【文档说明】广东省深圳市6校联盟2022-2023学年高三上学期10月期中物理试题 含解析.docx，共(17)页，998.521 KB，由小赞的店铺上传

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深圳市6校联盟2022─2023学年高三10月质量检测物理注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上．2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动

，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效．3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．―、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分．在每小题给出的四个选

项中，只有一个选项符合题目要求.1.公元前4世纪末，我国的《墨经》中提到“力，形之所以奋也”，意为力是使有形之物突进或加速运动的原因。力的单位用国际单位制的基本单位符号来表示，正确的是（）A.1kgms−B.2kgms−C.2PamD.1Jm−【答案】B【解析】【分析】

【详解】AB．根据牛顿第二定律的表达式Fma=可知力的单位为2kgms−，A错误，B正确；C．根据压强的表达式FpS=可知力的单位可知力的单位为2Pam，但压强单位Pa不是基本单位，C错误；D．根据做功的表

达式WFx=可知力的单位为1Jm−，但功的单位J不是基本单位，D错误。故选B。2.北斗卫星导航系统具有定位，授时和通信功能。北斗系统采用三种轨道卫星组网，高轨卫星更多，抗遮挡能力强，尤其低纬度地区性能特点更为明显。如图所示，卫星a、b、c沿圆形轨道绕地球运行。a是极地

轨道卫星，在地球两极上空约1000km处运行；b是低轨道卫星，距地球表面高度与a相等；c是地球同步卫星，则（）A.a、b的周期比c大B.a、b的向心力大小一定相等C.a、b的线速度相同且比c的线速度大D.a、b的向心加速度大小一定相

等【答案】D【解析】【详解】ACD．万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律得22224πnGMmvFmammrrrT====向解得2324π,,rGMGMTavGMrr===向轨道半径越大，周期越大，线速度越

小，根据题意可知，a、b的轨道半径相同，比c的半径小，则a、b的周期比c的周期小，a、b线速度大小相等，方向不同，比c的线速度大，a、b的向心加速度大小相等，故AC错误，D正确；B．由于不知道卫星的质量大小，所以向心力大小无法确定，故B错误。

故选D。3.如图，水平桌面上乒乓球沿直线AB匀速运动，一同学在桌边用吹管欲将球吹进桌面上的球门C，AB垂直BC。在B处对准C吹气，未成功，下列情形可能成功的是（）A.仅增大吹气力度B.将球门沿直线CB向B靠近C.将吹管向A平移适当距离，垂直AB方向吹气D.将吹

管绕B点顺时针转动90，正对着A吹气【答案】C【解析】【详解】原方案中，吹管吹气只改变了球沿BC方向的速度，而沿AB方向的速度不变，所以单纯沿BC方向吹气而施加力的作用不能球落入球门中。A．仅增大吹气力度，只能加快BC方向速度变化，不能使球进入

球门，故A错误；B．将球门C沿直线CB向B点移动一小段距离，与原方案一样，不能落入球门，故B错误；C．将吹管向A平移适当距离，垂直AB方向吹气，到达BC所在直线位置时乒乓球已经沿垂直AB方向运动了一段距离，根据运动的合成与分解的知识可知，球可能落入球门中，故C

正确；D．将吹管绕B点顺时针转动90，正对着A吹气，乒乓球只能做直线运动，不会入球门，故D错误；故选C。4.如图所示是物体做直线运动vt−图像，以下说法中正确的是（）A.在第2s末物体的加速度方向发生改变B.在第2s内和第3s内物体的位移相同C.物体在前2s内和前6

s内的平均速度相同D.前4s内，物体在第2s末时离出发点最远【答案】D【解析】【详解】A．由vt−图像的斜率表示加速度可知物体在13s−时间内加速度没有发生改变，故A错误；B．由vt−图像与坐标轴围城的面积表示位移可知，在第2s内

和第3s内物体的位移大小相等，方向相反，故B错误；C．由vt−图像与坐标轴围城的面积表示位移可知，物体在前2s内和前6s内的位移相等，而所用时间不同，故平均速度不相同，故C错误；D．由图可知，前4s内，前2s物体速

度一直沿正方向，在第2s末时速度方向发生改变，则物体在第2s末时离出发点最远，故D正确。故选D。5.如图所示，某同学用电磁铁吸附铁质小球，断开电磁铁的电源，小球自由下落，从计时器上可读出小球通过光电门的时间，

忽略空气阻力，下列说法正确的是（）的A.小球在下落过程中处于完全失重状态B.小球下落过程中在相同的时间内经过的位移相同C.若仅增加小球下落高度h，小球通过光电门的时间变长D.若仅更换半径更小的小球，小球通过光电门的时间变长【答案】A

