【文档说明】《精准解析》2021届四川省绵阳市高中高三（上）一诊物理试题（解析版）.doc，共(18)页，2.062 MB，由小赞的店铺上传

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高18级绵阳市一诊物理试题一、选择题：第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。1.做平抛运动的物体，在水平方向通过相同距离的两段时间内，其速度增量（）A.大小相等，方向相同B.大小相等，方向不同C.大小不等，方向相同D.大小不等，方向不同【答案】

A【解析】【分析】【详解】做平抛运动的物体，水平方向是匀速直线运动，竖直方向是自由落体运动，水平方向运动相同距离，则所用时间相同，由Δv=at=gt可知，在相同时间内速度增量大小相等，方向竖直向下，与加速度方向相

同，A正确，BCD错误。故选A。2.2020年10月12日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功将高分十三号卫星发射升空，卫星在发射阶段竖直向上匀加速通过两段相同高度的过程中，下列物理量相同的是（）A.运动时间B.平均速度C.速度的变化量D.动能的变化量【答案

】D【解析】【分析】【详解】A．卫星在发射阶段竖直向上匀加速通过两段相同高度的过程中，因为2012xvtat=+两段不同高度的初速度不同，所以匀加速运动通过相同高度的时间一定不相同，故A项错误；B．因为卫星在做匀

加速运动，所以其平均速度一定不相同，故B项错误；C．根据B项，其运动时间不同，又因为vat=可知速度的变化量也不同，故C项错误；D．因为物体在做匀加速运动，所以其受力一定没有发生变化，根据()WFmgx=−可知合外力做功相同，其动能变化量相

同，故D项正确。故选D。3.如图所示是某幼儿园滑梯设计示意图，倾斜滑道AB和水平滑道BC平滑衔接。滑梯高度限定为h，滑梯与儿童裤料之间动摩擦因数为μ，设倾斜滑道AB与水平面夹角为α。为保证儿童的安全，要求儿童能从A点由静

止下滑并停在水平滑道BC上，则（）A.应满足sinα<μB.应满足tanα<μC.滑梯的水平跨度CDhxD.滑梯的水平跨度CDxh【答案】C【解析】【分析】【详解】AB．儿童下滑时应该满足sincosmgmg即tan选项AB错误；CD．由能量关系cosABBCC

Dmghmgxmgxmgx+=解得CDhx选项C正确，D错误。故选C。4.冰壶比赛中，运动员以一定的初速度将冰壶沿水平冰面推出，其动能Ek随位移x变化关系如图所示，根据图像信息可求解（）A.冰壶从推出到停止的位

移xB.冰壶被推出时的初速度v0C.冰壶与冰面间的动摩擦因数μD.冰壶从推出到停止的时间t【答案】A【解析】【分析】【详解】A．从图像可知，冰壶从推出到停止的位移为10m，A正确；B．从图像可知冰壶被推出时的初动能38J，但是冰壶的质量未知，不能求解初速度v0，B

错误；C．根据动能定理kk0EEmgx=−由于冰壶质量未知，则不能求解冰壶与冰面间的动摩擦因数μ，C错误；D．因不能求解动摩擦因数，则不能求解加速度，从而不能求解冰壶从推出到停止的时间t，D错误。故选A。5.拆卸高楼旧空调外机时，常

用电动机通过缆绳进行牵引，为避免其与竖直墙壁碰撞，地面上的工人（图中未画出）用一根拉绳拽着外机，如图所示。设缆绳拉力的大小为F1，方向与竖直方向成角；拉绳拉力大小为F2，与竖直方向的夹角为β。工人拉拉绳使β保持不变，外机沿竖直方向缓慢下降过程中（）A.F1不断增大B.F2不断减小C.

