【文档说明】广东省广州市执信中学2022-2023学年高一上学期期末考试 物理 含解析.docx，共(13)页，662.154 KB，由小赞的店铺上传

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2022-2023学年度第一学期高一级物理科线上阶段调研试卷命题人：审题人：本试卷分选择题和非选择题两部分，共6页，满分为100分。考试用时75分钟。注意事项：1、答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和学号填写在答题卡和答卷密封内相应的位置上，用2B铅笔将自己的学号

填涂在答题卡上。2、选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。3、非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答卷纸上作答，答案必须写在答卷纸各题目指

定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答的答案无效。4、考生必须保持答题卡的整洁和平整。第一部分选择题(共46分)一、单项选择题：本题

共7小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．以下说法符合物理学史的是（）A．关于落体运动，伽利略认为，越重的物体下落越快B．亚里士多德通过理想斜面实验得出结论：力是维持物体运动的原因C．牛顿是最早提出力不是维持物体运动的原因D．牛顿第

一定律又称为惯性定律是逻辑思维对事实进行分析的产物2．如图所示是一登山运动员从拉萨攀登到珠峰峰顶的线路示意图，由此可判断下列说法正确的是（）A．由起点到终点运动员路程等于位移大小B．运动员登山过程中如果速度大小不变，

则相同时间内，位移一定相同C．计算运动员登山过程的平均速度时可以把运动员当成质点D．以上说法均不正确3．如图所示，重力为G的扫地机器人在水平地板上行驶，地板对机器人的支持力为FN，机器人对地板的压力为FN＇，下列说法正确的是（）A．当扫地机器人加速行驶时，FN大于FN＇B．当扫地

机器人匀速行驶时，FN大于GC．无论扫地机器人如何运动，FN大小和FN＇大小总相等D．当扫地机器人匀速行驶时，G与FN＇是一对平衡力4．2022年2月5日，中国短道速滑队斩获北京冬奥会中国首金，为中国代表团在北

京冬奥会实现了开门红，已知运动员在赛道上的部分运动轨迹是曲线。关于做曲线运动的物体，下列说法正确的是（）A．物体的加速度可能是恒定的B．物体所受合外力可能为零C．物体一定受到变力的作用D．物体速度大小一定时刻改变5．如图，某同学将乒乓球置于球拍中心，并推动乒乓球沿水平直线向前做

加速运动，在运动过程中，球与球拍保持相对静止．忽略空气对乒乓球的影响，则（）A．球拍对乒乓球支持力的方向竖直向上B．乒乓球所受合外力沿水平方向C．球拍对乒乓球的作用力为零D．乒乓球受到的合外力为零6．如图所示，质量分别为mA、mB的A、B两物块用轻细绳连接放在水平面上，用水平拉

力F拉A，使它们一起匀加速运动，A、B与水平面的动摩擦因数均为μ，为了增大轻细绳上的拉力，可行的办法是（）A．减小A的质量mAB．减小B的质量mBC．减小动摩擦因数μD．增大动摩擦因数μ7．如图，沿水平面向右运动的物体，某时刻速度v=14m/s时施加一水平向左恒力F=25N作用．已知物体与水

平面的动摩擦因数μ=0.2，物体质量m=5kg，则物体施加F后运动了3s时所受摩擦力为（取g=10m/s2）（）A．10N，水平向左B．10N，水平向右C．25N，水平向右D．25N，水平向左二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小

题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．如图甲、乙所示的x-t图像和v-t图像中给出四条图线，a、b、c、d代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，全科免费下载公众号-《高中僧课堂

》则下列说法正确的是（）A．a车做直线运动，b车做曲线运动B．0～t1时间内，a车通过的路程等于b车通过的路程C．0～t2时间内，c、d两车在t2时刻相距最远D．0～t2时间内，c、d两车的平均速度相等9．为了体验超重与失重，一学

生将台秤放在电梯的水平底板上，然后自己站在台秤上。当电梯处于静止状态时，台秤读数为50kg。在电梯运行后的某个瞬间，该学生发现台秤的读数变为40kg，则有关此时电梯运动的说法正确的是（g=10m/s2）（）A．加速度大小为2m/s2B．加速度大小为2.5

m/s2C．可能减速上升D．可能减速下降10．如图所示，长木板放置在水平地面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为μ，木板与水平地面间动摩擦因数为3，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，现对物块施加一水平向右的拉力F，则下

