【文档说明】新疆库车市一中2021届高三上学期期中物理试题Word含解析.docx，共(13)页，456.150 KB，由管理员店铺上传

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高三第二次月考物理试卷卷I（选择题）一、单选题。（本题共计4小题，每题6分，共计24分）1.物体A穿在竖直杆上，人以速度v0竖直向下匀速拉绳，当物体A到达如图所示位置时，绳与竖直杆夹角为θ，此时物体A运动速度大小是（）A.0sinvB.0cosvC.0sinvD.0co

sv【答案】D【解析】【详解】将A的速度分解为沿绳子方向的速度和与绳子垂直方向的速度，则0cosvv=则0cosvv=故选D。2.如图所示，从斜面上的A点以速度0v水平抛出一个物体，飞行一段时间后，落到斜面上的B点；若仍

从A点抛出物体，抛出速度为012v，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.物体的飞行时间不变B.物体的位移变为原来的12C.物体落到斜面上速度变为原来的14D.物体落到斜面上时速度方向不变【答案】D【解析】【详解】根据20012tan2==

=gtygtxvtv可知，当初速度减半时，飞行的时间减半，选项A错误；根据x=v0t可知，物体的水平位移变为原来的1/4，竖直位移也变为原来的1/4，则物体的位移变为原来的1/4，选项B错误；水平初速度减半时，根据vy=gt可知，落到斜面上的竖直速度变为原来的一半，可知物体落到斜面

上的速度变为原来的1/2，选项C错误；根据00tan2tan===yvgtvv为定值，则物体落到斜面上时速度方向不变，选项D正确；故选D.点睛：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结

合运动学公式和几何关系灵活求解．3.地球表面的重力加速度为g，地球半径为R，引力常量为G.假设地球是一个质量分布均匀的球体，体积为343R，则地球的平均密度是()A.34gGRB.234gGRC.gGRD.2gGR【答案

】A【解析】【详解】由万有引力等于重力可得2GMmmgR=解得GgRM2=又地球体积为的V=343R故密度为34MgVGR==故选A。4.如图所示，在排球比赛中，运动员在网前L=3m处起跳，在离地面高H=3.2m处将球以v0的速

度正对球网水平击出，已知球网高h=2.4m，排球场总长为18m，球网在球场的中间。g取10m/s2，忽略空气阻力，则（）A.若排球恰好过网，则v0=5m/sB.若斜向上击球，球过网后可以垂直落地C.若排球恰好落在球场的边缘，则球从击球点至落地点的位移等于12mD.

若排球恰好落在球场的边缘，则v0=15m/s【答案】D【解析】【详解】A．排球做平抛运动，恰好过网，则水平位移为0Lvt=竖直位移为212Hhgt−=解得07.5m/sv=故A错误；B．排球要过网，必须具有水平的速度，并且击球后，水平方向做匀速直线运动，因此落地时，合速度的水平分量不为零，不能

垂直落地，故B错误；CD．排球做平抛运动，若排球恰好落在球场的边缘，则水平位移为0183mm=12m2Lvt==+竖直位移为213.2m2Hgt==总位移必然大于12m；同时解得015m/sv=故C错误，D正确。故选D。二、多选

题。(本题共计4小题，每题6分，共计24分，全部选对得6分，选对但不全得3分，一旦选错不得分)5.有一个质量为4kg的质点在x-y平面内运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是（）A.质点做匀变速直线运动B.质点所受的合外力为6N

C.2s时质点的速度为6m/sD.0时刻质点的速度为5m/s【答案】BD【解析】【详解】A．根据图像可知，在x方向做匀加速直线运动，y方向做匀速直线运动，则质点的运动是匀变速曲线运动，A错误；B．由图知物

体的加速度2263m/s1.5m/s2vat−===根据牛顿第二定律41.5N6NFma===B正确；C．由图知，2s末在x方向上速度为6m/sxv=，在y方向上速度为4m/syxvt==匀速运动，根据运动的合成，则质点的初速度的大小为2

2213m/sxyvvv=+=C错误；D．由图知，在x方向上做初速度为3m/s，在y方向上速度为4m/syxvt==匀速运动，跟据运动的合成，则质点的初速度的大小为220m/s5m/sxyvvv=+=D正确。故选BD。6

.如图所示，某同学站在地面上，用恒定的、竖直向下的拉力通过绕过光滑定滑轮的轻绳拉动木箱，使木箱向左沿粗糙水平地面运动。在木箱向左运动的过程中（）A.地图对木箱的支持力减小B.地面对木箱的支持力增大C.地

面受到的摩擦力减小D.地面受到的摩擦力增大【答案】AC【解析】【详解】AB．设轻绳与水平方向的夹角为θ，木箱在竖直方向受力平衡，有Fsinθ+FN=G可知地面对木箱的支持力减小，选项A正确、B错误；CD．由f=μFN，结合牛顿第三定律

，可知地面受到的摩擦力减小，选项C正确、D错误。故选AC。7.如图所示，质量相等的A、B两个小球悬于同一悬点O，且在O点下方垂直距离h=1m处的同一水平面内做匀速圆周运动，悬线长L1＝3m，L2＝2m，则A、B两小球（）A.周期之比T1：T2＝2：3B.

