【文档说明】四川省宜宾市第四中学校2020届高三下学期第一次高考适应性考试理综物理试题【精准解析】.doc，共(16)页，536.500 KB，由小赞的店铺上传

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2020届四川省宜宾市第四中学校高三（下）第一次高考适应性考试理综物理试题1.下列说法正确的是A.中子与质子结合成氘核时吸收能量B.卢瑟福的α粒子散射实验证明了原子核是由质子和中子组成的C.入射光照射到某金属表面发生光电效应，若仅减弱该光的强度，则仍可能发生光电效应D

.根据玻尔理论，氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道，原子的能量减少，电子的动能增加【答案】D【解析】【详解】A．中子与质子结合成氘核时有质量亏损，释放能量，故A错误；B．卢瑟福的α粒子散射实验得出了

原子的核式结构模型，故B错误；C．发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，若仅减弱该光的强度，只影响单位时间内发出光电子的数目，光的频率不变，则一定能发生光电效应，故C错误；D．根据玻尔理论，氢原子的电子

由外层轨道跃迁到内层轨道后，原子的能量减少，电子的电势能减少，动能增加，故D正确．2.如图所示，a、b两小球通过轻质细线连接跨在光滑轻质定滑轮(视为质点)上．开始时，a球放在水平地面上，连接b球的细线伸直并水平．现由静止释放b球，当连接b球的细线摆到竖直位置时，a球对地面的压力恰好为0.则a、b两

球的质量之比()A.3∶1B.2∶1C.3∶2D.1∶1【答案】A【解析】【详解】连接b球的细线摆到竖直位置时，由机械能守恒定律212BBmglmv=对小球b2BBvTmgml−=对球a：T=mAg联立解得：:3:1ABmm=故选A。3.如图所示，置于水平地面上的A、B两物

块，在水平恒力F的作用下，以共同速度向右做匀速直线运动。下列说法正确的是（）A.A与B间的动摩擦因数可能为0B.B与地面间的动摩擦因数可能为0C.若撤去F，A与B一定会相对滑动D.若撤去F，A与B间摩擦力逐渐减小【答案】A【解析】【详解】AB．在水

平恒力F的作用下，共同向右做匀速直线运动，故B所受地面的滑动摩擦力与F平衡，B与地面间的动摩擦因数不可能为零；A在水平方向不受外力，故A不受摩擦力，A与B间的动摩擦因数可能为0，故A正确，B错误；CD．若AB之间的动摩擦因数不为0，且AB地，撤去F，A与B一起减速到零，A与B之间没

有相对运动，AB之间的静摩擦力保持不变，若AB地，撤去F后，A与B会发生相对运动，A与B之间是滑动摩擦力，在A的速度减为零之前，保持不变，故CD错误。4.如图所示，理想变压器原线圈匝数n1=1100匝，副线圈匝数n2=220匝，交流电源的电压u=2202sin100πt(V)，电阻R=44

Ω，电表均为理想交流电表．则下列说法中不正确的是()A.交流电的频率为50HzB.电流表A1的示数为0.20AC.变压器的输入功率为88WD.电压表的示数为44V【答案】C【解析】【详解】A．交流电源的电压u=2202sin100πt(V)，则100rad

/s=，据22fT==可得，交流电的频率100Hz50Hz22f===．故A项正确．D．交流电源的电压u=2202sin100πt(V)，则变压器原线圈两端电压1220VU=，据1212::UUnn=可得，变压器副线圈两端电压2211220220V44V1100nUUn==

=，则电压表的示数为44V．故D项正确．B．变压器副线圈的电流2244A1A44UIR===，据1221::IInn=可得，变压器原线圈的电流21212201A0.2A1100nIIn===，所以电流表A1的示数为0.20A．故B项正确．C．变压器输出功率222244W4

4W44UPR===，变压器的输入功率1244WPP==．故C项错误．本题选不正确的，答案是C．5.如图所示，半径为r的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，磁场边界上A点有一粒子源，源源不断地向磁场发射各种方向(均平行于纸面)且速度大小相等的带正电的粒子(重力及粒子间的相