=D.12FF=【答案】B【解析】【分析】【详解】AB．对外机受力分析，由重力G，拉绳的拉力2F和缆绳的拉力1F，由题意可知，外机在缓慢下降的过程中，处于动态平衡状态。将力1F和2F沿着水平和竖直方向分解，由力的平衡条件可得12coscosFGF=+12sinsinFF

=则1cossincotGF=−，2cotsincosGF=−由题意可知，β不变，随着外机的下降逐渐减小，可得当逐渐减小时，2F和1F都在逐渐减小。所以B正确，A错误；CD．由AB选项分析可知，外机在三个力作用下处于动态平衡状态，又β不变，所以可知1F为2F和

G的合力，由平行四边形定则可得12FF，所以CD错误。故选B。6.如图所示是现代化农场中收割小麦的情景，收割机将小麦收割、脱粒、分离和清选后，通过传送带传送到卡车中。已知卡车行驶过程中受到地面阻力与其对地面压力成正比，受到空气阻力

与车速成正比。收割过程中，卡车与收割机在水平麦地里沿同方向匀速行驶，则卡车（）A.牵引力随时间增大B.牵引力随时间减小C.发动机输出功率恒定D.发动机输出功率增大【答案】AD【解析】【分析】【详解】AB．由题可知1

NFkF=地2Fkv=空当收割机收割时，卡车的重量会增加，压力增大，所以地面对卡车的阻力将增大，又由于卡车时匀速，所以卡车所受空气阻力不变，则卡车所受牵引力为FFF=+地空即卡车所受牵引力随时间增大，所以A正确，B错误；CD．发动机的输出功率为PFv=由于卡车匀

速，所以速度不变，牵引力增大，所以发动机的输出功率增大，所以D正确，C错误。故选AD。7.如图是中国古人发明的抛石机，它的出现最早可追溯到春秋战国。抛石机长臂端石袋里装石块并扣在地面上某点，短臂端挂重物，重物重量明显大于石块重量。松开长臂端

，长臂转至竖直位置，重物刚好落到地面，石块被水平抛出。忽略长、短臂的质量，不计空气阻力和摩擦.则（）A.石块动能的增加量大于重物机械能的减少量B.石块动能的增加量小于重物重力势能的减少量C.石块机械能的增加量小于重物机械能的减少量

D.石块机械能的增加量小于重物重力势能的减少量【答案】BD【解析】【分析】【详解】重物落到地面的运动中，重物和石块系统，只有系统的重力做功，因此重物和石块系统机械能守恒。此运动，重物的机械能的减少量等于石块的机械能的增加量；此运动重物的重力势能减小，动能增加

，石块的动能增加，重力势能增加，则石块动能的增加量小于重物机械能的减少量，也小于重物重力势能的减少量；石块的机械能的增加量小于重物重力势能的减少量，因此AC错误；BD正确。故选BD。8.甲、乙两个物体沿同一直线运动，甲做匀速运动，乙做初速度为零的匀

加速运动，它们位置x随时间t的变化如图所示，当12st=时，甲、乙相距最远，AB是乙的图线与t轴交点的切线。则（）A.甲、乙相距最远距离是18mB.乙的加速度大小是2m/s2C.在25st=时，甲、乙相遇D.040mx=【答案】AC【解析】

【分析】【详解】B．由题意可知，甲物体的x-t解析式为112xvt=+乙物体的x-t解析式为220182xvtat=−++当12st=时，甲、乙相距最远，即此时甲和乙的速度相等，即甲物体的图像与AB直线的斜率相等，由图可得，AB直线的斜率为16m/s8m/s2k==所以甲做匀速运动的速度为8m

/s，即18m/sv=同理结合图像，可得对于乙物体00v=，24m/sa=B错误；A．由题意可知，当12st=时，甲、乙相距最远，所以对于物体甲，此时物体甲的位置为118mx=乙的位置为20x=所以此时甲、乙相距最远距离是18m

，A正确；C．由图像可知，当25st=时，甲、乙两物体在同一位置，即两物体此时相遇，C正确；D．由A选项分析可得182xt=+2282xt=−+联立两式可得，当两物体在同一位置时5st=042mx=D错误。故选AC。三、非选择题：9.用

如图甲所示装置测物块与长木板间的动摩擦因数，长木板固定在水平桌面上，圆弧轨道与长木板的上表面相切。光电门安装在长木板上，位置可以调节；物块上固定遮光条宽d=2.10mm，从圆弧轨道上某点静止释放。(1)某次遮光

条通过光电门时间t=0.84ms，则物块通过光电门速度v=______m/s。（结果保留三位有效数字）(2)调节光电门位置，测每次遮光条通过光电门时间t及对应的物块在长木板上停止后遮光条与光电门之间的距离x。多次测量，得到21xt−图