列说法中正确的是（）A．Fmg时，小物块始终保持静止B．木板受到地面的摩擦力可能等于FC．长木板的加速度可能等于3gD．43Fmg时，小物块相对长木板滑动第二部分非选择题(共54分)三、实验题（本大题共2小题，共16.0分

）11．用等效替代法验证力的平行四边形定则的实验情况如图甲所示，其中为固定为橡皮筋与细绳的结点，和为细绳，图乙是白纸上根据实验结果画出的图。（1）本实验中“等效替代”的含义是________；A．橡皮筋可以用细绳替代B．左侧弹簧测力计的作用效果可以替代右侧弹簧测力计的作

用效果C．右侧弹簧测力计的作用效果可以替代左侧弹簧测力计的作用效果D．两弹簧测力计共同作用的效果可以替代一个弹簧测力计的作用效果（2）图乙中的F与F′两力中，方向一定沿着AO方向的是________，图中________是F1、F2合力的理论值。（3

）完成该实验的下列措施中，能够减少实验误差的是________A．作图要用细芯铅笔，图的比例要尽量大些，要用严格的几何作图法作出平行四边形，图旁要画出表示力的比例线段，且注明每个力的大小和方向B．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮

筋、细绳应贴近木板且与木板面平行C．拉橡皮筋的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些D．使拉力F1和F2的夹角很小12．为了探究牛顿第二定律，某同学设计了如图1所示的实验装置。（1）本实验的研究对象是______。A．砂桶（及桶中的砂）B

．小车（及车中砝码）（2）在下列测量工具中，本次实验要用的测量仪器有______（选填测量仪器前的字母）A．刻度尺B．秒表C．天平（3）改变所挂砂桶中砂子的质量，用F表示其重量，多次重复测量，并完成实验。在某次实验中根据测得的多组数据可画出aF−关系图线（如图2所示），经过分析，可能存在的

问题是______。A．长木板与水平桌面之间倾角太大B．长木板保持了水平状态，没有平衡摩擦力C．所挂砂桶和砂子的总质量太大，造成上部点迹有向下弯曲趋势D．所用小车的质量太大，造成上部点迹有向下弯曲趋势（4）实验中打出的一条纸带如图3所

示，相邻计数点间的时间是0.1s，图中长度单位是cm，由此可以算出小车运动的加速度是______m/s2。（结果保留2位有效数字）四、计算题（本大题共3小题，共38.0分）13．（10分）如图所示，质量为m1的物体甲通过三段轻绳相连，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与站在水面上的质量为m

2的人相连，轻绳OA与竖直方向的夹角θ=45°，物体甲及人均处于静止状态。已知重力加速度为g，求：（1）轻绳OA、OB受到的拉力是多大？（2）人受到的摩擦力是多大？方向如何？14．（12分）如图，用“打夯”方式夯实地面的过程可简化为：两人通过

绳子对重物同时施加大小相等、方向与竖直方向成37°的力F，使重物恰好脱离水平地面并保持静止，然后突然一起发力使重物升高0.25m后即停止施力，重物继续上升0.2m，最后重物自由下落把地面砸深0.05m。已知重物的质量为48kg，取重力加速度210m/sg=，sin370.6=，cos37

0.8=。忽略空气阻力，求：（1）F的大小；（2）从两人停止施力到重物恰好接触地面的时间；（3）地面对重物的平均阻力的大小。15．（16分）2022年年末，抗原试剂盒的需求量大增。如图为某抗原试剂盒生产车间中两段传送带截面简化图，1为长度12mL

=的水平传送带，2为长度23mL=、倾角37=的倾斜传送带。现将质量0.2kgm=的抗原试剂盒从静止开始放在传送带1的右端点a，到达b处刚好与传送带l的速度v1相等。抗原试剂盒与传送带1、2之间的动摩擦因

数分别为10.4=，20.5=。抗原试剂盒在连接点b处速度大小不变从水平滑上斜面，两传送带均做逆时针匀速转动。已知sin370.6=，cos370.8=，重力加速度取210m/sg=。求：(1)传送带1的速度1v的大小；(2)若传送带2的速度大于v1，求试剂盒a点到达c点时

间；(3)改变传送带2的速度，要使试剂盒能够运送至c点，求传送带2的最小速度。参考答案：1．D【解析】A．亚里士多德认为：越重的物体下落越快，A不符合物理学史，故A错误；BC．伽利略根据理想斜面实验推论出，若没有摩擦，在水平面上运动的物体将