互作用不计)，已知粒子的比荷为k，速度大小为2kBr，则粒子在磁场中运动的最长时间为()A.kBB.2kBC.3kBD.4kB【答案】C【解析】试题分析：粒子在磁场中运动的半径为：22mvkBrRrqBBk===；当粒子在磁场中运动时间最长时，其轨迹对应的圆心角最大，此

时弦长最大，其最大值为磁场圆的直径2r，故633TmtqBkB===，故选C.考点：带电粒子在匀强磁场中的运动.6.如图所示，ABCD为匀强电场中相邻的四个等势面，相邻等势面间距离为5cm，一个电

子仅受电场力垂直经过电势为零的等势面D时，动能为15eV（电子伏），到达等势面A时速度恰好为零，则下列说法正确的是（）A.场强方向从A指向DB.匀强电场的场强为100V/mC.电子经过等势面C时，电势能大小为5eVD.电子在上述

等势面间运动的时间之比为1：2：3【答案】BC【解析】【详解】A．电子到达等势面A时速度恰好减为零，说明电场力向下，负电荷受到的电场力方向与电场强度方向相反，故场强方向从D指向A，故A错误；B．从D到A，动能减小15eV

，故电场力做功﹣15eV，故有15eVDADAWeEd=−=−解得100V/mE=故B正确；C．只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故EkD+EpD=EkA+EpA解得EPA=15eV匀强电场中，沿电场线方向前进相同距离电势变化相同，沿电场线方向前进相同距离电势能变化相同

，则EpC=5eV，故C正确；D．运用逆向思维，到达A后，假设时间倒流，做初速度为零的匀加速直线运动，根据212xat=，通过1s、2s、3s的时间之比为1:2:3，故通过连续三段s时间之比为1:(21):(32)−−，故D错误。故选BC。7.如图甲所示，电阻为5Ω、匝数为100匝的线圈（

图中只画了2匝）两端A、B与电阻R相连，R=95Ω．线圈内有方向垂直于纸面向里的磁场，线圈中的磁通量在按图乙所示规律变化．则A.A点的电势小于B点的电势B.在线圈位置上感应电场沿逆时针方向C.0.1s时间内通过电阻R的电荷量为0.05CD.0.

1s时间内非静电力所做的功为2.5J【答案】BCD【解析】线圈相当于电源，由楞次定律可知A相当于电源的正极，B相当于电源的负极．A点的电势高于B点的电势，在线圈位置上感应电场沿逆时针方向，选项A错误，B正确；由法拉第电磁感应定律得：0.150.101

00500.1EnVt−==＝，由闭合电路的欧姆定律得：500.5595EIAARr==++＝，则0.1s时间内通过电阻R的电荷量为q=It=0.05C，选项C正确；0.1s时间内非静电力所做的功为W=Eq=50×0.05J=2.5J，选项

D正确；故选BCD.8.如图所示，S处有一电子源，可向纸面内任意方向发射电子，平板MN垂直于纸面，在纸面内的长度L=9.1cm，中点O与S间的距离d＝4.55cm，MN与SO直线的夹角为θ，板所在平面有电子源的一侧区域有方向垂

直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B＝2.0×10－4T，电子质量m＝9.1×10－31kg，电荷量e＝－1.6×10－19C，不计电子重力．电子源发射速度v＝1.6×106m/s的一个电子，该电子打在板上可能位置的区域的长度为l，则A.θ＝90°时，l＝9.1cmB.

