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2024-2025学年高二物理上学期期中模拟卷（考试时间：75分钟，分值：100分）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答

题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．测试范围：第9~13章（人教版2019必修第三册）。4．难度系数：0．7。第Ⅰ卷（选择题）一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1．如图为静电喷印原理的简图，在喷嘴和收集板之间施加高压电源后，电场分布如图中虚线所示．喷嘴处的液

滴受到各方面力的共同作用形成泰勒锥，当电场力增大到某一值时，液滴从泰勒锥尖端射出形成带电雾滴，落在收集板上，则此过程中雾滴A．动能减小B．速度不变C．电势能减小D．加速度增大【答案】C【详解】ABC．由于液滴带负电，落到收集板的过程中，电场力做正功，动能增大，速度增大，电势能

减小，故AB错误，C正确；D．由图可知从喷嘴到收集板，电场线逐渐稀疏，电场强度减小，根据牛顿第二定律可知FqEma==qEam=加速度在减小，故D错误。故选C。2．A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的电荷，所受电场力为F，A点的场强为E，则A．若在A点换上电量为“q−”的

电荷，A点的场强方向发生变化B．若在A点换上电量为“2q”的电荷，A点的场强将变为2EC．若在A点移去电荷“q”，A点的场强变为零D．A点场强的大小、方向与q的大小、正负、有无均无关【答案】D【详解】电场强度FEq=是通过比值定义法得出

的，其大小及方向与试探电荷无关，放入任何电荷时电场强度的方向、大小均不变，故ABC错误，D正确。故选D。3．如图所示，平行板电容器与电动势为E′的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略。一带负电的油滴被固定于电容器中的P点。现

将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，则下列说法正确的是A．平行板电容器的电容将变小B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能减少D．若将上极板与电源断开后再将下极板左移一小段距离，则油滴所受电场力不变【答案】

C【详解】A．将电容器的上极板下移后，极板间距减小，根据C=r4Skd电容器的电容变大，A错误；B．电容器始终与电源相连，两极板的电势差不变，所以静电计指针张角不变，B错误；C．电容器的电势差不变，d减

小，则电场强度E变大，P点与下极板间的电势差变大，即P点的电势增大，因为该油滴带负电，所以其电势能减少，C正确；D．若将电容器上极板与电源断开，则电容器的电荷量不变，当正对面积S减小时，电容器的电容变小，电势差增大，根据E=Ud电场强度变大，油滴所受电场力变大，D错误。故选C。4．如图所示

，面积为S、匝数为N的闭合线圈abcd水平放置，与匀强磁场B的夹角θ=45°。现将线圈以ab边为轴顺时针转动90°，则线圈在初、末位置磁通量的改变量的绝对值为A．0B．2BSC．2NBSD．22NBS【答案】B【详解】两次情况下磁感线穿过线圈的面不同，设初位置时穿过线圈的磁通量为正，则初位置时12

(sin)2BSBS==末位置时22(cos)2BSBS=−=−初、末位置磁通量的改变量的绝对值为ΔΦ=│Φ2－Φ1│=2BS故选B。5．如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个变阻器组成的，已知灵敏电流表的满偏电流g2mAI=，

内电阻g300ΩR=，则下列说法正确的是A．甲表是电流表，R增大时量程增大B．乙表是电流表，R增大时量程增大C．在甲图中，若改装成的电流表的量程为0.6A，则0.5ΩR=D．在乙图中，若改装成的电压表的量程为3V

，则1200R=【答案】D【详解】A．甲由一个灵敏电流表G和一个变阻器R并联，利用并联电阻的分流，改装成电流表。电流表的量程gggIRIIR=+可知当R增大时，量程I减小，故A错误；B．乙由一个灵敏电流表

G和一个变阻器R串联，利用串联电阻的分压，改装成电压表。电压表的量程()ggUIRR=+可知R增大时，量程增大，故B错误；C．由公式gggIRIIR=+知，在甲图中，若改装成的电流表的量程为0.6A，则1.003R=故C错误；D．由公式()ggUIRR=+知，在乙图中，

若改装成的电压表的量程为3V，则1200R=故D正确。故选D。6．某电子元件通电后，其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，P点的坐标为(),PPUI，过P点的切线在纵轴上的截距为0I，由此图可知A．对应P点，该元件的电阻0

