【文档说明】江苏省镇江市2024_2025学年第一学期期初高三质量监测 物理答案.docx，共(17)页，968.056 KB，由小赞的店铺上传

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第1页/共17页学科网（北京）股份有限公司2024~2025学年第一学期期初高三质量监测物理注意事项：考生在答题前请认真阅读本注意事项1．本试卷包含选择题和非选择题两部分．考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效．全卷共16题，本次考试时间为75分钟，满分100分．2

．答选择题必须用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案．答非选择题必须用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔写在答题卡上的指定位置，在其它位置答题一律无效．一、单项选择题：共1

1题，每小题4分，共计44分．每小题只有一个选项最符合题意．1.现代科技可实现“点石成金”。用中子轰击汞可以得到金，核反应方程是119819708079nHgAuX+→+，则X是（）A.21HB.32HeC.11HD.42He【答案】A【解析

】设X的质量数为x，电荷数为y，根据核反应中质量数与电荷数守恒，可知1198197x+=+，8079y=+解得𝑥=2，1y=则X是21H。故选A。2.用电流传感器测量通过小灯泡的电流，0t时刻加上恒定电压，若考虑金属灯丝电阻与温度的关系，下列表示小灯泡电流随时间变化的图线可能正确的是（）A.

B.第2页/共17页学科网（北京）股份有限公司C.D.【答案】B【解析】刚闭合开关时，灯丝温度较低，电阻较小，电流较大；随着灯丝温度升高，电阻逐渐增大，电流逐渐减小；当灯丝发热与散热平衡时，温度不变，电阻不变，电流保持不变。故选B。3.大量氢原子处于4n=的激发态，在向低能级跃迁时放出光子

，用这些光子照射逸出功为2.25eV的金属钾，能产生光电效应的光子种类数为（）A.3种B.4种C.5种D.6种【答案】B【解析】大量处于4n=的激发态的氢原子在向低能级跃迁时能放出光子的有6种，这些光子的能量分别为414112.75eVEEE=−=42422

.55eVEEE=−=43430.66eVEEE=−=32321.89eVEEE=−=212110.2eVEEE=−=313112.09eVEEE=−=用这些光子照射金属钾，能量大于逸出功即可发生光电效应，所以能产生光电效应的光子种类数为4种，第3页/共17页学科网（北京）股份有限公司为41

E、42E、31E、21E。故选B。4.关于多用电表的使用，选择合适的挡位后，下列连接方式正确的是（）A.甲图，测量小灯泡两端电压B.乙图，测量小灯泡工作电流C.丙图，测量电阻xR的阻值D.丁图，测量二极管正向导通电阻【答案】B【解析】A．甲图是用多用电表直流电压挡

测量小灯泡两端电压，但表笔接法错误，故A错误；B．乙图是用多用电表直流电流挡测量电路中的电流，表笔接法正确，故B正确；C．丙图是用多用电表直流电压挡测量电阻xR两端的电压，表笔接法正确，若测量电阻xR的阻值，需要断开回路中的开关，故C错误；

D．丁图中黑表笔接二极管负极，红表笔接二极管正极，多用电表测二极管反向电阻，故D错误。故选B。5.喷泉喷出的水做斜抛运动，图中甲、乙为某一喷嘴喷出的两束水柱在空中的轨迹示意图，已知两轨迹的喷射高度之比为2:1，水平距离之比为2:1，则甲、乙两束水喷出的初速度之

比为（）A.2:1B.2:1C.1:2D.6:1【答案】A【解析】水做斜抛运动，设喷出时，水初速度0v与水平方向夹角为，则水平速度大小为的第4页/共17页学科网（北京）股份有限公司0cosxvv=根据逆向思维及对称性，可知甲、乙两水柱从起抛点到到达最

高，由212hgt=，可得2htg=由xxvt=，可得xxvt=联立以上式子可得0cos2xgvh=结合题意，可得甲、乙两束水喷出的初速度之比为00212:112vxhvxh===甲甲乙乙乙甲故选A。

6.如图所示，一个轻质细绳OA把甲球挂在光滑竖直墙壁上A点，若将甲球替换为密度相同、半径小于甲球的乙球，则乙球对墙的压力和对轻绳的拉力与甲球相比（）A.压力大，拉力小B.压力大，拉力大C.压力小，拉力小D.压力小，拉力大【答案】C【解析】设绳子与墙壁的夹角为θ，绳对球的