θ＝60°时，l＝9.1cmC.θ＝45°时，l＝4.55cmD.θ＝30°时，l＝4.55cm【答案】AD【解析】解：由洛仑兹力充当向心力可得；Bqv=m解得：R===0.0455m=4.55cm；所有粒子的圆心组成以S为圆心，R为半径的圆；电子出现的区域为以

S为圆心，以9.1cm半径的圆形区域内，如图中大圆所示；故当θ=90°时，纸板MN均在该区域内，故l=9.1cm；当θ=30°时，l=4.55cm；故AD正确，BC错误；故选AD．【点评】本题考查带电粒子充当向心力的运动规律，解题的关键问题在于明确粒子运动的圆心和半径，进而明确所有粒子可能出现的空

间．第II卷非选择题（174分）三、非选择题：共174分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选题，考生根据要求作答。（一）必考题（共129分）9.小车运动实验中获得一条纸带，如图所示，其中两相邻计数点间有四个点未画出，已知所用电

源的频率为50Hz，则打O点到D点纸带的平均速度是_____m/s，打C点时小车运动的速度vC=_____m/s。【答案】(1).0.375(2).0.413【解析】【详解】[1]打O点到D点纸带的平均速度215.0010m/s0.375m/s40.1ODODxvt−===[2]打C点时小车

运动的速度是BD段的平均速度，所以打C点时小车运动的速度215.006.7410m/s0.413m/s220.1BDCxvT−−===10.市场上销售的铜质电线电缆产品中，部分存在导体电阻不合格问题，质检部门检验发现不合格的原

因有两个，一个是铜材质量不合格，使用了再生铜或含杂质很多的铜；再一个就是铜材质量可能合格，但导体横截面积较小。某兴趣小组想应用所学的知识来检测实验室中一捆铜电线的电阻率是否合格。小组成员查阅资料得知，纯铜的电阻率为1.7×10－8Ω·m。现取横截面积约为1mm2、长度为100m（真实长

度）的铜电线，进行实验测量其电阻率，实验室现有的器材如下：A.电源（电动势约为5V，内阻不计）B.待测长度为100m的铜电线，横截面积约为1mm2C.电压表V1（量程为0~3V，内阻约为0.5kΩ）D.电压表V2（

量程为0~5V，内阻约为3kΩ）E.电阻箱R（阻值范围为0~999.9Ω）F.定值电阻R0＝1ΩG．开关、导线若干(1)小组成员先用螺旋测微器测量该铜电线的直径d，如图甲所示，则d＝_______mm。(2)小组设计的测量电路如图乙所示，则P是_______

_，N是_______，（填器材代号）通过实验作出的图像如图丙所示。(3)图乙电路测得的铜电线的电阻测量值比真实_________（选填“偏大”“不变”或“偏小”），原因是____________。(4)长度为100m（真实长度）的铜电线的电阻为_____Ω

；这捆铜电线的电阻率ρ=_____（此结果保留三位有效数字）；从铜电线自身角度考虑，你认为电阻率大的可能原因是__________。【答案】(1).1.125mm(2).D(3).C(4).偏大(5)

.见解析(6).2.60Ω(7).82.5810Ωm−(8).可能使用了再生铜或含杂质很多的铜【解析】【详解】(1)[1]螺旋测微器测得的直径为1.125mm(2)[2][3]由于题目中没有电流表，

给了两块电压表，显然P测量的电压大，应选用5V量程的电压表D；而N测量的电压低，小选用3V量程的电压表C。(3)[4]测量值比真实值偏大。[5]两块电压表的差值就是L两端的电压，通过V1与R测出流过L的电流，但由于电压表V1的分流作用，测得流过L的电流偏小，因此测量L的阻值偏大。(4)

[6]根据两段电压之比等于电阻之比，即211LUURUR−=整理得211LURUR=−因此，图象丙的斜率就表示L的电阻，代入数据7.501.002.60Ω2.50LR−==[7]根据电阻率公式2llRSr==代入数据，可得82

.5810Ωm−=[8]可能使用了再生铜或含杂质很多的铜11.一质量为m的烟花弹获得动能E后，从地面竖直升空，当烟花弹上升的速度为零时，弹中火药爆炸将烟花弹炸为质量相等的两部分，两部分获得的动能之和也为E，且均沿竖直方向运动．爆炸时间极短，重力加速度

大小为g，不计空气阻力和火药的质量，求（1）烟花弹从地面开始上升到弹中火药爆炸所经过的时间；（2）爆炸后烟花弹向上运动的部分距地面的最大高度【答案】（1）12Etgm=；（2）2Ehmg=【解析】本题主要考查机械能、匀变速直线运动