象如图乙，已知图线斜率为k，重力加速度为g，则物块与长木板间的动摩擦因数μ=______。（用已知量字母表示）(3)本实验中______，（选填”需要”或“不需要”）保证物块必须从圆弧轨道上同一点由静止释放。【答

案】(1).2.50(2).22kdg(3).不需要【解析】【分析】【详解】(1)[1]某次遮光条通过光电门时间t=0.84ms，则物块通过光电门速度332.1010m/s2.50m/s0.8410dvt−−===(2)

[2]根据运动学关系可知22dgxt=即2212gxtd=则22=gkd解得2=2kdg(3)[3]本实验中滑块到达光电门的速度不同，则不需要保证物块必须从圆弧轨道上同一点由静止释放。10.用图（a）所示装置研究加速度与

外力的关系。小车质量200g，每一个钩码质量50g，打点计时器使用的交流电源电压220V，频率50Hz。调整木板的倾角平衡摩擦阻力后，挂上钩码，钩码下落，带动小车运动并打出纸带。细绳挂n个钩码，通过打出的纸带计算得到对应的加速度a，结果如下表。细绳不

可伸长，忽略定滑轮质量。钩码个数012345678加速度a/m•s201.953.27？4.915.435.876.246.53回答下列问题∶(1)挂n=3个钩码时得到的纸带及测得的数据如图（b）所示，A、B、C、D、E是计数点，相邻两个计数点间都有4个点迹没标出，则小车

运动的加速度大小是______m/s2。（结果保留三位有效数字）(2)将表中数据在图（c）所示的a-n坐标系描点，做出a与n的关系图线______。(3)由(2)所得图线，得到的实验结论是：小车加速度大小与

钩码的重力______。（选填“是”或“不是”）线性关系。其原因是______（填序号）。A.调整木板倾角过大B.小车的加速度与其所受的合外力不成正比C.钩码个数增加，系统的质量也增加D.钩码个数增加，系统的质量不变(4)将长木板平放，在小车

前端固定一力传感器（传感器质量忽略不计），测量细绳对传感器与小车的拉力F，细绳挂不同个数的钩码，得到小车运动过程中加速度a与拉力F之间的关系图线，图（d）中正确的是______。（填序号）A.B.C.D.【答案】(1).4.21(2).(3).不是(4).C(5).A【解析】

【分析】【详解】(1)[1]相邻两个计数点间都有4个点迹没标出，则T=0.1s，则小车运动的加速度大小是22220.18830.14640.10430.0620m/s4.21m/s440.1CEACxxaT−+−−===(2)[2]将表中数据在图（c）所示的a-n坐标系描点，做出a与n的关

系图线如图(3)[3]由(2)所得图线，得到的实验结论是：小车加速度大小与钩码的重力不是线性关系。其原因是钩码个数增加，系统的质量也增加，由于nmganmM=+可知a-n关系不是线性关系，故选C。(4)[4]由于力传感器可以直接测得小车的拉力，则即使当增加砝码个数不满足砝码的质量远小

于小车质量时，图像也不会出现弯曲，但是由于没平衡摩擦力，则图像在F轴上有截距，故选A。11.如图是科技小组制作的无动力飞行器滑跃式飞行轨道示意图，AB是水平轨道，BC是竖直放置的圆弧形轨道，两轨道在B处平滑连接

，质量0.6kgm=的飞行器从A处以初速08m/sv=开始滑行，从C点跃出后飞行上升的最大高度0.5mH=。已知AB长度5m，BC轨道半径2mR=，角60BOC=o，飞行器与水平轨道间动摩擦因数0.15=，重力加速度210m/sg=，不计空气阻力。求：(1)飞行器在圆弧形轨

道上B点时对轨道的压力；(2)飞行器在圆弧形轨道上滑行过程中克服摩擦阻力所做的功。【答案】(1)20.7N；(2)4.7J【解析】【分析】【详解】(1)设飞行器质量m，AB长度为ABx在圆弧形轨道上B点速度为Bv，

轨道对它的支持力为BF，它对轨道的压力BF，则2201122ABBmgxmvmv−=−解得7m/sBv=2BBmvFmgR−=BBFF=解得20.7NBF=(2)设飞行器离开C点速度为Cv，其竖直分速度为Cyv，在弧