角速度之比ω1：ω2＝1：1C.线速度之比v1：v2＝8：3D.向心加速度之比a1：a2＝8：3【答案】BC【解析】【详解】AB．小球做圆周运动所需要向心力由重力mg和悬线拉力F的合力提供，设悬线与竖直方向的夹角为θ。对任意一球受

力分析，由牛顿第二定律有：在竖直方向有Fcosθ-mg=0…①在水平方向有224sinsinFmLT=…②由①②得cos2LθTπg=分析题意可知，连接两小球的悬线的悬点距两小球运动平面的距离为h=Lcosθ，相等，所以周期相等T1：T2=1：1角速度2T

＝则角速度之比ω1：ω2=1：1故A错误，B正确；C．根据合力提供向心力得2tantanvmgmh=解得的tanvgh=根据几何关系可知2211tan8Lhh−==2222tan3Lhh−==故线速度之比1283vv=：：故C正确；D．向心加速度a=vω，

则向心加速度之比等于线速度之比为1283aa=：：故D错误。故选BC。8.2019年11月5日，我国成功发射第49颗北斗导航卫星，标志着北斗三号系统3颗倾斜地球同步轨道卫星全部发射完毕，人造卫星的发射过程要经过多次

变轨方可到达预定轨道，在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先发射到圆轨道Ⅰ，再从A点进入椭圆轨道Ⅱ，然后在B点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅲ，则（）A.卫星在轨道Ⅰ上经过A点加速度与卫星在轨道Ⅱ上经过A点的加速度相同B

.卫星在轨道Ⅱ上经过A点的速率比卫星在轨道Ⅱ上经过B点的速率小C.卫星在B点通过减速实现由轨道Ⅱ进入轨道ⅢD.若卫星在Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ轨道上运行的周期分别为T1、T2、T3，则T1<T2<T3【答案】AD【解析】【详

解】A．卫星在轨道Ⅰ上经过A点与卫星在轨道Ⅱ上经过A点都是通过万有引力来提供向心力，有的2GMaR=故此时其他的量都相等，所以卫星在轨道Ⅰ上经过A点的加速度与卫星在轨道Ⅱ上经过A点的加速度相同，故A正确

；B．卫星在轨道Ⅱ上从A向B运动过程中，万有引力做负功，动能减小，速度减小，所以卫星在轨道Ⅱ上过A点的速率比卫星在轨道Ⅱ上过B点的速率大，故B错误；C．卫星在B点要进入轨道Ⅲ必须加速做离心运动，所以卫星在B点通过加速实现由

轨道Ⅱ进入轨道Ⅲ，故C错误；D．根据开普勒第三定律可得32rkT=设卫星在I轨道半径r1、在Ⅱ轨道的半长轴为r2、在Ⅲ轨道上运行的轨道半径为r3，根据图中几何关系可知123rrr＜＜则123TTT＜＜故D正确；故选AD。卷

II（非选择题）三、实验探究题（本题共计2小题，共计16分）9.为了测量小车的加速度，小宇设计的实验如图甲所示，除了图中的实验器材外，实验室还提供了游标卡尺和刻度尺。(1)小宇用游标卡尺测量的挡光片宽度如图

乙所示，则挡光片的宽度应为d=______cm；(2)如果小车依次通过光电门1、光电门2时，显示的挡光时间分别为t1、t2，为了计算小的车的加速度，还需测量的物理量是______（并用字母标出该物理量），用以上物理量表示出小车的加

速度______。【答案】①.0.575；②.两个光电门中心之间的间距为L；③.()2221222122dttaLtt−=【解析】【详解】(1)[1]测量值=主尺读数+游标尺读数，如图乙所示，其读数为d=0.500cm+17×0.005cm=0.575cm(2)[2]根据22212axvv

=−可知要计算加速度大小，只需要知道通过光电门1和2的瞬时速度以及光电门1和2之间的距离L，计算通过光电门1和2的瞬时速度可通过经过光电门1和2时的平均速度近似等于小球经过光电门时的瞬时速度计算，故仅需再测量光电门1和2之间的距离L即可；[3]小车做匀变速直线运动，根据匀变速直线运动速度位移公式可

得2212()()2ddtatL=−解得()2221222122dttaLtt−=10.某同学用图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律：(1)通过实验得到如图乙所示的aF−图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦

力时木板与水平桌面的夹角___________（选填“偏大”或“偏小”）。(2)该同学在正确平衡摩擦力后重新进行实验，实际小车在运动过程中所受的拉力将__________砝码和盘的总重力（填“大于”、“小于”或“等于”），为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝

