【文档说明】山东省济南市平阴一中2021届高三上学期1月模拟物理试题答案.pdf，共(7)页，615.045 KB，由小赞的店铺上传

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期末模拟测试题参考答案1、【答案】A【解析】由题意可知所受重力G竖直向下，空气阻力Ff与速度方向相反，升力F2与速度方向垂直，发动机推力F1的方向沿喷口的反方向，对比图中选项可知只有A选项符合题意。故选A。2．【答案】D【解析】本题考查正弦交流电的产生过程、楞次定律

等知识和规律。从a图可看出线圈从垂直于中性面开始旋转，由楞次定律可判断，初始时刻电流方向为b到a，故瞬时电流的表达式为i=－imcos（π4+ωt），则图像为D图像所描述。平时注意线圈绕垂直于磁场的轴旋转时的瞬时电动势表达式的理解。3．【答案】C【解析】根据安培定则判断磁场方向，再根据左手定则判断

受力方向，知AB错误，根据两个力的加角判断合力大小，知C正确，D错误4．【答案】D【解析】粒子进入磁场做顺时针方向的匀速圆周运动，轨迹如图所示，根据洛伦兹力提供向心力，有2vqvBmR解得mvRqB根据轨迹图知22mvPQ

RqB，∠OPQ=60°则粒子离开磁场的出射点到两平面交线O的距离为42mvOPPQqB，则D正确，ABC错误。故选D。5.【答案】D【解析】A．根据电场线与等势面垂直关系，可判断P点处为负电荷，无穷远处电势为0

，e点在PQ连线的中垂线上，则0e，A错误；B．a、b两点电场强度大小相同，方向不同，则a、b两点电场强度不同，B错误；C．从Q到P电势逐渐降低，则bd，C错误；D．由ac，负电荷从a到c电场力做负功，电势能增加，D正确。故选D。6.【答案】B【解

析】解法一：当S断开时，电路如右图所示由闭合电路欧姆定律，原线圈两端电压11UUIR得13UUI①根据变压器原副边电压关系：1122UnUn②副线圈中的电流：222235UUIRR③联立①②③得：21235nUInI④当S闭合时，电路如右图所示

由闭合电路欧姆定律，原线圈两端电压114UUIR＇=得112UUI＇=⑤根据变压器原副边电压关系：1122UnUn＇＇⑥副线圈中的电流得：22221UUIR＇＇＇=⑦联立⑤⑥⑦得212124nUInI⑧联

立④⑧解得123nn7.【答案】B【解析】根据开普勒周期定律：23TkR，2300TkR两式相除后取对数，得：232300lglgTRTR，整理得：002lg3lgTRTR，选项B正确。8.【答案】B考点：速度的合成与分解9.【答案】CD【解析】A．波速为4m/s=1m/s4vT在

6s内两列波传播了6m，则此时PQ两质点已振动，但是M点还未振动，A错误；B．因M点到两个振源的距离相等，则M是振动加强点，振幅为2cm，但不是位移始终为2cm，B错误；C．P点到两振源的距离只差为6cm，为半波长的3倍，则该点为振动减弱点，振幅为零，即10.0s后P点的位移始终为

零，C正确；D．S1波源的振动传到Q点的时间为10.5=10.5s1s，则10.5s时Q点由S1引起的振动为竖直向下；S2波源的振动传到Q点的时间为3.5s=3.5s1，则10.5s时Q点由S2引起的振

动已经振动了7s，此时在最高点，速度为零，则10.5s时刻Q点的振动速度为竖直向下，D正确。10.【答案】BC【解析】试题分析：由设这列车厢的节数为n，P、Q挂钩东边有m节车厢，每节车厢的质量为m，由牛顿

第二定律可知：mknFkmF)(32，解得：nk52，k是正整数，n只能是5的倍数，故B、C正确，A、D错误11.【答案】AC【解析】设第②次所用时间为t，根据速度图象的面积等于位移（此题中为提升的高度）可知，×2t0×v0=×（t+3t0/2）×v0