【解析】【详解】AB．小球做自由落体运动，处于完全失重状态，每经过相同的时间，经过的位移在变大，故A正确，B错误；C．若仅增加下落高度h，小球通过光电门时速度变大，小球通过光电门时间变短，故C错误；D

．若仅更换半径更小小球，小球通过光电门时间变短，故D错误。故选A。6.在修筑铁路时，弯道处的外轨会略高于内轨，当火车以规定的行驶速度转弯时，内、外轨均不会受到轮缘的侧向挤压，为了提高转弯速度，仅改变一个下列可行的措施是（）A.减小火车质量B.增大火车质量C.减

小转弯半径D.增大轨道倾斜角【答案】D【解析】【分析】【详解】火车拐弯时不侧向挤压车轮轮缘，靠重力和支持力的合力提供向心力，设转弯处斜面的倾角为θ，根据牛顿第二定律得2tanvmgmR=解得tanvgR=的为了提高转

弯速度，可以增大倾角或增大转弯半径。故选D。7.冰雪运动爱好者利用无人机牵引，在光滑水平冰面上匀速滑行，如图所示。牵引绳与竖直方向成角，人所受空气阻力恒定。则（）A.角越大，绳子对人的拉力越大B.角越大，地面对人的支持力越大C.空气对无人机的作用力可能沿着绳子方向D.无人机

对绳的拉力与绳对人的拉力是一对相互作用力【答案】B【解析】【详解】AB．以人对研究对象，受力分析如图水平方向sinfT=竖直方向cosTNmg+=可得cosNmgT=−sinfT=人所受空气阻力恒定，角越大，绳子对人的拉力T越小，地面

对人的支持力N越大，故B正确，A错误；C．由于人受重力、空气阻力、绳子拉力三力平衡，若空气对无人机的作用力沿着绳子方向，则合力不能为零，不可能匀速滑行，故C错误；D．相互作用力是在两个相互作用的物体之间，无人机对绳的拉力与绳对人的拉力中涉及三个物体，故D错误。

故选B8.如图所示，某质点从O点开始做初速度为零的匀加速直线运动，途经A、B、C、D四个点，其中,7ABLCDL==，质点经过AB、BC、CD三段距离所用时间的关系为222CDABBCtttt===，则BC段的距离为（）A.1.5LB.2LC.3LD.

4L【答案】B【解析】【详解】AB段和BC段为等时间间隔，则有2BCABat−=AC段和CD段也为等时间间隔，则有()22CDACat−=联立解得2atL=2BCL=故选B。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出

的四个选项中，有多项是符合题目要求的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分．9.蹦床是小朋友喜欢的户外运动项目。如图所示，一质量为m的小朋友，某次弹跳中从床面上方高1h处由静止落下，落到床面

上屈伸弹起后离开床面的最大高度为2h。已知21hh>，重力加速度为g，不计空气阻力，此过程中（）。A.床面对小朋友弹力的最大值为mgB.小朋友所受重力的冲量为0C.小朋友离开床面时的速度大小为22ghD.小朋友的机械能

增加了()21mghh−【答案】CD【解析】【详解】A．小朋友在最低点时，床面对小朋友的弹力最大，从最低点向上运动时，先做加速运动，弹力的最大值大于mg，故A错误；B．小朋友重力的冲量Imgt=，不等于零，故B错误；C．小朋友离开床面后做竖直上抛运动，离开床面时的速度大小为22

gh﹐故C正确；D．小朋友的机械能增加了()2121Emghmghmghh=−=−故D正确。故选CD。10.如图所示，滑板运动员以速度0v从距离地面高度为h的平台末端水平飞出，落在水平地面上。运动员和滑板均可视为质点，忽略空气阻力的影响。下列说

法中正确的是（）A.h一定时，0v越大，运动员在空中运动时间越长B.h一定时，0v越大，运动员落地瞬间速度越大C.运动员落地的水平位移与0v和高度h均有关D.运动员落地的水平位移只和0v有关【答案】BC【解析】【分析】【详解】A．运动员和滑板做平抛运动，有2

12hgt=故运动时间与初速度无关，故A错误；B．运动员在竖直方向做自由落体运动，落地时竖直方向的分速度为y2vgh=得落地速度大小为202vvgh=+故h一定时，0v越大，运动员落地瞬间速度越大，故B正确；CD．运动员落地的水平位移002hxvtvg==故水平位移与0v和高

度h均有关，故C正确D错误。故选BC。11.如图所示，5颗完全相同的象棋棋子整齐叠放在水平面上，第5颗棋子最左端与水平面上的a点重合，所有接触面间的动摩擦因数均相同，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现将水平向右的恒力