码和盘的总质量m满足___________的条件。(3)该同学得到如图丙所示的纸带已知打点计时器电源频率为50Hz。A、B、C、D、E、F、G是纸带上7连续打出的7个点。考虑DCADxxx=−=__________c

m，由此可算出小车的加速度=a_________2m/s（加速度a结果保留两位有效数字）。【答案】①.偏大②.小于③.小车质量M与砝码和盘的总质量m满足Mm的条件④.1.80⑤.5.0【解析】【详解】(1)[1]当拉力F等于0时，

小车已经产生力加速度，故原因是平衡摩擦力时平衡摩擦力过大，在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角偏大。(2)[2]小车运动过程中，砝码和盘向下做加速运动处于失重状态，砝码和盘对细线的拉力小于其重力，小车在运动过程中受到的拉力小于砝码和盘的总重力。[3]对整体分析，根据牛顿第二定律得()mgMma=

+解得mgaMm=+则绳子拉力1MmgmgFMamMmM===++当Mm，即砝码和盘的总质量远小于小车和小车上砝码的总质量时，砝码和盘的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力，所以为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的

总质量m满足Mm的条件。(3)[4]刻度尺上读出A、D、G三点的位置，可得()()6.502.60cm2.600.50cm1.80cms=−−−=的[5]计数点间的时间间隔为T，由匀变速直线运动的推论△x=aT2可知，加速度222221.810

m/s5.0m/s0.06saT−===四、解答题（本题共计3小题，共计46分）11.如图所示，在绕竖直轴匀速转动的水平圆盘盘面上，离轴心r=20cm处放置一小物块，其质量为m=2kg，物块与圆盘间的动摩擦因数μ=0.5。当圆盘转动的角速度ω=2rad/s时，物块随圆盘一起转动，设最大静摩擦

力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10m/s2。求：(1)物块的线速度大小；(2)物块的向心加速度大小；(3)欲使物块与盘面间不发生相对滑动，则圆盘转动的角速度不能超过多大？【答案】（1）0.4m/s（2）0.8m/s2（3）5rad/s【

解析】【分析】【详解】（1）当2/srad=时，滑块的线速度0.4m/svr==（2）当2/srad=时，滑块的向心加速度220.8m/sar==（3）当物块刚要发生滑动时最大静摩擦力充当向心力，设此时圆盘转动的角速度为0由牛顿第二定律得20fmgmr==解得

05rad/s=故圆盘转动的角速度不能超过5rad/s。12.据统计，开车时看手机发生事故的概率是安全驾驶的23倍，开车时打电话发生事故的概率是安全驾驶的2.8倍．一辆小轿车在平直公路上以某一速度行驶时，司机低头看手机2s，相当于盲开50m，该车遇见紧急情

况，紧急刹车的距离（从开始刹车到停下来汽车所行驶的距离）至少是25m，根据以上提供的信息：(1)求汽车行驶的速度和刹车的最大加速度大小(2)若该车以108km/h的速度在高速公路上行驶时，前方100m处道路塌方，该司机因用手机微信抢红包2s

后才发现危险，司机的反应时间为0.5s，刹车的加速度与(1)问中大小相等．试通过计算说明汽车是否会发生交通事故【答案】（1）12.5m/s2；（2）会发生交通事故【解析】【详解】(1)汽车运动的速度为125m/sxvt==汽车刹车的最大加速度为a，则22112.5m/s2vax==(

2)108km/h=30m/s，司机看手机时，汽车发生的位移为12302m60mxvt===反应时间内发生的位移的大小为22300.5m15mxvt===刹车后汽车发生的位移222330m36m2212.5vxa===所以汽车前进的距离为123111m100mxxxx=++=

所以会发生交通事故．13.足够长光滑固定斜面BC倾角ɑ＝53°，小物块与水平面间的动摩擦因数为0.5，水平面与斜面之间B点有一小段弧形连接(未画出)，一质量m＝2kg的小物块静止于A点．现在AB段对

小物块施加与水平方向成ɑ＝53°的恒力F作用，如图甲所示．小物块在AB段运动的速度－时间如图乙所示，到达B点迅速撤去恒力F(已知sin530＝0.8，cos53°＝0.6，g取10m/s2)．求：（1）小物块所受到的恒力F的大小；（2）小物块从第一次过B点至第二次过B点的时间

间隔【答案】（1）11N（2）0.5s【解析】【详解】（1）由图乙，AB段的加速度a1＝vt＝2.004.00−−m/s2＝0.5m/s2根据牛顿第二定律，有Fcosα－μ(mg－Fsinα)＝ma1得F＝1cossin++mamgaa＝11N（2）在BC段，对小物块mgsinα＝ma2

解得a2＝gsinα＝8m/s2小物块从B到返回B点所用的时间t＝22Bva＝0.5s.