象关于直线πx=对称，则的最小值为______.【答案】12【解析】

【分析】利用函数y＝Asin（ωx+φ）的图象变换规律求得g（x）的解析式，再利用正弦函数的图象的对称性求得ω的最小值．【详解】将函数f（x）＝sin（ωx6−）（ω＞0）的图象向左平移3个单位后，可得函数y＝sin（ωx36+

−）的图象，再根据所得图象关于直线x＝π对称，可得ωπ36+−=kπ2+，k∈Z，∴当k＝0时，ω取得最小值为12，故答案为12．【点睛】本题主要考查函数y＝Asin（ωx+φ）的图象变换规律，正弦函数的图象的对称性，属于基础题．8.

已知()fx是定义在R上的偶函数.当0x时，23()1xfxx−=+，则不等式(ln)fx的解集为_______.【答案】441,ee【解析】【分析】根据函数奇偶性和单调性的关系，将不等式进行转化进行求解即可．【详解】解：()fx是定义在R上的偶函数，不等式

()1flnx等价为(||)1flnx，当0x…时，232(1)55()2111xxfxxxx−+−===−+++，则函数()fx为增函数，由23()11xfxx−==+，得4x=，即f（4）1=，则不等式(||)1flnx

等价为()()||4flnxf，则||4lnx，即44lnx−，即441xee，即不等式的解集为441,ee，故答案为：441,ee【点睛】本题主要考查不等式的求解，根据条件判断函数的单调

性，利用函数单调性和奇偶性的关系将不等式进行转化是解决本题的关键，属于中档题．9.已知公差不为零的等差数列{}na的前n项和为nS，且26a=，若137,,aaa成等比数列，则8S的值为______．【答案】88

【解析】由题意得222317(6)(6)(65)61202aaaddddddd=+=−+==所以181624,84872882aS=−==+=10.若椭圆22221xyab+=的焦点在x轴上，过点（1，12）作圆

22+=1xy的切线，切点分别为A,B，直线AB恰好经过椭圆的右焦点和上顶点，则椭圆方程是【答案】22154xy+=【解析】∵点(1，12)在圆外，过点(1，12)与圆相切的一条直线为x＝1，且直线AB恰好经过椭

圆的右焦点和上顶点，∴椭圆的右焦点为(1,0)，即c＝1，设点P(1，12)，连接OP，则OP⊥AB，∵kOP＝12，∴kAB＝－2．又直线AB过点(1,0)，∴直线AB的方程为2x＋y－2＝0，∵点(0，b)在直线AB上，∴b＝2，又c＝1，∴a2＝5，故

椭圆方程是25x＋24y＝1．11.已知函数()lnfxmx=图像与函数()2gxx=图像在交点处切线方程相同，则m的值为_________【答案】e【解析】【分析】设函数()fx和()gx的交点为0(x，0)y，求出()fx和()gx在0(x，0)y处切线方程的斜

率，然后建立关于m的方程，再求出m的值．【详解】解：设函数()fx和()gx的交点为0(x，0)y，则由()fxmlnx=，得()mfxx=，()fx在0(x，0)y处的切线方程的斜率10mkx=，同理，函数()gx在0(x，0)y处的切线方程的斜率020x

kx=，()fx和()gx在交点处切线方程相同，12kk=，即000xmxx=①，又000()yfxmlnx==②，000()2ygxx==③，由①②③解得，me=．故答案为：e．【点睛】本题考查了利用导数研究曲线上某点切线方程，考查了方程思想，属于基础题．12.在平面

直角坐标系xOy中，已知直线1l：ymx=与曲线3()2fxxx=+从左至右依次交于A、B、C三点，若直线2l：2ykx=+上存在P满足1PAPC+=，则实数k的取值范围是_______．【答案】15k−或15k【解析】【分析】由曲线()32fxxx=+及直线1

l：ymx=的图象都关于原点对称，所以B为原点，且为AC中点，2PAPCPB+=，因为直线2l：2ykx=+上存在P满足1PAPC+=，所以直线上存在点到原点的距离为12，得22121k+，解得k的取值范围【详解】因为曲线()32fxxx=+及直线1l：ymx=的图象都关于原点对称，