PPURII=−B．随着所加电压的增大，该元件的电阻减小C．对应P点，该元件的功率数值上等于图中阴影部分的面积大小D．该元件为非线性元件，欧姆定律不满足，所以不能用公式URI=求电阻【答案】C【详解】A．对应P点，该元件的电阻为=PPURIA错误；B．图像上各点与原点连线的斜率逐渐减小，则该元件电

阻逐渐增大，B错误；C．功率为PPPUI=则对应P点，该元件的功率数值上等于图中阴影部分的面积大小，C正确；D．纯电阻元件满足欧姆定律，与是否为线性元件无关，D错误。故选C。7．如图，A、B、C三个点位于以O为圆心的圆上，直径AB与弦BC间的夹角为30。A、B两点分别放有电荷量大小为AB

qq、的点电荷时，C点的电场强度方向恰好沿圆的切线方向，则ABqq等于A．13B．33C．3D．2【答案】B【详解】根据题意可知两电荷为异种电荷，假设Aq为正电荷，Bq为负电荷，两电荷在C点的场强如下图，设圆的半径为r，根据几何知识可得ACrr=，3BCrr=tan60ABEE=同时

有2AAACkqEr=，2BBBCkqEr=联立解得AB33qq=故选B。8．某同学设计了一种利用放射性元素衰变的电池，该电池采用金属空心球壳结构，如图所示，在金属球壳内部的球心位置放有一小块与球壳绝缘的放射性物质，放射性物质与球壳之间是真空，球心处的放射性

物质的原子核发生衰变，向四周均匀发射电子，电子的电荷量为e。已知单位时间内从放射性物质射出的电子数为N，在金属壳外表面有一块极小的圆形面积S，其直径对球心的张角为弧度，则通过S的电流大小约为A．216NeB．28NeC．2NeD．Ne【答

案】A【详解】单位时间内从放射性物质射出的电子数为N，则t时间内从放射性物质射出的电荷量QNet=总结合几何关系可知在金属壳外表面有一块极小的圆形面积S上的电荷量为22416SQQNetr==总根据电流的定义有216QNeIt==

故选A。9．如图（a）所示电路，R1为滑动变阻器，R2为定值电阻。从左向右移动变阻器的滑片，根据电表数据得到U-I图像如图（b）所示，则A．R1的最大功率为4WB．R2的最大功率为3WC．电源的最大输出功率为3WD．电源的输出功率先增大后减小【答案】BC【详解】根据欧姆定律可知2

23URI==所以图（b）中斜率为正的图线反映R2的伏安特性。设电源电动势为E，内阻为r。根据闭合电路欧姆定律有3UEIr=−12()UEIrR=−+所以3UrI=12UrRI=+所以图（b）中斜率为负的两条图线中，斜率绝对值较大的图线反映了V1表示数随I的变化，则24rR

+=斜率绝对值较小的图线反映了V3表示数随I的变化，则1r=，4VE=A．R1的输出功率为()22211122212121()2()EREPIRRrRRrRRrR===++++++根据数学知识可知当12RRr=+时，P1有最大值为1max1WP=故A错误；B．当电

路中电流最大时，R2的功率最大，此时R1接入电路的阻值为零，所以22max223WEPRRr==+故B正确；CD．电源的输出功率为()222121222121212()()2ERREPIRRrRRrRRrRR+=+==++++++从左向右移动变阻器的滑片，R1增大，根据数学知识可知当

12RRr+时，P随R1的增大而减小，当R1=0时，P有最大值为max2max3WPP==故C正确，D错误。故选BC。10．静电给人们带来很多方便，但有时也带来很多麻烦，甚至造成危害，下列情况属于静电带来的麻烦的是A．印刷厂里，纸张之间摩擦带电，会使纸张吸

附在一起，给印刷带来麻烦；B．印染厂里染织物上带静电，会吸附空气中的尘埃，使印染质量下降；C．制药生产中，由于静电吸引尘埃，使药品达不到预定纯度。D．接负高压的涂料雾化器喷出的油漆微粒带负电，在静电力作用下，这些微粒向着作为正极的工

