【文档说明】河北省邯郸市武安市第一中学2024-2025学年高一上学期9月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(13)页，1.743 MB，由小赞的店铺上传

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武安一中2024——2025学年第一学期9月考试高一物理一、选择题（本题共12小题，共64分。第1～8题只有一项符合题目要求，每小题5分；第9～12题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分）1.2021年10月1日，2021珠海航展，中国

空军八一飞行表演队惊艳登场，6架歼-10通过一系列完美动作献礼中华人民共和国72周年华诞。下面说法正确的是（）A.歼-10在空中稳定飞行时速度很大，加速度也很大B.研究歼-10在空中翻滚的动作时，可以将其看成质点C.研究歼-10在空中的飞行轨迹时，可以将其看成质点D.6架歼-10空中飞行时形成三

角形编队，其相对于地面是静止的【答案】C【解析】【分析】【详解】A．歼-10在空中稳定飞行时做匀速直线运动，速度很大，加速度零，故A错误；B．研究歼-10在空中翻滚的动作时，不可以看成质点，否则就没有动作了，故B错误；C．研究歼-10在空中的飞行轨迹时，其形状态大小可以不计，可以看成

质点，故C正确；D．以地面为参考，6架歼-10空中飞行时形成三角形编队，其相对于地面是运动的，故D错误。故选C。2.蟋蟀后腿粗大善跳跃，极具爆发力。有时当我们感觉能把它抓住时，它却会毫不慌张，总能立刻飞走，这是因为蟋蟀在起飞时具有较大的（）为A

.初速度B.速度的改变量C.加速度D.位移【答案】C【解析】【详解】蟋蟀起飞时在很短的时间内速度很快由零增加到一定的值，即具有较大的加速度。故选C。3.如图所示为高速摄像机拍摄的子弹射过扑克牌的照片，已知子弹穿过扑克牌的

时间大约为6.25×10﹣5s，试估算子弹穿过扑克牌的平均速度约为（）A.8m/sB.80m/sC.800m/sD.8000m/s【答案】C【解析】【详解】由于扑克牌的宽度约为5cm，子弹的长度约为1.5cm，子弹穿过扑克牌所通过的位移x＝5cm＋1.5cm＝6.5cm，所以子弹穿过扑克

牌的平均速度＝256.5106.2510xt−−=m/s≈1.0×103m/s，故选C.4.在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如比值法、理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立物理模型法等，以下关于

所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B.根据速度定义式xvt=，当t非常小时，xt就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法C.在推导匀变

速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法D.伽利略对自由落体运动的研究，应用了将实验和逻辑推理相结合的方法【答案】A【解析】【详解】A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质

点来代替物体的方法叫理想模型法，故A错误；B．根据速度定义式xvt=，当t非常小时，xt就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法，故B正确；C．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小

段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故C正确；D．伽利略对自由落体运动研究，应用了将实验和逻辑推理相结合的方法，故D正确。选不正确的，故选A。5.如图所示，2022年北京冬奥会冰壶比赛时某运动员将冰

壶（可视为质点）以速度v0从栏线P处沿虚线推出，假设冰壶沿虚线做匀减速直线运动。已知栏线P到营垒圆心O的距离为45m，营垒的直径约为2m，运动员用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，可以使冰壶的加速度在0.1m/s2~0.2m/s2的范围内调节，若要把冰壶推进营垒内，则

v0的最大值约为（）A.92m/s5B.86m/s5C.46m/s5D.44m/s5【答案】A【解析】【详解】减速的加速度越大，需要的初速度越大，则加速度选0.2m/s2。由消时公式得2002()2dvaL−=−+解得092m/s5v=的故选

A6.一名杂技演员在钢管的顶端进行表演，当他结束表演后，沿着竖直钢管从顶端由静止先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时他的速度恰好为零。如果他加速时的加速度大小是减速时加速度大小的1.5倍，下滑的总时间为5s，那么该杂技演员加速过程所用的时间为

（）A.1sB.2sC.3sD.4s【答案】B【解析】【详解】加速时的加速度大小是减速时加速度大小的1.5倍，即121.5aa=又从顶端由静止先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时他的速度恰好为零，可得出1122atat=同时满足12=5stt+联立三式，解得12st