所以B为原点，且B为AC中点，所以2PAPCPB+=，因为直线2l：2ykx=+上存在P满足1PAPC+=，即21PB=，所以直线上存在点到原点的距离为12，得22121k+，解得15k−或15k【点

睛】根据函数性质，数形结合，理解题目问题的几何意义，建立不等关系求解参数的取值范围13.在平面直角坐标系xOy中，已知圆O：221xy+=，圆C：22(4)4xy−+=，动点P在直线320xy+−=上的两点E，F之间，过点P分別作圆O，C的切线，切点为A，B，若满足PB≥2PA，

则线段EF的长度为_______．【答案】2393【解析】【分析】因为动点P在直线320xy+−=上，设点(23,)Pbb−，分别表示PB，PA，利用PB≥2PA解出b的取值范围，得线段EF的长度【详解】动点P在直线320xy+−=上，设点(23,)Pbb−，圆O：22

1xy+=，过点P分別作圆O的切线，切点为A，所以21PAPO=−，同理可得24PBPC=−，因为PB≥2PA，得224PCPO≥，即2222(23)4(23)bbbb−−+=−+，解得5339533966b−+，所以1

315339(,)26E−−,1315339(,)26F−−+,线段2393EF=【点睛】从圆外一定点点引圆的切线，切线段的长利用定点到圆心的距离，半径求解14.若ABC中，2,8ABBC==，B=45°，D为ABC所在平面内一点

且满足()()4ABADACAD=，则AD长度的最小值为________【答案】2【解析】【分析】建立如图所示的平面直角坐标系，设(,)Dxy，则(1,1),(7,1),(,)ABACADxy=−−=−=，求得()(7)4xyyx+−=，令7xymyxn+=−=，解得4mn=，进而利

用二次函数的性质，求得AD取得最小值2.【详解】建立如图所示的平面直角坐标系，由题意，(1,1),(7,1)BC−−−，设(,)Dxy，所以(1,1),(7,1),(,)ABACADxy=−−=−=，所以()()()

(7)4ABADACADxyxy=−−−=，即()(7)4xyyx+−=，令7xymyxn+=−=，则1()81(7)8xmnymn=−=+，所以4mn=，所以22222211()(7)5021288ADxymnmnmnmn=+=−++=++22

2225241024288mnmn=+++=，当且仅当525mn==时，AD取得最小值2.【点睛】本题主要考查了向量的数量积的应用问题，其中建立适当的直角坐标系，利用向量的数量积的运算，得到4mn=，利用表示出AD关于x的二次函数是解答的关键，着重考查

了分析问题和解答问题的能力，试题有一定的综合性，属于中档试题.二、解答题：本大题共6小题，15—17每小题14分，18—20每小题16分，共计90分.15.如图，在△ABC中，abc，，为ABC，，所对的边，CD⊥AB于D，且1

2BDADc−=．（1）求证：sin2sin()CAB=−；（2）若3cos5A=，求tanC的值．【答案】（1）见解析（2）4811−【解析】【分析】（1）由题意可得1coscos2aBbAc−=，由正弦定理，得1sincossincossin2ABBAC−=，即可作出证

明；（2）由（1）得3cossinsincosABAB=，得到4sin5A=，所以4tan3A=，4tan9B=，即可求解tanC的值.【详解】（1）证明：因为12BDADc−=，所以1coscos2aBbAc−=，由正弦定理，得1sincossincossin2ABBA

C−=，所以()sin2sinCAB=−．（2）解：由（1）得，()()sin2sinABAB+=−，所以()sincoscossin2sincoscossinABABABAB+=−，化简，得3cossinsincosABAB=．又3c

os5A=，所以4sin5A=，所以4tan3A=，4tan9B=，所以()44tantan4839tantan441tantan11139ABCABAB++=−+=−=−=−−−．【点睛】本题主要考查了利用正弦定理和三角函