件运动，并沉积在工件的表面完成喷漆工作【答案】ABC【详解】A．纸张之间摩擦带电，会使纸张吸附在一起，给印刷带来麻烦，属于静电带来的麻烦，A正确；B．染织物上带静电，带电体吸引轻小物体，会吸附空气中的尘埃，使印染质量下降，属于静电带来的麻烦，B正确；C．制药生产中，由于静电

吸引尘埃，使药品达不到预定纯度，属于静电带来的麻烦，C正确；D．接负高压的涂料雾化器喷出的油漆微粒带负电，在静电力作用下，这些微粒向着作为正极的工件运动，并沉积在工件的表面完成喷漆工作是利用异种电荷相互吸引的特点，不是静电带来

的麻烦，D错误。故选ABC。11．在如图所示电路中，当变阻器3R的滑片P向b端移动时A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变小C．2R上消耗的功率变大D．电源内部消耗的热功率变大【答案】BD【详解】ABC．当变阻器3R的滑动

头P向b端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路外电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知，电路总电流增大，路端电压减小，则电压表示数变小；由于流过1R的电流增大，则1R两端电压增大，所以并联部分的两端电压减小，即2R两端电压减小，所以通过2R的电流减小，则电流表示数变小，2R

上消耗的功率变小，故AC错误，B正确；D．根据2rPIr=由于电路总电流增大，则电源内部消耗的热功率变大，故D正确。故选BD。12．如图为两点电荷Q、Q的电场等势面分布示意图，Q、Q位于x轴上，相邻等势面的电势差为3V。若x轴上

的M点和N点位于0V等势面上，P为某等势面上一点，则A．N点的电场强度大小比M点的大B．Q为正电荷C．M点的电场方向沿x轴负方向D．P点与M点的电势差为12V【答案】AD【详解】A．等差等势线的密度体现场强的大小，由图可知N点的等差等势线比M点更密，则N点的电场强度大小比M点的大，

故A正确；B．沿着电场线电势逐渐降低，由图可知电场线由N指向Q，则Q为负电荷，故B错误；C．沿着电场线电势逐渐降低，结合各等势线的电势高低关系可知M点的电场方向沿x轴正方向，故C错误；D．M点与N点等势均为0V，P点与N点的等势线间隔四个，而相邻等势面的电势差

为3V，则P点与M点的电势差为12V，故D正确。故选AD。第Ⅱ卷（非选择题）二、实验题：本题共2小题，共15分。13．（6分）用欧姆表粗测得一圆柱复合材料的电阻约为3kΩ，某实验小组通过以下实验测量其电阻率ρ。

（1）该实验小组用刻度尺测量其长度L、螺旋测微器测量其直径D，某次直径测量结果如图所示：D=mm；（2）实验使用的滑动变阻器的阻值为0~20Ω，请将如图实际测量电路补充完整。（3）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于端（填“a”或“b”）；（4）某次实验时，电压表的示数为U，电流表的示数为I，用实

验测量的物理量L、D、U、I表示电阻率，则表达式为ρ=。【答案】6.700/6.701/6.699a24UDIL【详解】（1）[1]由图可得，其直径D为6.5mm20.00.01mm6.700mmD=+=（2）[2]因为待测电阻约

为3千欧，则电流表应该内接，且滑动变阻器应该采用分压式接法，故电路如图（3）[3]闭合开关前，应该让待测电阻两端分的电压为零，即滑动变阻器的滑片应置于a（左）端；（4）[4]由电阻定律变形可得RSL=其中24DS=URI=联立解得

24UDIL=14．（9分）某实验小组要测量某金属丝的电阻率，先利用电路测量金属丝阻值xR的准确值，可选用的实验器材有：电流表A（0~0.6A，内阻约为0.5）；电压表V（0~3V，内阻约为5k）；待测电阻xR（

约8）；滑动变阻器()10~20R；滑动变阻器()20~2kR；干电池2节；开关一个；导线若干。（1）在所给电路中，应选用（填“图甲”或“图乙”）作为测量电路；为了便于调节，滑动变阻器应选用（填“1R”或“2R”）。（2）该实验过程中，闭合开关后要求

立即读数，避免金属丝温度升高，这样做的原因是。（3）现有如图所示的多用电表，电流、电压和电阻的测量都各有两个量程。其中电流的小量程为0~0.6A，大量程为0~3A；电压的小量程为0~3V，大量程为0~15V