=故选B。7.港珠澳大桥上的四段长度均为110m的等跨钢箱连续梁桥如图所示，汽车从a处开始做匀减速直线运动，恰好行驶到e处停下。汽车通过ab段所用的时间为1t，汽车通过de段所用的时间为2t，则21tt满足（）A.2112tt

B.2123ttC.2134ttD.2145tt【答案】C【解析】【详解】将汽车的运动过程反向来看，即从e到a进行匀加速运动，设加速度大小为a，每段梁跨长度为L，根据初速度为零的匀变速运动公式。212xa

t=可得22Lta=同理可得12423aebeLLtttaa=−=−所以有212232423LtatLLaa==+−即2134tt故选C。8.如图所示，物体从O点由静止开始做匀加速直线运动，途经A、B、C三点，其中4m5mABBC==，。若物体通过AB和BC这两段位移

的时间相等，则O、A两点之间的距离等于（）A.9m8B.8m9C.49m8D.8m49【答案】C【解析】【详解】设物体通过AB、BC所用时间分别为T，则B点的速度922ACBxvTT==根据2xaT=得221xaTT==则BAvvaT=+72AvT=则249

m28AOAvxa==故选C。9.物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m/s，1s后的速度大小变为8m/s，在这1s内物体的加速度大小（）A.可能小于4m/s2B.可能等于4m/s2C.可能等于8m/s2D.可能等于12m/s2【答案】B

D【解析】【详解】若初末速度方向相同，则：v0=4m/s，vt=8m/s；故加速度为2844m/s1vat−===若初末速度方向相反，则：v0=4m/s，vt=-8m/s；故加速度为284'12m/s1vat−−===−故选BD。10.一个

质点做变速直线运动的v-t图像如图所示，下列说法中正确的是A.第1s内与第5s内的速度方向相反B.第1s内的加速度大于第5s内的加速度C.OA、AB、BC段的加速度大小关系是BCOAABaaaD.OA段的加速度与速度方向相同，BC段的加速度与速度方向相反【答案】CD【解析】【详解】A

．第1s内与第5s内的速度均为正值，方向相同，故A错误；B．第1s内、第5s内的加速度分别为：2214m/s2m/s2a==22504m/s4m/s1a−==−1a、5a的符号相反，表示它们的方向相反，

第1s内的加速度小于于第5s内的加速度，故B错误；C．由于AB段的加速度为零，故三段的加速度的大小关系为：BCOAABaaa故C正确；D．OA段的加速度与速度方向均为正值，方向相同；BC段的加速度为负值

，速度为正值，两者方向相反，故D正确；故选CD。11.一质点沿直线运动，如图所示是从0t=时刻开始质点的xtt−图像（x为位移），可以推知（）A.质点做匀减速运动B.加速度的大小是21m/sC.0t=时刻的速度是2m/

sD.2st=时位移是4m【答案】BD【解析】【详解】ABC．由图可知0.51xtt=+得212xtt=+由匀变速直线运动的位移时间公式x=v0t+12at2变形得xt=v0+12at则物体做匀加速直线运动，加速度大小为21

m/s，0t=时刻的速度是1m/s，故B正确，AC错误；D．t=2s时，位移为x=v0t+12at2=1×2+12×1×22=4m故D正确。故选BD12.如图所示，有三架无人机静止在空中，离地面的高度之比123::3:2:1hhh=。若同时由静止释放小球a、b、c，不计空气

阻力，则以下说法正确的是（）A.a、b、c下落时间之比为3:2:1B.a、b、c落地前瞬间速度大小之比为3:2:1C.a与b落地的时间差等于b与c落地的时间差D.a与b落地的时间差小于b与c落地的时间差【答案】AD【解析】【详解】A．根据212hgt=。可得2hthg=可

知a、b、c下落时间之比为::3:2:1abcttt=故A正确；B．根据vgt=可知a、b、c落地前瞬间速度大小之比为::::3:2:1abcabcvvvttt==故B错误；CD．a、b、c下落时间之比为::3:2:1abcttt

=则a与b落地的时间差与b与c落地的时间差之比为32121abbctt−=−可知a与b落地的时间差小于b与c落地的时间差，故C错误、D正确。故选AD。二、实验题（本题共1小题，共10分）13.在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中打点计时器是常用的实验器材，请你完成下列有关

问题：（1）如图是两种打点计时器的图片，其中图乙是______（选填“电磁打点”或“电火花”）计时器。（2）关于图示的两种计时器，下列说法正确的是______。A.甲使用直流电源，乙使用交流电源B.它们都使用10V以下的