数的恒等变换求解三角形问题，对于解三角形问题，通常利用正弦定理进行“边转角”寻求角的关系，利用“角转边”寻求边的关系，利用余弦定理借助三边关系求角，利用两角和差公式及二倍角公式求三角函数值.利用正、余弦定理解三角形问题是高考高频考点，经常利用三角形内角和定理，三角形面积公式，结合正、余弦

定理解题.16.如图，在三棱柱111ABCABC−中，已知M，N分别为线段1BB，1AC的中点，MN与1AA所成角的大小为90°，且1MAMC=.求证：（1）平面1AMC⊥平面11AACC；（2）//MN平面

ABC.【答案】（1）见解析；（2）见解析【解析】【分析】（1）推导出1MNAC⊥，1MNAA⊥，从而MN⊥平面11AACC，由此能证明平面1AMC⊥平面11AACC．（2）取AC中点P，连结NP，BP，推导出四边形PNMB是平行四边形，从而//MNBP，

由此能证明//MN平面ABC．【详解】证明：（1）因为MN与1AA所成角的大小为90°，所以MN⊥1AA，因为1MAMC=，且N是A1C的中点，所以MN⊥1AC.又111AAACA=，1AC、1AA平面11AACC，故MN⊥平面11AACC，因为M

N平面1AMC，所以平面1AMC⊥平面11AACC.（2）取AC中点P，连结NP，BP.因为N为A1C中点，P为AC中点，所以PN//AA1，且PN12=AA1.在三棱柱111ABCABC−中，BB1//AA1，且BB1=AA1.又M为BB1中点，故BM//AA1，且BM1

2=AA1.所以PN//BM，且PN=BM，于是四边形PNMB是平行四边形，从而MN//BP.又MN平面ABC，BP平面ABC，故//MN平面ABC.【点睛】本题考查面面垂直、线面平行的证明，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识

，考查运算求解能力，属于中档题．17.已知点O为坐标原点，椭圆C：22221xyab+=（a＞b＞0）的左、右焦点分别为F1，F2，离心率为22，点I，J分别是椭圆C的右顶点、上顶点，△IOJ的边IJ上的中线长为32．（1）求椭圆C

的标准方程；（2）过点H（－2，0）的直线交椭圆C于A，B两点，若AF1⊥BF1，求直线AB的方程．【答案】（1）2212xy+=（2）x－2y＋2＝0或x＋2y＋2＝0【解析】【分析】(1)由直角三角形中线性质得到3IJ=，再根据条件得到2222

22,23,,caababc=+==+求解即可；（2）设出直线AB，联立直线和椭圆得到二次方程，由AF1⊥BF1，得到110AFBF=，整理得（1＋2k2）（x1＋x2）＋（1＋k2）x1x

2＋1＋4k2＝0，代入韦达定理即可.【详解】（1）由题意得△IOJ为直角三角形，且其斜边上的中线长为32，所以3IJ=．设椭圆C的半焦距为c，则222222,23,,caababc=+==+解得2,1.ab==所以椭圆C的标准方程为2212xy+=．（2）由题知，

点F1的坐标为（－1，0），显然直线AB的斜率存在，设直线AB的方程为y＝k（x＋2）（k≠0），点A（x1，y1），B（x2，y2）．联立()221,22,xyykx+==+消去y，得（1＋2k2）x2＋8k2x＋8k2－2＝0，所以Δ＝

（8k2）2－4（1＋2k2）（8k2－2）＝8（1－2k2）＞0，所以2102k．（*）且2122812kxxk+=−+，21228212kxxk−=+．因为AF1⊥BF1，所以110AFBF=，则（－1－x1，

－y1）·（－1－x2，－y2）＝0，1＋x1＋x2＋x1x2＋y1y2＝0，1＋x1＋x2＋x1x2＋k（x1＋2）·k（x2＋2）＝0，整理，得（1＋2k2）（x1＋x2）＋（1＋k2）x1x2＋1＋4k2＝0．即()()()2222222182812140121