．上述实验，若用多用表代替电流表()A0~0.6A，则图丙中表笔B应连接，若用多用表代替电压表()V0~3V，则图丙中表笔B应连接。（均填“1”“2”“3”“4”“5”或“6”）【答案】图甲1R金属丝温度升高，金属丝的电阻率会增大

25【详解】（1）[1]因电流表内阻约为0.5，图乙接法电压表测得的电压误差较大，电压表内阻约为5kΩ，图甲接法电流表测得的电流误差较小，故选图甲；[2]由于选择限流电路，所以滑动变阻器选择与待测电阻阻值相当的，所以选择1R；（2）[2]该实验过程中，闭合开关后要求立即读数，避免金属丝温度

升高，这样做的原因是金属丝温度升高，金属丝的电阻率会增大；（3）[4][5]如图所示的多用电表，图丙中表笔B链接“2”为电流的小量程0~0.6A；图丙中表笔B链接“5”为电压表的小量程0~3V。三、计算题：本题共3小题，共37分。解答应写出必要的文字

说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。15．（11分）如图所示，是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图。电动机内电阻r＝0.8Ω，电路中另一电阻R＝10Ω，直流电

压U＝160V，电压表示数UV＝110V。试求：（1）通过电动机的电流；（2）输入电动机的电功率；（3）若电动机以v＝1m/s匀速竖直向上提升重物，求该重物的质量。（g取10m/s2）【答案】（1）5A；（2）550W；（3）53kg

【详解】（1）由电路中的电压关系可得电阻R的分压为V160V110V50VRUUU=−=−=则流过电阻R的电流为50A5A10RRUIR===则通过电动机的电流为M5ARII==（2）输入电动机的电功率为MV5110W550WPIU===电（3）电动机的发热功率22M50.8W

20WPIr===热电动机输出的机械功率530WPPP=−=电热机又Pmgv=机可得530kg53kg101Pmgv===机16．（12分）如图所示，直角三角形ABC的∠B为直角，∠A=30°，直角边BC=a。分别在A、B两点固定两个点电荷，已知固定在A点的点电荷的电荷量为+Q（Q>0），静电

力常量为k，若在C点放置一带正电的试探电荷，它受到的电场力平行于AB指向右方。（1）判断固定在B点的点电荷的电性；（2）求固定在A点的点电荷在C点产生的电场强度的大小E1；（3）求C点的电场强度大小E。【答案】（1）负电；（2）24kQa；（3）2

38kQa【详解】（1）由C点正试探电荷受到的电场力平行于AB指向右方，根据电荷间相互作用规律和力的合成可知，固定在B点的点电荷带负电。（2）根据几何关系可知AC2a=根据库仑定律结合电场强度定义式可知，固定在A点的点电荷在C点产生的电场强度的大小21k

QEAC=解得124kQEa=（3）根据题意可知，C点的电场强度方向平行于AB向右，矢量合成图如图所示，根据几何关系可知1cos30EE=解得238kQEa=17．（14）如图所示，光滑水平面AB和竖直面内的光滑14

圆弧导轨在B点平滑连接，导轨半径为R。质量为m的带正电小球将轻质弹簧压缩至A点后由静止释放，脱离弹簧后经过B点时的速度大小为gR，之后沿轨道BO运动。以O为坐标原点建立直角坐标系xOy，在xR−区域有方向与x轴夹角为45=的匀强电场

，进入电场后小球受到的电场力大小为2mg。小球在运动过程中电荷量保持不变，重力加速度为g。求：（1）弹簧压缩至A点时的弹性势能；（2）小球经过O点时的速度大小；（3）小球过O点后运动的轨迹方程。【答案】（1）12mgR；（2）03vgR=；（3）26yRx=【详解】（1）小球从A到B，根据能量守恒

定律得2p1122BEmvmgR==（2）小球从B到O，根据动能定理有2211222OBmgRqERmvmv−+=−解得3OvgR=（3）小球运动至O点时速度竖直向上，受电场力和重力作用，将电场力分解到

x轴和y轴，则x轴方向有cos45xqEma=竖直方向有sin45yqEmgma−=解得xag=，0ya=说明小球从O点开始以后的运动为x轴方向做初速度为零的匀加速直线运动，y轴方向做匀速直线运动，即做类平抛运动，则有212xgt=，Oyvt=联立解得小球过O点后运动的轨迹方程26yRx=