F作用在第3颗棋子上，恒力作用一小段时间后，五颗棋子的位置情况可能是（）A.B.C.D.【答案】AD【解析】【分析】【详解】因3对4的滑动摩擦力为3μmg小于4和5之间的最大静摩擦力4μmg，则4不可能滑动；同理5也不可能滑动，排除图B；当力F较小时，对1

、2、3整体以共同的加速度向右运动，此时如图A所示；当F较大时，2、3之间会产生滑动，由于3对2有摩擦力作用，则1、2的整体要向右移动，故C图错误，D正确。故选AD。三、实验题：本题包括2小题，共16分．12.如图甲所示的实验装置可用来验证机械能守恒定律。

轻杆两端固定两个大小相等但质量不等的小球P、Q，杆的正中央有一光滑的水平转轴O，使得杆能在竖直面内自由转动。O点正下方有一光电门，小球球心通过轨迹最低点时，恰好通过光电门，已知重力加速度为g。(1)用游标卡尺测得小球的直径如图乙所示，则小球的直径d=___________cm

。(2)从水平位置静止释放，当小球P通过最低点时，与光电门连接的数字计时器显示的挡光时间为t，则小球P经过最低点时的速度=v___________（用字母表示）。(3)若两小球P、Q球心间的距离为L，小球P的质量是小球Q质量的k倍（

1k），当满足k=___________（用L、d、t、g表示）时，就表明验证了机械能守恒定律。【答案】①.1.050②.dt③.2222gLtdgLtd+−【解析】【详解】(1)[1]用游标卡尺测得小球直径d=1cm+0.05mm×10

=1.050cm(2)[2]小球P经过最低点时的速度dvt=(3)[3]设小球PQ的质量分别为km和m；若机械能守恒，则2211()222Lkmmgmvkmv−=+解得2222gLtdkgLtd+=−

13.用如图所示的装置，来完成“验证动量守恒定律”的实验。实验中使用的小球1和2半径相等，用天平测得质量分别为m1、m2.在水平木板上铺一张白纸，白纸上面铺放复写纸，记下重锤线所指的位置O。先不放小球2，使小球

1从斜槽上某一点S由静止滚下，落到水平木板P点。再把小球2静置于斜槽轨道末端，重复上述操作，小球1和小球2碰撞后分别落在水平木板上，在白纸上留下各自落点的痕迹。（1）实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不

容易的，可以通过测量小球做平抛运动的水平射程来解决这个问题。确定碰撞前后落点的位置P、M、N，用刻度尺测量出水平射程OP、OM、ON①本实验必须满足的条件是___________A．斜槽轨道必须是光滑的B．斜槽轨道末端必须是水平的C．小球1每次必须从同一位置由静止释放②实验器材准备时，为确保小球

1碰后不弹回，要求m1________m2（选填“>”、“<”、“=”）③若两球相碰前后的动量守恒，其表达式为：OP=________；（用m1、m2、OM、ON表示）（2）在上述实验中换用不同材质的小球，其它条件不变，记录下小球的落点位置。下面三幅图中，可能的正确的是________。【答案】①

.BC##CB②.>③.21mOPOMONm=+④.B【解析】【详解】（1）[1]A。因小球在斜槽末端的速度与平抛的水平位移成正比，所以斜槽是否光滑对该实验影响不大，故A错误；B．斜槽末端保持水平，是为了保证它们在水平碰撞后做平抛运动，故B正确；C．小球1每次必须从同一高度释放，保证

尽可能每次碰撞情况相同，故C正确；故选BC。[2]为确保小球1碰后不弹回，要求m1＞m2[3]小球离开斜槽末端做平抛运动，竖直方向满足212ygt=下落高度一定，运动时间相同；水平方向满足xvt=水平位移与平抛初速

度成正比，两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为112mOPmOMmON=+即21mOPOMONm=+（2）[4]两球碰撞，动量守恒，有112mOPmOMmON=+……①则21mOPOMONOMm=+故排除A。碰撞过程中有能量损失，则222112111()()()2222OPOMONmmmt

t+……②设单个格子的长度为a，则BC三个图中，OP、OM、ON的长度分别为OPOMONB10a7a8aC9a7a25a分别代入方程①②可得，B图满足。故选B。四、计算题：本题包括3小题，共34分．计算题应写出必要的

文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位．14.某同学表演魔术时，将一小型条形磁铁藏在自己的袖子里，然后对着一悬挂的金属小球指手画脚，结果小球在他神

奇的功力下飘动起来。假设当隐藏的小磁铁位于小球的左上方某一位置C)30(QCS=时，金属小球偏离竖直方向的夹角也是30，如图所示。已知小球的质量为m，该同学(含磁铁)的质量为M，求此时：(1)悬挂小球的细