2kkkkkkk+−+−+++=++．化简得4k2－1＝0，解得12k=．因为12k=都满足（*）式，所以直线AB的方程为()122yx=+或()122yx=−+．即直线AB的方程为

x－2y＋2＝0或x＋2y＋2＝0．【点睛】本题主要考查直线与圆锥曲线位置关系，所使用方法为韦达定理法：因直线的方程是一次的，圆锥曲线的方程是二次的，故直线与圆锥曲线的问题常转化为方程组关系问题，最终转化为一元二次方程问题

，故用韦达定理及判别式是解决圆锥曲线问题的重点方法之一，尤其是弦中点问题，弦长问题，可用韦达定理直接解决，但应注意不要忽视判别式的作用．18.某校有一块圆心O，半径为200米，圆心角为2π3的扇形绿地OPQ，半径,OPOQ的中点分别为,MN，

A为弧PQ上的一点，设AOQ=，如下图所示，拟准备两套方案对该绿地再利用.（1）方案一：将四边形绿地OMAN建成观赏鱼池，其面积记为1S，试将1S表示为关于的函数关系式，并求为何值时，1S取得最大？（2）方案二：将弧AQ和线段,ANNQ围成区

域建成活动场地，其面积记为2S，试将2S表示为关于的函数关系式；并求为何值时，2S取得最大？【答案】（1）1π100003sin()6S=+，当π3=时，1max()=100003S（平方米）；（2）

210000(2sin)S=−，2π(0,]3，当2π3=时，1max4π3()=10000()32S−（平方米）【解析】试题分析：首先表示四边形ANOM的面积，利用AON与AOM面积相加，借助2,3AOQAOM==−来表示

，再根据三角函数求出最值，然后利用扇形OAQ的面积减去OAN的面积表示ANQ的面积2S，并借助导数求出最值.试题解析：（1）由已知，AOQ=,2π(0,]3，1ONAOMASSS=+；故1112100200sin100200sin()223S

=+−，整理得1100003sin()6S=+（平方米），∴当π3=时，1max()100003S=（平方米）.（2）由已知，2ONAAOQSSS=−扇形，∴211200200100200sin22S=−，即2100002sinS=−（）；∴2()10000

2cosS=−（），故2()0S；∴2()S在2π(0,]3上为增函数，∴当2π3=时，2max43()1000032S=−（）（平方米）.答：（1）当π3=时，1max()100003S=（平方米）；（2）2S关于的函数表达式2100002sinS=−（），2π(0,]

3当2π3=时，2max43()1000032S=−（）（平方米）.【点睛】解决实际应用问题要注意实际问题的要求，表示图形面积注意使用割、补方法，借助几个图形面积的和或差表示图形面积，结合所学数学知识求最值，如利用三角函数、二次函数、基本不等式、函数的单调性、导数工具等.19

.已知正项数列{}na，其前n项和为nS，满足22nnnSaa=+，*nN.（1）求数列{}na的通项公式na；（2）如果对任意正整数n，不等式22nnncaaa++−都成立，求证：实数c的最大值为1.【答案】（1）nan=；（2）见解析【解析】【分析】（1）利用公式11,1,2nnnSnaS

Sn−==−…进行代入计算，化简整理可发现数列{}na是首项为1，公差为1的等差数列，即可得到数列{}na的通项公式；（2）从两个方面分别计算出1maxc…及1maxc„．从而可得1maxc=．【详解】（1）当1n=时

，21112Saa=+，解得11a=，或10a=（舍）由22nnnSaa=+得，21112nnnSaa+++=+，2211122()()nnnnnnSSaaaa+++−=+−+，即221112()()nnnnnaaaaa+++=−+−，也就是2211()()0nnnnaaaa++−

−+=，11()(1)0nnnnaaaa+++−−=，由于数列{}na各项均为正数，所以110nnaa+−−=，即11nnaa+−=.所以数列{}na是首项为1，公差为1的等差数列，所以数列{}na的通项公式为nan=.（2）由（