拉力为T，墙对球的支持力为F，对球受力分析有cosmgT=tanFmg=设绳长为l、球的半径为r，则有sinrrl=+34·3mr=的第5页/共17页学科网（北京）股份有限公司因rr甲乙，则有mm甲乙coscos甲乙，tantan

甲乙比较得出TT甲乙，FF甲乙根据牛顿第三定律可知，乙球对墙的压力与甲球相比更小，对轻绳的拉力与甲球相比更小，故选C。7.2024年4月25日，神舟十八号飞船与天宫空间站顺利对接，如图所示，飞船与空间站对

接前在各自预定的圆轨道Ⅰ、Ⅲ上运动，Ⅱ为对接转移轨道，下列说法正确的是（）A.飞船在Ⅰ轨道运行速度小于在Ⅲ轨道上的运行速度B.飞船在三个轨道上的运行周期TTTⅠⅡⅢC.飞船在Ⅱ轨道上的机械能大于在Ⅰ轨道上的机械能D.飞船在三个轨道上运行时

与地球连线在单位时间内扫过的面积相等【答案】C【解析】A．根据万有引力等于向心力22MmvGmrr=可得GMvr=可知飞船在Ⅰ轨道运行速度大于在Ⅲ轨道上的运行速度，选项A错误；B．根据开普勒第三定律32rkT=第6页/共17页学科网（北京）股

份有限公司因为rarⅠⅡⅢ可知飞船在三个轨道上的运行周期TTTⅠⅡⅢ选项B正确；C．飞船从轨道Ⅰ到轨道Ⅱ要进行加速，机械能增加，则飞船在Ⅱ轨道上机械能大于在Ⅰ轨道上的机械能，选项C正确；D．根据开普勒第二定律可知，飞船在三个不同轨道上运行时，与地球连

线在单位时间内扫过的面积不相等，选项D错误。故选C。8.如图甲所示，a、b为介质中相距7m且振动方向相同的两个波源，c为ab连线上距a为3m的一点．在00t=时刻，a、b同时开始振动，振动图像均如图乙所示，在23st=时，c点开始振动．则下列说法正确的是（）A.该波频率为2HzB.该波波长为1mC

.c点起振的方向沿y轴负方向D.c点为两波相遇后的振动减弱点【答案】D【解析】A．由乙图可知该波的周期2sT=根据周期和频率的关系可得10.5HzfT==A错误；B．由题可知，该波的波速的第7页/共17页学科网

（北京）股份有限公司21m/sacxvt==由波速、频率、波长的关系可知vf=解得2mvvTf===B错误C．根据沿波传播的方向上“上波下、下波上”的特点，可知c点的起振方向沿y轴正方向，C错误；D．由于两列波源的振动步调一致，且c点

到两列波源的距离之差1m=2bcacrxx=−=故c点为两波相遇后的振动减弱点，D正确。故选D。9.如图所示，在00xy、的区域内存在某种介质，其折射率随x轴均匀变化．有两束激光a、b从左侧同一位置沿相同方向射向该介质，传播路径如图，则下列说法正确的是（

）A.该介质折射率随x的增大而增大B.激光a、b从介质右侧射出的光线一定平行C.a光的频率比b光的频率大D.a光的光子能量大于b光的光子能量【答案】A【解析】A．介质的折射率随着x的变化而变化，由图知，x一定时，入射角大于折射角，可知此介质的折射率随着x的增大而增大，故A正确；B．根据折射定律第8

页/共17页学科网（北京）股份有限公司sinsininr=折射率随x轴均匀变化，则激光a、b从介质右侧射出的光线的折射角不同，两光线一定不平行，故B错误；C．由光线的偏折程度知介质对光a的折射率比对光b的折射率小，

所以a光的频率比b光的频率小，故C错误；D．a光的频率比b光的频率小，根据Eh=可知，a光的光子能量小于b光的光子能量，故D错误；故选A。10.一定质量理想气体经历如图所示的循环过程，ab→过程是等压过程，bc→过程是等温过程，ca→过程中气体与外界

无热量交换。下列说法正确的是（）A.ab→过程，气体从外界吸收的热量全部用于对外做功B.bc→过程，气体对外做功，内能不变C.abc→→过程，气体分子平均速率先不变后变小D.abca→→→过程，气体从外界吸收的热量

小于放出的热量【答案】D【解析】A．ab→过程是等压过程，由图可知，气体体积变大，气体对外界做功，根据盖吕萨克定律可知，气体的温度升高，则气体内能增大，可知，气体从外界吸收的热量一部分用于对外做功，另一部分用

