【文档说明】湖北省孝感市2019-2020学年高一7月中旬摸底考试物理试卷含答案.docx，共(7)页，889.002 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-30ab6bd470b7482ee9c401c8328d2840.html

以下为本文档部分文字说明：

物理试卷一、选择题：本题共10小题，每小题5分，共50分.在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.1.转篮球是一项需要技巧的活动，如图所示，假设某同

学让篮球在指尖上匀速转动，指尖刚好静止在篮球球心的正下方。下列判断正确的是A．篮球上的各点做圆周运动的圆心均在指尖与篮球的接触处B．篮球上各点的向心力是由手指提供的C．篮球上各点做圆周运动的角速度相等D．篮球上各点离转轴越近，做圆周运动的向心加速度越大2.关于下列对配图的说

法中正确的是A．图甲中“蛟龙号”被吊车吊下水的过程中它的机械能守恒B．图乙中火车在匀速转弯时所受合外力为零，动能不变C．图丙中握力器在手的压力下弹性势能增加了D．图丁中撑杆跳高运动员在上升过程中机械能守恒3.如图所示，将小球从空中的

A点以速度v0水平向右抛出，不计空气阻力，小球刚好擦过竖直挡板落在地面上的B点．若使小球仍刚好擦过竖直挡板且落在地面上B点的右侧，下列方法可行的是A．在A点将小球以大于v0的速度水平抛出B．在A点将小球以小于v0的速度水平抛出C．在A点正上方某位置将小球以小于v

0的速度水平抛出D．在A点正下方某位置将小球以大于v0的速度水平抛出4．法国媒体2月8日报道称，研究人员2月5日发现的绕银河系一颗昏暗恒星运行的七颗行星上似乎有水，可能“宜居”。若已知某行星的质量、转动半径、恒星质量及万有引力常量，则

可以计算的物理量是A．该行星的第一宇宙速度B．该行星的公转角速度C．该行星的自转角速度D．该行星表面重力加速度5．如图所示是一平行板电容器，其电容为C，带电器为Q，上极板带正电。现将一个试探电荷q由两极板间

的A点移到B点，A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，则电场力对试探电荷q所做的功等于A.qCsQdB.qQsCdC.qQs2CdD.qCs2Qd6．在其空中M、N两点分别放有异种点电初＋2Q和－Q，以MN连线中点O为中心作一圆形ABdc

MNa+2Q-QOB30°AsQ路径abcd，a、O、c三点恰好将MN四等分．b、d为MN的中垂线与圆的交点，如图所示，则下列说法正确的A．a、b、c、d四点电场强度的大小关系是Ea＞Ec，Eb＝EdB．a、b、c、d四点电势的关系是φ

a＜φb，φc＝φdC、在MN的连线上，O点的电场强度最小D．将带负电的试探电荷由b沿直线移动到d的过程中，其电势能始终不变7.宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用相互绕转，称之为双星系统。在浩瀚的银河系中，多

数恒星都是双星系统。设某双星系统A、B绕其连线上的O点做匀速圆周运动，如图所示。若AO>OB，则A．星球A的质量一定大于星球B的质量B．星球A的线速度一定大于星球B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双

星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大8．如图所示，水平传送带由电动机带动，并始终保持以速度v匀速运动，现将质量为m的某物块由静止释放在传送带上的左端，过一会儿物块能保持与传送带相对静止，设物块与传送带间的动摩擦因数为，对于这一过程，下列说法正确的是A．

摩擦力对物块做的功为0.5mv2B．物块对传送带做功为0.5mv2C．系统摩擦生热为0.5mv2D．电动机多做的功为mv29．在倾角为θ的光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量均为m，弹簧

劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一恒力F沿斜面方向拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开C时，A的速度为v，则此过程（弹簧的弹性势能与弹簧的伸长量或压缩量的平方成正比，重力加速度为g）A．物块A运动的距离为2mgsinθkB．物

块A加速度为F2mC．拉力F做的功为12mv2D．拉力F对A做的功等于A的机械能的增加量10．如图所示，空间的虚线框内有匀强电场，AA′、BB′、CC′是该电场的三个等势面，相邻等势面间的距离为0.5cm,其中BB′为零势能面.一个质量为m,带电量为+q的粒子沿AA′方向

以初动能Ek,自图中的P点进入电场,刚好从C′点离开电场。已知PA′=2cm。粒子的重力忽略不计。下列说法中不．正确的是A.该粒子到达C′点时的动能是2EkB.该粒子通过等势面BB′时的动能是1.25EkC.该粒子在P点时的电势能是EkD.该粒子

到达C′点时的电势能是0.5Ek二、实验填空题（11题4分，12题4分,，13题6分）vθBACOBALA′B′C′CBAvv0P11.（4分）某同学用如图所示的装置，来验证机械能守恒定律，下列说法正确的是A

.该实验中，重物应选用质量大、体积小、密度大的材料B.该实验中，可以由公式v=gt求出打某点的纸带的速度C.该实验中，应先接通电源后释放重物D.该实验中，打点计时器接到电源的直流输出端上12.（4分）①图甲中游标卡尺的读数是cm，②图