1）得22nnncaaa++−，即22cnnn+−+，*nN，()()()222222nnnnncnnnnn++−++++−=++22222211122nnnnnn+===++++−++，因为1n，所以22023n+，所以321132n−+，所以212112n

+−+，因为不等式22nnncaaa++−对任意的正整数n恒成立，即22112cn+−+对任意的正整数n恒成立，又当1c=，则c的最大值为1；【点睛】本题主要考查数列求通项公式，以及数列不等式的证明问题．考查了转化思想，分类讨论，放缩法的应用，逻辑推理能力和数学运算能力．属于中档题

．20.已知函数()xaxbfxe−=（其中,abR）.（1）当1a=时，若函数()yfx=在)0,+上单调递减，求b的取值范围；（2）当1b=，0a时，①求函数()yfx=的极值；②设函数()

yfx=图象上任意一点处的切线为l，求l在x轴上的截距的取值范围.【答案】（1）1b−；（2）①见解析，②11,4,aa−++【解析】【分析】（1）当1a=时，求出导数，分离参数b，求出即可；（2）①1b=时，对a进行讨论，根据()fx的导数判

断呐喊声的单调性和极值得出结论；②设切点为1(,)tatTte−，则曲线在点T处的切线l方程为11()ttatatayxtee−−++−=−，当1ata+=时，切线没有截距，否则表示出截距，结合基本不等式求出截距的范围．【详解】（1）1a=时，

()xxbfxe−=的导函数1()xxbfxe−++=，∴由题意知对任意()0,x+有1()0xxbfxe−++=，即10xb−++∴()min1bx−，即1b−.（2）1b=时，1()xaxfxe−=的导函数1'()xaxaf

xe−++=，①(i)当0a时，有1(,),()0axfxa+−；1(,),()0axfxa++，∴函数()yfx=在1(,)axa+−单调递增，1(,)axa++单调递减，∴函数()yfx=在1axa+=取得极大值1aaae+−，没有极小值.(

ii)当0a时，有1(,),()0axfxa+−；1(,),()0axfxa++，∴函数()yfx=在1(,)axa+−单调递减，1(,)axa++单调递增，∴函数()yfx=在1axa+=取得极小值1aaae+−，没有极大值.综上可知:当0

a时，函数()yfx=在1axa+=取得极大值1aaae+−，没有极小值；当0a时，函数()yfx=在1axa+=取得极小值1aaae+−，没有极大值.②设切点为1(,)tatTte−，则曲线在点T处的切线l方程为11()ttatatayx

tee−−++−=−，当1ata+=时，切线l的方程为11aatatyaee+−−==，其在x轴上的截距不存在.当1ata+时，∴令0y=，得切线l在x轴上的截距为1(1)111111111111211atataaaxttttataa

taatatataata−−−+=+=+=++=++−−−−−−−−=−−+++−−∴当110ta−−时，11111111221241111xttaaaaattaa=−−+++−−++=+−−−−，当110ta−−时，111111112

2121111xttaaaaattaa=−−+++−−−++=−−−−，∴当切线l在x轴上的截距范围是11,4,aa−++.【点睛】本题考查导数法判断函数的单调性和极值，含参问题的讨论，函数的切线问题，基本不等式的应用等，综合性较强．21.已知矩

阵A的逆矩阵111334133−−=−A.求矩阵A的特征值和相应的特征向量.【答案】见解析【解析】【分析】由111334133A−−=−，得1141=

A，由特征多项式211(1)4041−−=−−=−−，求得，即可得出．【详解】由111334133−−=−A，得1141=A，由特征多项式1141−−−−＝2(1)40−−=，得1231==−，，所以特征

值13=对应的特征向量12=α1，特征值21=−对应的特征向量12=−α2.【点睛】本题考查了矩阵变换、特征值与特征向量、逆矩阵，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．22.在极坐标系中，已知圆C的

圆心极坐标为(2,)4，且圆C经过极点，求圆C的极坐标方程.【答案】4cos()4=−【解析】【分析】直接利用转换关系，把参数方程极坐标方程和直角坐标方程之间进行转换，进一步求出结果．【详解】解：因为2,4C的直角坐标为(2,2)，半径22(20)(20)2r=−+−=，所