于增加内能，故A错误；公众号：高中试卷君B．bc→过程是等温过程，气体内能不变，气体体积减小，外界对气体做功，故B错误；C．结合AB分析可知，abc→→过程，气体温度先升高后不变，则气体分子平均速率先变

大后不变，故C错误；D．abca→→→过程，气体的内能不变，由图可知，气体状态变化为逆时针，外界对气体做功，由热力学第一定律可得，整个过程气体放热，即气体从外界吸收的热量小于放出的热量，故D正确。故选D。

11.如图所示，Q物块放置在水平地面上，上方连接一轻弹簧0t=时刻将P物块从弹簧的上端由静止释放．P向下运动距离为0x时，所受合外力为零；运动时间为0t时到达最低点．在P运动的过程中，不计空气阻力．下

列关于P物块的速度v、相对于初始位置的位移x，Q物块所受弹簧的弹力F、对地面的压力N之间关系可第9页/共17页学科网（北京）股份有限公司能正确的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】AD．由物块P的受力可知mgFma

−=弹=弹Fkx由此可知，随着物块P向下的运动，弹簧的压缩量越来越大，弹力也越来越大，故P向下运动距离为0x的过程加速度向下减小，做加速度减小的加速运动；P从距离为0x向下运动距离至02x的过程中加速度向上增大，做加速度增大的减速运

动，A错误，D正确；B．Q物块所受弹簧的弹力F与P物块所受弹力大小相等，由胡克定律可知，随着压缩量的增加，越来越大直至速度为零，B错误；C．由物块Q的受力可知Nmgkx=+P物块运动时间为0t时到达最低点，此时弹簧的弹力最

大，C错误。故选D。二、非选择题：共5题，共56分．其中第13题~第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位．12.用图1所示实验装置探究外力一定时加速度与质量的关系．第10页/共

17页学科网（北京）股份有限公司（1）实验装置中选用电火花打点计时器，则其电源应为__________A.直流220VB.交流220VC.直流6VD.交流6V（2）为了平衡摩擦力，将小车连接好纸带．轻推小车后，打出的纸带如图2所示，纸带的左侧为小车连接处，后续操

作正确的是__________A.移去小车上的砝码B.增加小车上砝码的质量C.垫块位置向左调整D.降低垫块高度（3）以小车和砝码的总质量M为横坐标，加速度的倒数1a为纵坐标，甲、乙两组同学分别得到的1Ma−图像如图3所示．由图可知，甲组所用槽码的质量__________（选填“大于”、“小于”或

“等于”）乙组槽码的质量．小明同学认为，图线不过原点是因为平衡摩擦力过度导致的．请判断该观点是否正确，简要说明理由__________．（4）丙组同学以小车、砝码和槽码的总质量Mm+为横坐标，加速度的倒数1a为纵坐标，得到的图像应为下图中的__________

．第11页/共17页学科网（北京）股份有限公司A.B.C.D.【答案】（1）B（2）D（3）①.小于②.不正确，原因是不满足小车和砝码的质量M远大于槽码的质量m（4）B【解析】【小问1详解】实验装置中选用电火花打点计时器，则其电源应为220V的的交流电。故选B。【小问2详解】轻推小车后，打出纸带

如图2所示，纸带的左侧为小车连接处，小车做加速运动，要保证小车做匀速运动，垫块位置向右调整或降低垫块高度。故选D。【小问3详解】[1]设槽码的质量为m，以小车和砝码为研究对象，根据牛顿第二定律有()mgMma=+整理得111Mamgg=+则斜率1kmg=甲组的斜率大，说

明甲组所用槽码的质量小于乙组槽码的质量；[2]由的第12页/共17页学科网（北京）股份有限公司111Mamgg=+可知小明的观点不正确，图像不过原点的原因是槽码的质量不可忽略，即不满足小车和砝码的质量

M远大于槽码的质量m。【小问4详解】根据牛顿第二定律有()mgMma=+整理得11()Mmamg=+图线为一条过原点的倾斜直线。故选B。13.一气象探测气球，充入压强为1个标准大气压、温度为27℃的氦气时，体积为33m。在探测过程中，气球内氦气的压强始终与外界大气压强相同，在上升过程中气球内部启动