规律、动量守恒定律、能量守恒定律及其相关的知识点，意在考查考生灵活运用相关知识解决实际问题的的能力．（1）设烟花弹上升的初速度为0v，由题给条件有201v2Em=①设烟花弹从地面开始上升到火药爆炸所用的时间为t，由运动学公式有00vgt−=−②联立①②式得12Etgm

=③（2）设爆炸时烟花弹距地面的高度为1h，由机械能守恒定律有1Emgh=④火药爆炸后，烟花弹上、下两部分均沿竖直方向运动，设炸后瞬间其速度分别为1v和2v．由题给条件和动量守恒定律有221211vv44mmE+=⑤1211vv022mm+=

⑥由⑥式知，烟花弹两部分的速度方向相反，向上运动部分做竖直上抛运动．设爆炸后烟花弹上部分继续上升的高度为2h，由机械能守恒定律有21211v42mmgh=⑦联立④⑤⑥⑦式得，烟花弹上部分距地面的最大高度为122Ehhh

mg=+=⑧12.如图所示，在光滑的水平面上有一长为L的木板B，其右侧边缘放有小滑块C，与木板B完全相同的木板A以一定的速度向左运动，与木板B发生正碰，碰后两者粘在一起并继续向左运动，最终滑块C刚好没有从木板A上掉下．已知木板A、B和滑块

C的质量均为m，C与A、B之间的动摩擦因数均为μ.求：(1)木板A与B碰前的速度v0；(2)整个过程中木板B对木板A的冲量I.【答案】(1)2(2)－，负号表示B对A的冲量方向向右【解析】(1)木板A、B碰后瞬时速度为v1，碰撞过程中动量守恒，以A的初速度方向为正方向

，由动量守恒定律得mv0＝2mv1.A、B粘为一体后通过摩擦力与C发生作用，最后有共同的速度v2，此过程中动量守恒，以A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得2mv1＝3mv2.C在A上滑动过程中，由能量守恒定律得－μmgL＝·3mv－·2mv.联立以上三式解得v

0＝2.(2)根据动量定理可知，B对A的冲量与A对B的冲量等大反向，则I的大小等于B的动量变化量，即I＝－mv2＝－，负号表示B对A的冲量方向向右．13.关于热现象，下列说法正确的是（）A.在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，油酸分子的直径(也就是单层油酸分子组成的油膜的厚度)等于一小滴

溶液中纯油酸的体积与它在水面上摊开的面积之比B.两个邻近的分子之间同时存在着引力和斥力，它们都随距离的增大而减小，当两个分子的距离为r0时，引力与斥力大小相等，分子势能最小C.物质是晶体还是非晶体，比较可靠的方法是从各向异性或各向

同性来判断D.如果用Q表示物体吸收的能量，用W表示物体对外界所做的功，ΔU表示物体内能的增加，那么热力学第一定律可以表达为Q=ΔU+WE.如果没有漏气没有摩擦，也没有机体热量的损失，这样的热机的效率可以达到100%【答案】ABD【解析】【详解】A.根据用“油膜法”估测

分子大小的实验原理可知，让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，由于油酸分子是紧密排列的，而且形成的油膜为单分子油膜，然后用每滴油酸酒精溶液所含纯油酸体积除以油膜面积得出的油膜厚度即为油酸分子直径，故A正确；B.当分子间的距离r＜r0时，分子力表现为斥力，减小分

子间的距离，分子力做负功，分子势能增加；当分子间的距离r＞r0时，分子力表现为引力，增大分子间的距离，分子力做负功，分子势能增加，所以当两个分子的距离为r0时，引力与斥力大小相等，分子势能最小，故B正确；C.单晶体具有各向异性，多