以圆C的直角坐标方程为22(2)(2)4xy−+−=，即2222220xyxy+−−=，故圆C的极坐标方程为24cos()04−−=，即4cos()4=−．【点睛】本题考查的知识要点：参数方程极坐标方程和直角坐标方程之间的转换，极径的应用，主要考查学生的运算能力

和转换能力及思维能力，属于基础题型．23.已知a，b，c为正实数，33311127abcabc+++的最小值为m.【答案】18【解析】【分析】根据题意，由基本不等式的性质求出33311127abcabc+++的最小值，即可得答案．【详解】解：根据题意

，a，b，c为正实数，则333333311111133273272722718abcabcabcabcabcabcabcabc++++=+=厖，当且仅当313abc===时，取“=”，故33311127abcabc+++的最小值为18；所以18m=．【点

睛】本题考查基本不等式的性质以及应用，注意不等式成立的条件，属于基础题．24.把编号为1，2，3，4，5的五个大小、形状相同的小球，随机放入编号为1，2，3，4，5的五个盒子里．每个盒子里放入一个小球.（1）求恰有两个球的编号与盒子

的编号相同的概率；（2）设恰有X个小球的编号与盒子编号相同，求随机变量X的分布列与期望.【答案】（1）16（2）见解析，数学期望为1【解析】【分析】()1满足条件的放法共有55120A=种，恰有两个球的编号与盒子的编号相同的放法有25220C=种，

由古典概率公式可得所求概率．()2写出随机变量X的可能值以及取各值的概率，即可得到分布列，再利用公式求期望即可.【详解】（1）记恰有2个小球与盒子编号相同为事件A.将5个小球随机放入五个盒子中，每个盒子放一个共有53A即120种不同的放法.事件A共有25220C=种放法，

所以201()1206PA==.答：恰有2个盒子与小球编号相同的概率为16.（2）随机变量X的可能值为0，1，2，3，5.()1143234411(0)12012030CCPX+====，51(333)453(

1)1201208CPX++====，522201(2)1201206CPX====，35101(3)12012012CPX====，1(5)120PX==.X01235P113038161121120所以113111()01235

1308612120Ex=++++=.【点睛】本题考查古典概型的应用、离散型随机变量的分布列与期望以及排列组合的应用，属中档题．25.设0()(1)nkknkmPnmCmk==−+，，()nnmQnmC+=，，其中*mnN，．（1）当1m=时，求(1)(1)PnQn，

，的值；（2）对m+N，证明：()()PnmQnm，，恒为定值．【答案】（1）1（2）1【解析】分析：（1）当1m=时可得()()1,1,?,111PnQnnn==++，可得()(),1,11PnQn=.（2）先得到关系式()()

,1,nPnmPnmmn=−+，累乘可得()()()!!1,0,!nnmnmPnmPmnmC+==+，从而可得()(),,1PnmQnm=，即为定值．详解：（1）当1m=时，()()()1100111,111111nnkkkknnkkPnCCknn++===−=−=++

+，又()1111nQnCn+==+，，所以()(),1,11PnQn=.（2）()()0,1nkknkmPnmCmk==−+()()1111111()1nknkknnkmmCCmkmk−−−−==+−++−++()()111111111nnkkkk

nnkkmmCCmkmk−−−−===+−+−++()()1111,1nkknkmPnmCmk−−==−+−+()()01,1nkknkmmPnmCnmk==−+−+()()1,,mPnmPnmn=−+即

()(),1,nPnmPnmmn=−+，由累乘可得()()()!!1,0,!nnmnmPnmPmnmC+==+，又(),nnmQnmC+=，所以()(),,1PnmQnm=．即()()PnmQnm，，恒

为定值1．点睛：本题考查组合数的有关运算，解题时要注意所给出的()(),,PnmQnm和的定义，并结合组合数公式求解．由于运算量较大，解题时要注意运算的准确性，避免出现错误．