保持其速度继续运动下去，说明力不是维持物体运动的原因。BC不符合物理学史，故BC错误；D．牛顿提出：一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态，这是逻辑思维对事实进行分析的产物，D符合

物理学史，故D正确。故选D。2．C【解析】AB．因为轨迹是曲线，故由起点到终点运动员路程大于位移的大小，相同的时间内即便速度大小不变，只能是路程相同，位移不一定相同，故AB错；C、D．计算登山运动员的平均速度时，运动员大小可以

忽略不计，故可以把运动员当成质点，故C对，D错误；故选C3．C【解析】A．扫地机器人加速行驶时，根据牛顿第三定律，FN等于FN＇，A错误；B．扫地机器人在水平地面行驶时，无论做什么运动，仅有水平方向的速度的话，G

与FN是一对平衡力，G等于FN，B错误；C．扫地机器人在水平地板上如何运动，根据牛顿第三定律，FN大小和FN＇大小总相等，C正确；D．扫地机器人匀速行驶时，G与FN是一对平衡力，D错误。故选C。4．A【解析】A.匀变速曲线运动的物体受到的合外力为恒力

，物体的加速度也是恒定的，A正确；B.物体做曲线运动的条件是所受合外力不为零，且合外力的方向与速度方向不在同一直线上，B错误；C.匀变速曲线运动的物体受到的合外力为恒力，C错误；D.做曲线运动的物体，速度方向一定时刻在改变，但速度大小不一

定改变，比如匀速圆周运动，D错误。故选A。5．B【解析】乒乓球受重力和球拍对乒乓球的作用力，沿水平直线向前做变速运动，乒乓球受到的合外力沿水平方向，球拍对乒乓球作用力斜向右上方，球拍对乒乓球支持力垂直于球拍

平面斜向右上方，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。6．A【解析】根据牛顿第二定律()()ABABFmmgmma−+=+TBBFmgma−=解得TAB11FFmm=+A．减小A物块的质量，线的拉力增大，A正确；B．减小B物块的质量，线的拉力减小，B错误；CD．增大或减小动摩擦因数μ

，线的拉力不变，CD错误；故选A。7．B【解析】刚开始在水平地面上向右运动时，竖直方向受重力、支持力，水平方向受水平向左的推力、水平向左的摩擦力。摩擦力f=μN=μmg=0.2×5×10N=10N方向

水平向左，物体做匀减速直线运动，加速度大小为F+f=maa=7m/s2物体减速为0所需的时间为：vt=v0+at，t=2s<3s，又F>f故3s后物体向左运动，故此时摩擦力仍为10N，方向水平向右。故选B。8．BC【解析】A．在x-t图像中图线表示的是做直线运动的物体的

位移随时间的变化情况，而不是物体运动的轨迹，A错误；B．由于a、b两车在0～t1时间内做单向的直线运动，故在这段时间内两车通过的位移和路程均相等，B正确；C．在v-t图像中，t2时刻c、d速度相等，故两者相距最远，C正确；D．由图象与时间轴围成面积可知，0～t2时间内c的位移小于d

的位移，故c的平均速度小于d的平均速度，D错误；故选BC。9．AC【解析】AB．电梯处于静止状态时，台秤读数为50kg，根据二力平衡可知该学生的质量为50kg，当台秤的读数变为40kg时，台秤提供的支持力大小为N400NF=对其受

力分析，由牛顿第二定律可得NmgFma−=解得22m/sa=易知加速度方向竖直向下。故B错误；A正确；CD．由上面选项分析可知，此时电梯的可能减速上升。故C正确；D错误。故选AC。10．BCD【解析】由题可知，两物体

之间的最大静摩擦力为mfmg=，长木板与地面之间的静摩擦力为m23fmg=。ACD．对木板分析，当两者恰好发生相对滑动时，根据牛顿第二定律有023mgmgma−=解得013ag=对木块分析，根据牛顿第二定律有00Fmgm

a−=解得043Fmg=，故当23Fmg时，两个物体都处于静止状态；当2433mgFmg时，木板和小物块一起相对静止做匀加速直线运动；当43Fmg时，小物块相对长木板滑动，故A错误，CD正确。B．若木板和

小物块都静止，根据整体法有m23Ffmg=则小物块受到的摩擦力大小为F，木板上、下表面受到大小相等、方向相反的摩擦力，摩擦力大小也为F，故B正确；故选BCD。11．DF′FABC【解析】（1）“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中“等效替代”的含义是两弹簧测力计共同作用的