线的拉力大小为多少？(2)该同学受到地面的支持力和摩擦力大小各为多少？【答案】（1）1233FFmg==；（2）12NMgmg=+，36fmg=【解析】【详解】(1)对小球受力分析：重力、细线的拉力和磁

铁的引力，设细线的拉力和磁铁的引力分别为1F和2F．根据平衡条件得水平方向12sin30sin30FF=竖直方向12cos30cos30FFmg+=解得1233FFmg==(2)以人为研究对象，分析受力情况：重

力Mg、地面的支持力N、静摩擦力f和小球的引力为2F2233FFmg==根据平衡条件得2sin30fF=2cos30NFMg=+解得12NMgmg=+36fmg=15.机场地勤工作人员利用传送带从飞机上卸行李。如图所示，以恒定速率v1=0.6m/s运行的传送带与水平面间的夹

角37=，转轴间距L=3.95m。工作人员沿传送方向以速度v2=1.6m/s从传送带顶端推下一件小包裹（可视为质点）。小包裹与传送带间的动摩擦因数μ=0.8。取重力加速度g=10m/s2，sin37

°=0.6，cos37°=0.8.求：（1）小包裹相对传送带滑动时加速度的大小a；（2）小包裹通过传送带所需的时间t。【答案】（1）20.4m/s；（2）4.5s【解析】【详解】（1）小包裹的速度2v大于传动带的速度1v

，所以小包裹受到传送带的摩擦力沿传动带向上，根据牛顿第二定律可知cossinmgmgma−=解得20.4m/sa=（2）根据（1）可知小包裹开始阶段在传动带上做匀减速直线运动，用时2111.60.6s2.5s0.4vvta−−===在传动带上滑动的距离为12111.60.62.52.75m

22vvxt++===因为小包裹所受滑动摩擦力大于重力沿传动带方向上的分力，即cossinmgmg，所以小包裹与传动带共速后做匀速直线运动至传送带底端，匀速运动的时间为1213.952.75s2s0.6Lxtv−−===所以小包裹通

过传送带的时间为124.5s=+=ttt16.一轻质弹簧竖直放置，将一质量为12m的小物块轻放于弹簧顶端，弹簧最大压缩量为L。如图示，水平地面上有一固定挡板，将此弹簧一端固定在挡板上且水平放置，一质量为m的小物块P紧靠弹

簧的另一端但不拴接；在水平地面右侧固定有一半径RL=的竖直光滑半圆轨道，轨道最低点与地面相切。将另一质量也为m的小物块Q放置在距半圆轨道最低点24LL=处。现向左推P压缩弹簧，使弹簧发生形变量为L，此时P与小物块Q的距离为12LL=。撤去外力，小物块P被弹簧弹开，然后与小

物块Q正碰，碰后瞬间粘在一起。小物块P、Q均可看作质点，且与水平地面间的动摩擦因数相同，重力加速度为g。（1）求弹簧最大压缩量为L时，弹簧具有的弹性势能；（2）若两物块P、Q与水平地面间的动摩擦因数019

=，求两个小物块刚滑上半圆轨道时对轨道的压力大小；（3）若两物块P、Q与地面间的动摩擦因数可以改变，要求两个小物块在半圆轨道上运动时不脱离轨道，求动摩擦因数的取值范围。【答案】（1）12mgL；（2）12mg；（3

）4293或19【解析】分析】【详解】(1)由题意可知当弹簧压缩量为L时，弹性势能p12EmgL=(2)物块P被弹簧弹开到与Q相碰之前瞬间有2p01112EmgLmv−=碰撞过程中动量守恒，有12()mvmmv=+碰撞结束后到刚滑上圆弧轨道有220232112

2222mgLmvmv−=−在半圆轨道最低点满足23N22vFmgmR−=联立解得12Fmg=N由牛顿第三定律可知，两个小物块刚滑上半圆轨道时对轨道的压力大小为12mg。(3)如果不脱离轨道有两种可能，一是上滑的最大

高度不超过半径R，再一个是通过圆弧最高点。由题目可知当弹簧压缩量为L时，弹性势能p12EmgL=，物块P被弹簧弹开到与Q相碰之前有2p1412EmgLmv−=碰撞过程中动量守恒，有【45()mvmmv=+碰撞结束后到刚滑上圆弧轨道有222651122

222mgLmvmv−=−能滑上圆弧要求60v不超过圆心等高处临界有261222mvmgR=联立可得4293如果能够通过圆弧最高点，滑到最高点有227611222222mgRmvmv−=−在最高点恰好由重力作为向心力

2722vmgmR=联立解得19=要通过最高点，需要满足19综上所述，两物块不脱离圆弧轨道，动摩擦因数的取值范围为获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com