交流电源C.当电源频率为50Hz时，它们都是每隔0.02s打一个点D.乙工作时，纸带运动受到的阻力较小，所以实验误差也较小（3）下列操作中正确的是______。A.在释放小车前，小车要靠近打点计时器B.打点计时器应放在长木板有滑轮一端C.应先释放小车，

后接通电源D.电火花计时器应使用低压交流电源（4）某同学用如图（a）所示的装置测定匀加速直线运动的加速度，打出的一条纸带如图（b）所示，A、B、C、D、E为在纸带上所选的计数点，相邻计数点间的时间间隔为0.1s。①打点计时器打下C点时小车的速

度大小为______m/s。②由纸带所示数据可算出小车的加速度大小为______2m/s。【答案】（1）电火花（2）CD（3）A（4）①.0.3②.0.4【解析】【小问1详解】题图甲是电磁打点计时器，题图乙是电火花计时器。【小问2详解】ABC．电磁打点计时器

和电火花计时器都是使用交流电源的计时仪器，电磁打点计时器工作电压是8V，电火花计时器工作电压是220V，当电源的频率为50Hz时，它们都是每隔0.02s打一个点，，故AB错误，C正确；D．电火花计时器工作时，纸

带运动受到的阻力较小，实验误差较小，故D正确。故选CD。【小问3详解】A．在释放小车前，小车要靠近打点计时器，从而增加有效点的个数，故A正确；B．打点计时器应放在长木板远离滑轮的一端，这样释放小车后才有足够的有效点

，故B错误；C．应先接通电源，待打点稳定后再释放小车，故C错误；的D．电火花计时器应使用220V的交流电源，电磁打点计时器才应使用低压交流电源，故D错误。故选A。【小问4详解】[1]打C点时，小车的速度为B

D两点之间的平均速度，即0.0840.024m/s0.3m/s220.1BDCxvt−===[2]根据逐差法可得小车的加速度大小()()220.4m/s2CDDEABBCxxxxat+−+==三、计算题（本题共2小题，共26分）14.从斜面上某一位置每隔0.1s释放一个相

同的小球，释放后小球做匀加速直线运动，在连续释放几个后，对在斜面上滚动的小球拍下如图所示的照片，测得15cmABx=，20cmBCx=。试问：(1)小球的加速度是多少？(2)拍摄时小球B的速度是多少？(3)拍摄

时xCD是多少？【答案】(1)25m/s；(2)1.75m/s；(3)25cm【解析】【详解】(1)由匀变速直线运动规律的推论可得22220.20.15m/s5m/s0.1BCABxxaT−−===(

2)由匀变速直线运动规律的推论可得0.20.15m/s=1.75m/s220.1BCABBxxvT++==(3)由匀变速直线运动规律的推论可得2CDBCBCABxxxxaT−=−=则2220cm-15cm=25cmCDBCABxxx=−=15.一个篮球从高13.05mh=的篮

筐上由静止开始下落，经11.95st=落到水平地面上，速度为119.1m/sv=，然后以24.9m/sv=−反弹，经20.5st=达到最高点，21.23mh=。已知篮球与地面碰撞的时间为0.3s，求：（1）篮球在空中下落和上升两过程中的加速度大小和方向；（2）篮球在与地面碰

撞过程中的加速度大小和方向；（3）篮球在空中下落过程的平均速度；（4）篮球从开始下落到反弹至最高点过程的平均速度。【答案】（1）29.8m/s，竖直向下29.8m/s，竖直向下（2）280m/s，竖直向上（3）1.56m/s，竖直向下（

4）0.66m/s，竖直向下【解析】【小问1详解】下降时，22111019.10m/s9.8m/s1.95vat−−==上升时()2222204.90m/s9.8m/s0.5vat−−−===即下落和上升过程中加速度均大小为29.8m/s，方向

竖直向下。【小问2详解】与地面碰撞过程中22214.919.1m/s80m/s0.3vvat−−−===−负号表示方向竖直向上。【小问3详解】下落过程的平均速度113.05m/s1.56m/s1.95hvt==方向竖直向下。【小问4详解】全程

的位移()123.051.23m1.82mxhh=−=−=全程的时间121.95s0.5s0.3s2.75stttt=++=++=总则平均速度1.82m/s0.66m/s2.75xvt==总方向竖直向下。