晶体与非晶体都具有各向同性，所以不能根据各向异性或各向同性来判断物质是晶体还是非晶体；晶体具有一定的熔点，而非晶体没有固定的熔点，比较可靠的方法是通过比较熔点来判断，故C错误；D.根据热力学第一定律可知，如果用Q表示物体吸收的能量，用W表示物体对外界所做的功，U表示物体

内能的增加，那么热力学第一定律可以表达为Q=U+W，故D正确；E.即使没有漏气没有摩擦，也没有机体热量的损失，根据热力学第二定律可知，热机的效率不可以达到100%．故E错误。故选ABD．14.如图所示，透热的汽缸内封有一定质量的理想气体，缸体质量M＝200k

g，活塞质量m＝10kg，活塞横截面积S＝100cm2.活塞与汽缸壁无摩擦且不漏气.此时，缸内气体的温度为27℃，活塞位于汽缸正中，整个装置都静止.已知大气压恒为p0＝1.0×105Pa，重力加速度为g＝10m/s2.求：(1)汽缸内气体的压强p1；(2)汽缸内气体的温度升高到多少时，活塞

恰好会静止在汽缸缸口AB处？此过程中汽缸内的气体是吸热还是放热？【答案】(1)3.0×105Pa(2)327℃吸热【解析】【详解】（1）以汽缸为研究对象，受力分析如图所示：列平衡方程：Mg＋p0S＝p1S，解得：01+MgpSpS=代入

数据得：513.010pPa＝（2）设缸内气体温度升到t2时，活塞恰好会静止在汽缸口．该过程是等压变化过程，由盖—吕萨克定律得：1212VVTT=代入数据得t2＝327℃气体体积增大，对外做功，同时温度升高内能增大，所以透热的汽缸一

定从外界吸收热量．故本题答案是：(1)3.0×105Pa(2)327℃吸热【点睛】气体的内能和温度有关，温度升高，则内能增大，若气体的体积增大，则表明气体对外界做功．15.下列说法正确的是______A.赫兹预言了电磁波的存在

并用实验加以证实B.在高速运运的火箭上的人认为火箭的长度并没有改变C.与平面镜相比，全反射棱镜的反射率高，几乎可达10000D.单摆在驱动力作用下做受迫振动，其振动周期与单摆的摆长无关E.在磨制各种镜面或其他精密的光学平面时，可以用衍射法检查平面的平整程度【答案】BCD【解析】【

详解】A项：麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹用实验加以证实，故A错误；B项：在高速运动的火箭上的人与火箭具有相等的速度，当他以自己为参考系时，火箭相对于他的速度是0，所以火箭的长度并没有改变，故B正确；C项：全反射棱镜是根据

全反射的原理制成，与平面镜相比，全反射棱镜的反射率高，几乎可达100%，故C正确；D项：单摆在驱动力作用下做受迫振动，其振动周期由驱动力的频率决定，与单摆的摆长无关，故D正确；E项：检查平面的平整程度是使用光的薄膜

干涉，与衍射无关，故E错误．16.如图，将半径为R的透明半球体放在水平桌面上方，O为球心，直径恰好水平，轴线OO'垂直于水平桌面．位于O点正上方某一高度处的点光源S发出一束与OO'夹角θ=60°的单色光射向半球体上的A点，已知透明半球体对单色光的折射率为3，光在真空中传播速度为c，不考虑半

球体内光的反射，求：（1）求光线通过半球体后射到桌面上的位置B（图中未画出）到O'的位置；（2）求该光在半球体内传播的时间t．【答案】（1）32R；（2）Rc【解析】【详解】（1）光从光源S射出经半球体到达水平桌面的光路如图，光由空气射向半球体，入射角06

0=，折射率：3n=由折射定律，有sinsinn=代入数据解得：030=光由半球射入空气，由几何关系可知α+β=60°故有α=β=30°又由折射定律，有sinsinn=解得折射角为：060=由几何关系可知，出射光线平行于轴

线OO′，垂直射到水平桌面上的B点03sin602OBRR==（2）光在半球体中传播的速度为：cvn=由几何知识得2ACcos30°=R得33ACR=所以光在半球体中传播的时间为ACRtvc==