乙中螺旋测微器的读数是mm。13．（6分）实验室中利用下列器材测量一个阻值约为200Ω的电阻：电压表V1，量程为5V，内阻约为5kΩ电压表V2，量程为15V，内阻约为15kΩ电流表A1，量程为30mA，内阻约为50Ω电流

表A2，量程为0.6A，内阻约为1Ω滑动变阻器R1，最大阻值20Ω滑动变阻器R2，最大阻值100Ω电源E，电动势为4.5V，内阻1Ω电键和导线若干(1)为了精确画出该电阻的I－U图线，实验时要求电压从零开始连续变化，以

便多测几组数据，电压表应选用___________________，电流表应选用________，滑动变阻器应选用________．(填写器材的符号)(2)在方框中画出实验电路图．三、计算题（14题10分，15题1

2分，16题14分，共36分。写出必要的文字、方程式及重要的演算步骤。）14．一小滑块静止在倾角37º的斜面底端,滑块受到外力冲击后,获得一个沿斜面向上的速度v0=4.0m/s.斜面足够长,滑块与斜面之间的动摩擦因数μ=0.25.取g=10m/s2.求滑块在斜面上的运动时间.接电源纸带重

锤打点计时器0510152025乙340100123476010甲cm15．如右图所示，一根光滑绝缘细杆与水平面成α＝30°的角倾斜固定．细杆的一部分处在场强方向水平向右的匀强电场中，场强E＝2×104N/C.在细杆上套有一个带电荷量为q＝－1

.73×10－5C、质量为m＝3×10－2kg的小球．现使小球从细杆的顶端A由静止开始沿杆滑下，并从B点进入电场，小球在电场中滑至最远处的C点．已知A、B间距离x1＝0.4m，g＝10m/s2.求：(1)小球在B点的速度vB；(2)小球进入电场后滑行的最大距离x2；(3)小球从A点滑至C点的时间是

多少？16．如图所示，质量为m＝1kg的滑块，在水平力作用下静止在倾角为θ＝30°的光滑斜面上，斜面的末端B与水平传送带相接(滑块经过此位置滑上传送带时无能量损失)，传送带的运行速度为v0＝3m/s，长为l＝1.4m；今将水平力撤去，当滑块滑到传送带右端C时

，恰好与传送带速度相同．滑块与传送带间的动摩擦因数为μ＝0.25，g取10m/s2.求：(1)水平作用力F的大小；(2)滑块下滑的高度；(3)若滑块滑上传送带时速度大于3m/s，滑块在传送带上滑行的整个过程中产生的热量．物理试卷参考答案题号12345678910答案CCDBDABDACDADBC

D11.AC12.①2.98;②5.680（5.679、5.681也算对）13.解析：(1)电源电动势为4.5V，故电压表的示数最大为4.5V，电压表选V1；流过电阻的最大电流Im＝4.5200A＝22.5mA，故电流表选A1；实验要求电压从零开始

连续变化，应采用滑动变阻器分压式连接，阻值宜用小些的，便于调节，选R1.(2)实验电路图如图所示．答案：(1)V1A1R1(2)见解析14．解：滑块向上运动时，a1=gsinθ+μgcosθ=8m/s2t1=v0a1=0.5

ss=v022a1=1m4分滑块向下运动时，a2=gsinθ-μgcosθ=4m/s2s=12a2t223分解得t2=22s∴t=t1+t2=1+22s3分15．解析：(1)小球在AB段滑动过程中，由机械能守恒mgx1sinα＝12mvB2可得vB＝2m/s.4分(2)

小球进入匀强电场后，在电场力和重力的作用下，由牛顿第二定律可得加速度a2＝mgsinα－qEcosαm＝－5m/s2小球进入电场后还能滑行到最远处C点，B、C的距离为x2＝－vB22a2＝0.4m4分

(3)小球从A到B和从B到C的两段位移中的平均速度分别为vAB＝0＋vB2vBC＝vB＋02小球从A到C的平均速度为vB2x1＋x2＝vt＝vB2t可得t＝0.8s4分16．解析(1)滑块受到水平力F

、重力mg和支持力FN作用处于平衡状态，水平力F＝mgtanθ，F＝1033N.3分(2)设滑块从高为h处下滑，到达斜面底端速度为v，下滑过程机械能守恒mgh＝12mv2，得v＝2gh若滑块冲上传送带时的速度小于传送带速度，则滑块在传送带上由于受到向右的滑动摩擦力而做匀加速运动；

根据动能定理有μmgl＝12mv02－12mv2则h＝v202g－μl，代入数据解得h＝0.1m3分若滑块冲上传送带时的速度大于传送带的速度，则滑块由于受到向左的滑动摩擦力而做匀减速运动；根据动能定理：－μmgl＝12mv02－12mv2则

h＝v202g＋μl代入数据解得h＝0.8m.3分(3)设滑块在传送带上运动的时间为t，则t时间内传送带的位移x＝v0t，mgh＝12mv2，v0＝v－at，μmg＝ma滑块相对传送带滑动的位移Δx＝l－x相对滑动生成的热量Q＝μmg·Δx代入数据解得

Q＝0.5J.5分获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com