一持续加热装置而维持其温度不变，探测高度处的压强为0.5个标准大气压，气温为13−℃，到达探测高度后，停止加热，保持气球高度不变，求：（1）气球在停止加热前的体积；（2）气球在停止加热较长一段时间后的体积。【答案】

（1）6m3（2）5.2m3【解析】【小问1详解】1个标准大气压为1atm，气球在停止加热前气球内的气体做等温变化，根据根据玻意耳定律有1122pVpV=式子中11patm=，313mV=，20.5patm=，代入上式求得气球在停止

加热前的体积326mV=【小问2详解】在停止加热较长一段时间后，气球内的氦气温度逐渐从()227327300KT=+=下降到与外界气体温度相同，即第13页/共17页学科网（北京）股份有限公司()327313260KT=−=这是一等压过程，根据盖－吕萨

克定律，有3223VVTT=代入数据，解得气球在停止加热较长一段时间后的体积为335.2mV=14.如图所示，在水平面内有圆心为O、半径为a的圆形磁场区域，其磁感应强度B随时间t变化的关系为B=kt（k为大于0的已知常数），一个

由同种材料、相同粗细金属制成的边长为a的等边三角形线框OAB置于磁场中，AB边电阻为R，求：（1）线框中的感应电动势E；（2）线框t0时间内产生的热量。【答案】（1）234ka（2）240348katR【解析】【小问1详解】根据法

拉第电磁感应定律可得213sin6024BENNSkaakatt====【小问2详解】根据焦耳定律可得242003348katEQtRR==15.如图所示，一根光滑的水平横杆MN上穿有一个质量为2m的物块B，物块B紧靠一固定在杆上的挡片第14页/共17页学科网（北京）

股份有限公司R。一根长度为l的轻绳一端系在物块B的下端O点，另一端连接着质量为m的A球，初始时轻绳OA与竖直方向成60，AP沿水平方向。剪断AP绳，释放A球，不计空气阻力，取重力加速度为g。求：（1）剪断AP绳前，AP绳上的拉力；（2）A球第一次运动到O点正下方时，OA绳上的拉力；（3）A球释

放后第一次运动到最高处时，距离O点的竖直高度。【答案】（1）3mg（2）53mg（3）0.5l【解析】【小问1详解】剪断AP绳前，AP绳上的拉力tan603APTmgmg==【小问2详解】A球第一次运

动到O点正下方时，对AB系统由动量守恒和能量关系可知AB20mvmv−=22BA11(1cos60)222mglmvmv−=+对A球由牛顿第二定律可知2AOAvTmgml−=解得53OATmg=【小问3详解】因系统水平方向的动量守恒，则当A球释放后第一次运动到最高处时，AB两物体共速，此时两物体

的速度均为零，由能量守恒关系可知，A球仍能上升到原来的高度，即此时A球距离O点的竖直高度第15页/共17页学科网（北京）股份有限公司cos600.5hll==16.如图所示，在P点有一粒子源可发射质量为m、电荷量为(

)0qq的粒子。以O为圆心有一大圆与小圆，大圆半径为r，大圆外存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，大圆与小圆之间的区域存在方向沿半径向外的辐向电场，不计粒子重力。（1）若粒子源垂直OP向下射出速率为4qBrm的粒子，求粒子在磁场中运动的半径与周期；（2）若()23OPr=+

，现以某一速度垂直OP方向向上发射粒子，使粒子恰能沿半径方向进入大圆内，且运动到小圆处速度为零。①求大小两圆间的电势差U；②求该粒子再次回到P点时在磁场中经历时间。【答案】（1）4Rr=，2mTqB=（2）①2232rqBUm=，②5mtqB=【解析】【小问1详

解】公众号：高中试卷君粒子在磁场中，根据牛顿第二定律2vqvBmR=解得粒子在磁场中运动的半径为4Rr=根据2RTv=可知，粒子在磁场中运动的周期为的第16页/共17页学科网（北京）股份有限公司2mTqB=【小问2详解】①粒子在磁场中的运动轨迹如图所示由几何关系可知2211RRrOP++=

解得13Rr=根据牛顿第二定律211vqvBmR=解得113qBRrqBvmm==粒子在两圆之间运动过程中，根据动能定理2112qUmv=解得2232rqBUm=②粒子在磁场中的运动轨迹如图所示第17页/共17页学科

网（北京）股份有限公司由几何关系可知，粒子在磁场中运动的总的圆心角为150300300150900=+++=所以，该粒子再次回到P点时在磁场中经历的时间为9005360mtTqB==