形轨道上克服阻力所做的功为fW，则sin60CyCvv=22CyvgH=解得230m/s3Cv=22f11(cos60)22CBmgRRWmvmv−−−=−解得f4.7JW=12.如图所示，长木板A和挡板B在同一光滑水平面，A静止，B固定，A右端与B间距

离为x0。某时刻，可视为质点的小物块以速度v0=1m/s从长木板左端滑上，每次A与B碰撞前小物块相对长木板静止。已知A足够长，质量M=0.4kg，小物块质量m=0.6kg，小物块与长木板间动摩擦因数μ=0.2，A与B碰撞无机

械能损失，g取10m/s2。(1)小物块刚滑上A时，求小物块的加速度大小和A的加速度大小；(2)求x0的取值范围；(3)求A与B第n（n=1，2，3，…）次碰撞前，小物块与长木板组成系统损失的机械能。【答案】(1)22m/s；23m/s；(2)00.06mx；(3)0.34.50.

04nnE=−或220.30.18(0.2)(2,3,4,)nn−−=【解析】【分析】【详解】(1)设小物块刚滑上长木板时，小物块加速度大小为1a，长木板加速度大小为2a，则1mgma=2mgMa=解得212m/sa=，22s3m/a=；(2)设

经时间1t小物块与A静止，共同速度大小为1v，则1011vvat=−121vat=解得10.2st=，10.6m/sv=；设在时间1t内长木板通过的距离为为x，则212vax=0xx解得00.06mx；(3)设A与B第1次碰撞前，小物块与长木板组

成系统损失的机械能为1E，则2210111()22EmvMmv=−+解得10.12J(1)En==；在长木板与挡板第1(2,3,4,)nn−=次碰撞后，小物块与长木板速度大小都为1nv−，小物块

方向向右，长木板方向向左，二者相对滑动，设经时间nt二者速度相同大小为nv，方向向右，之后，与挡板第(2,3,4,)nn=次碰撞，以向右为正，则对小物块有11nnnvvat−=−对长木板有12nn

nvvat−=−+解得10.2(2,3,4,)nnvvn−==由(2)知道，10.6m/sv=根据等比数列规律可得10.60.2(2,3,4,)nnvn−==设A与B第(2,3,4,)nn=次碰撞前，小物块与长木板组成系统损失的机械能为nE，则22011()22n

nEmvMmv=−+解得0.34.50.04nnE=−或220.30.18(0.2)(2,3,4,)nnEn−=−=【物理选修3-4】13.一列沿x轴正方向传播的简谐横波某时刻的波形如图所示，波速为5m/s，振幅为

10cm。A是振源，B、C、D、E、F、G是介质中质点，相邻两质点平衡位置间距离相等为1m。则该波振源A起振方向是y轴______（选填“正”或“负”）方向，从图示时刻起再经过______s，G点第一次到波谷，在这段时间内质点D经过的路程为______m。【答案】(1).正(2).1.3(3).

0.9【解析】【分析】【详解】[1]简谐横波传播方向是x轴正方向，到B质点时沿y轴正方向运动，所以振源A起振方向是y轴正方向；[2]由图可知波长为2m=，该波从图示时刻起到G点用时为15s=1s5BGxtv==波的周期0.4sTv==此时G点从平衡位置沿y轴正方向运动，此后第一次到达波

谷所需时间为230.3s4==tT所以从图示时刻起，G点第一到达波谷用时为121.3sttt+==[3]这段时间内，质点D比质点G先振动的时间为330.6s=2DGxtTv==由图可知，振幅为10cmA=，所以质点D经过的路程

为34390.9m2sAAA=+==14.如图所示，某神均匀透明介质的横截面为矩形ABCD，一束单色光以与AD成不同角α斜射到截面AD边上的M点，折射后都能射到AB界面，且都能从AB界面射出。已知AB=2AM。求角α的取值范围。【答案】060【解析】【分

析】【详解】设透明介质折射率为n，入射角为时折射角为r，折射后射到B点刚好不发生全反射，即光在AB边的入射角刚好是临界角为c，如图所示根据数学几何知识可知5sin5r=2rc+=全反射时满足1sinCn=

又因为sinsinnr=max2+=联立解得52n=，30=，max60=所以060获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com