，解得：t=5t0/2，所以第①次和第②次提升过程所用时间之比为2t0∶5t0/2=4∶5，选项A正确；由于两次提升变速阶段的加速度大小相同，在匀加速阶段，由牛顿第二定律，F–mg=ma，可得提升的最大牵引力之比为1∶1，选项B错误；由功率公式，P=Fv，电机

输出的最大功率之比等于最大速度之比，为2∶1，选项C正确；加速上升过程的加速度a1=，加速上升过程的牵引力F1=ma1+mg=m(+g)，减速上升过程的加速度a2=–，减速上升过程的牵引力F2=ma2+mg=m(g–)，匀速运

动过程的牵引力F3=mg。第①次提升过程做功W1=F1××t0×v0+F2××t0×v0=mgv0t0；第②次提升过程做功W2=F1××t0×v0+F3×v0×3t0/2+F2××t0×v0=mgv0t0；两次做功相同，选项D错误。12.【答案】BC【解析】设运动员和物块的质

量分别为m、0m规定运动员运动的方向为正方向，运动员开12121200vt00vt00vt00vt121212121212121212始时静止，第一次将物块推出后，运动员和物块的速度大小分别为1v、0v，则根据动量守恒定律1000mvmv解得010mvvm物块与弹性挡板撞击后，运动方向

与运动员同向，当运动员再次推出物块100200mvmvmvmv解得0203mvvm第3次推出后200300mvmvmvmv解得0305mvvm依次类推，第8次推出后，运动员的速度08015mvvm根据题意可知08015m/smvvm解得60

kgm第7次运动员的速度一定小于5m/s，则07013m/smvvm解得52kgm综上所述，运动员的质量满足kg60kgmAD错误，BC正确。故选BC。13、(1)非线性(2)存在摩擦力(3)调整轨道倾斜度以平衡摩擦力远小于小车质量14、（1）减小（2）

1.0（3）515、【答案】(1)2gd52gd(2)113mg(3)d2233d【解析】(1)设绳断后球飞行的时间为t，由平抛运动规律有竖直方向：14d＝12gt2水平方向：d＝v1t解得v1＝2gd

由机械能守恒定律有12mv32＝12mv21＋mg(d－34d)解得v2＝52gd(2)设绳能承受的最大拉力大小为Fmax，这也是球受到绳的最大拉力的大小．球做圆周运动的半径为R＝34d由圆周运动向心力公式，有Fmax－mg＝mv12

R得Fmax＝113mg(3)设绳长为l，绳断时球的速度大小为v3.绳承受的最大拉力不变，有Fmax－mg＝mv32l，解得v3＝83gl绳断后球做平抛运动，竖直位移为d－l，水平位移为x，时间为t1.由平抛运动规律有d－l＝12gt21，

x＝v3t1得x＝4l(d－l)3，当l＝d2时，x有最大值xmax＝233d.16、【解析】17、【解析】（1）带电粒子在电场中做类平抛运动，在y轴负方向上做初速度为零的匀加速运动，设加速度的大小为a；在x轴正方向上做匀速直线运动，设速度为0v，粒子从P点运动到Q点

所用的时间为1t，进入磁场时速度方向与x轴正方向的夹角为，则qEam①012yta②001xvt③其中0023,xlyl。又有10tanatv④联立②③④式，得30因为MOQ、、点在圆周上，=90MOQ，

所以MQ为直径。从图中的几何关系可知。23Rl⑥6MOl⑦（2）设粒子在磁场中运动的速度为v,从Q到M点运动的时间为2t,则有0cosvv⑧2Rtv⑨带电粒子自P点出发到M点所用的时间为t为12+ttt⑩联立①②③⑤⑥⑧⑨⑩式，并代

入数据得32+12mltqE⑾18、【解析】