效果可以用一个弹簧测力计的作用效果替代。故选D。（2）图乙中的F与F′两力中，F是两个分力合力的理论值，F′是两个分力合力的实验值，则方向一定沿着AO方向的是F′，图中F是根据平行四边形法则得出的F1、

F2合力的理论值。（3）A．作图要用细芯铅笔，图的比例要尽量大些，要用严格的几何作图法作出平行四边形，图旁要画出表示力的比例线段，且注明每个力的大小和方向，能减小实验误差，A符合题意；B．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板面平行，能减小实验误差，B符合题意；C．拉橡皮筋的细绳

要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，能减小实验误差，C符合题意；D．拉力F1和F2的夹角过小时，会给实验作图带来比较大的误差，D不符合题意。故选ABC。12．BACBC0.46【解析】（1）本实验是研究小车（及车中砝码）的加速度与小车（及车中砝码）所受合力以及小车（及车中砝码）的质量之间的定量

关系，研究对象是小车（及车中砝码），故选B。（2）本实验要通过纸带测出小车的加速度，所以刻度尺是需要的，打点计时器自动记录时间，所以秒表不需要，小车质量需要天平测量出来，故选AC。（3）AB．图像延长线与横轴相交，说明F（砂桶的总重量）必须增大到一定值时，小车才有加速度，原因是没

有平衡摩擦力（摩擦力平衡不足）导致，如果长木板与水平桌面间夹角过大，会导致不挂砂桶时小车释放就有加速度，图线会与纵轴相交，故A错误，B正确；CD．对砂桶和小车，由牛顿第二定律mgTma−==TMa得mgaMm=+可见：在小车质量M一定，当砂桶

和砂的质量远小于小车（及车中砝码）即mM时，小车的加速度a才近似与mg（F）成正比，当m过大或M过小，不满足mM时，由上式可知实际加速度会明显小于理论加速度（用mgM算出的加速度），图线斜率就会减小，所以C正确，D错误。故选BC。（4）根据匀变速直线运动推论，用逐差法求解加速

度2412222.621.24cm==0.46m/s330.1sxxaT−−=13．（1）2m1g，m1g；（2）m1g，水平向左【解析】（1）以结点O为研究对象，如图所示建立直角坐标系，将OAF分解，由平衡条件sin0OBOAFF−=1cos0OAFmg−=联立解得

12OAFmg=1OBFmg=（2）对人受力分析，如图受到竖直方向的重力和支持力，水平向左的静摩擦力和水平向右的绳OB的拉力，根据力的平衡条件，可得人受到的摩擦力大小等于OB的拉力为1fOBFFmg==方

向水平向左。14．（1）300N；（2）0.5s；（3）4800N【解析】（1）重物处于平衡状态，由2cos37Fmg=解得300NF=（2）设停止施力时重物的速度为v，发力使重物上升的高度为1h，停止发力后重物继续上升的高度为2h，从两人停止施力到重物恰好接触地面的时间为t。由2

22vgh=，2112vtgth−=−联立得0.5st=（3）设地面对重物的平均阻力为f，重物把地面砸深度为3h，重物从最高点到最低点的过程中，可以求出落地时重物的速度v1为1212)2(vghh=+13m/sv=重物接触地面后在平均阻力以及重力的共同作用下，近似看成

匀减速直线运动，速度减小为0，加速度为a，2312ahv=fmgma−=解得4800Nf=15．(1)14m/sv=；(2)1s；(3)11m/s【解析】(1)抗原试剂盒放上传送带1后一直做匀加速直线根据牛顿第二定律，有1mgma=解得214m/sag==根据运动学公式，有2112va

L=解得14m/sv=(2)若传送带2的速度大于v1=4m/s，则抗原试剂盒向上运动的加速度一直保持()2222sincossincos2m/smgmgagm−==−=，方向向下最远距离为202max24m2vLaS==减速

为0所用时间122vsat==抗原试剂盒运动到c点时速度不为零。由2012Svtat=+，带入数据S=3m，v0=4m/s，a=-2m/s2，求得：t1=1s，t2=3s（舍去）(3)设传送带2的速度为v时，恰

好能将抗原试剂盒运送至c点。据以上信息可知，v的值一定在04m/sv之间，抗原试剂盒在传送带2上先做2110m/sa=匀减速直线运动，当速度相等时，改做22s2m/a=的匀减速直线运动，到达c点时速度恰好为零。由逆向思维法，有22

0112vvSa−=，2222vSa=，122SSL+=解得11m/sv=获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com