【文档说明】【精准解析】陕西省宝鸡中学2019-2020学年高一下学期期中考试化学试题.doc，共(16)页，517.500 KB，由小赞的店铺上传

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宝鸡中学2019级高一第二学期期中考试试题化学可能用到的相对原子质量：H—1C—12N—14O—16S—32第Ⅰ卷一、单选题1.“笔、墨、纸、砚”在中国传统文化中被称为“文房四宝”，下列说法中错误的是（）ABCD用灼烧法可鉴别羊毫与尼龙毫的真伪墨的主要成分是碳单质纸的主要成分属于合成材料用石材制

作砚台的过程是物理变化A.AB.BC.CD.D【答案】C【解析】【详解】A．羊毛主要成分是蛋白质，灼烧会产生特殊的气味，假的羊毫是化学纤维，所以用灼烧法可鉴别毛笔羊毫的真伪，A选项正确；B．墨的主要成分是碳单质，碳的

化学性质稳定在空气中不易反应，所以用墨写字画画可长久不褪色，B选项正确；C．纸的原料是木材，主要成分是纤维素，则纸及造纸原料的主要成分均是纤维素，C选项错误；D．存在新物质的变化是化学变化，用石材制作砚台的过程没有新物质生成，属于物理变化，D选项正确；答案选C。2.下列各项不属于官能团的是(

)A.NO3-B.-ClC.-CHOD.-NO2【答案】A【解析】【分析】官能团是决定有机物化学性质的原子或原子团。从结构上看含有未成对电子，不显电性，不能稳定存在；根是指电解质由于电子得失或电子对偏移

而解离的部分。从结构上看一般不含未成对电子，显电性，大多可以在水溶液或熔融状态下稳定存在。【详解】A.NO3-为硝酸根，不属于官能团；B.–Cl为氯原子，属于官能团；C.–CHO为醛基，属于官能团；D.-NO2为硝基，属于官

能团；答案应选A。3.下列各组内的物质，属于同系物的是()A.和B.和C.HO-CH2CH2OH和D.和【答案】A【解析】【分析】同系物是指结构相似、分子组成相差若干个“CH2”原子团的同一类物质互称为同

系物。【详解】A.和均为烷烃，相差2个“CH2”原子团，属于同系物，A项正确；B.为环烷烃、为烯烃，不属于同一类物质，不属于同系物，B项错误；C.HO-CH2CH2OH为二元醇、为一元醇，官能团的个数不同，不属于同系物，C项错误；D.和的分子式均为C7H14，属于同分异构体而非同系物，D项错

误；答案应选A。【点睛】在分析同系物时应注意以下几点：1、官能团的种类、数目均相同2、必须属于同一类物质3、所含碳原子个数不同，结构上相差若干个“CH2”原子团4.下列反应属于取代反应的是A乙烯→聚乙烯B.乙酸→乙酸乙酯C

.乙烯→乙醇D.乙醇→乙醛【答案】B【解析】【详解】A.乙烯发生加聚反应生成聚乙烯，A错误；B.乙酸与乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯和水，酯化反应是取代反应，B正确；C.乙烯和水发生加成反应生成乙醇，C错误；D.乙醇发生催化氧化生成乙醛，D错误；答案选B。5.下列物质不属于天

然高分子化合物的是A.纤维素B.蛋白质C.油脂D.淀粉【答案】C【解析】【详解】A、纤维素是多糖，相对分子质量在一万以上，是天然高分子化合物，A错误；B、蛋白质，相对分子质量在一万以上，是天然高分子化合物，B错误；C、油脂是高级脂肪酸和甘油形成

的酯，相对分子质量较小，不属于高分子化合物，C正确；D、淀粉是多糖，相对分子质量在一万以上，是天然高分子化合物，D错误。答案选C。6.下列实验能获得成功的是（）A.苯和浓溴水用铁做催化剂制溴苯B.用酸性高锰酸钾溶液除去甲烷中混有的乙烯C.甲烷与氯气光照制得纯净的一氯甲烷D.乙烯通入溴的四氯化碳溶液

得到1，2—二溴乙烷【答案】D【解析】A.苯和液溴发生取代反应生成溴苯而不是溴水；B.酸性高锰酸钾溶液可将乙烯氧化为二氧化碳气体杂质；C.甲烷与氯气光照制得的产物还有二氯甲烷、三氯甲烷、四氯甲烷；D.乙烯通入溴的四氯化碳溶液可以得到1，2—二溴乙烷。故选D。7.下列

变化属于物理变化的是（）A.煤的干馏B.石油裂解C.煤焦油中分馏得到苯、甲苯、二甲苯等D.古代植物变成煤【答案】C【解析】【分析】有新物质生成的变化是化学变化，没有新物质生成的是物理变化，据此判断。【详解】煤的干馏、裂解、古代植物转化成煤都是化

学变化，从煤焦油中得到苯、甲苯、二甲苯等是物理变化。答案选C。8.在光照条件下，将1molCH4与1molCl2混合后，经充分时间的光照，得到的液态产物为（）A.CH2Cl2、CHCl3、CCl4B.CC

l4C.CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4D.CH3Cl【答案】A【解析】【详解】甲烷和氯气的取代产物有4种有机物一种无机物，其中一氯甲烷和氯化氢是气体，其余是液体，所以正确的答案是A。9.下列有机物

分子中所有原子一定．．在同一平面内的是()A.甲烷B.甲苯C.乙烯D.苯乙烯【答案】C【解析】A.甲烷分子是正四面体结构，分子中所有原子一定不．．．在同一平面内；B.甲苯分子中的甲基碳原子与所连四原子形成四面体结构

，分子中所有原子一定不．．．在同一平面内；C.乙烯分子是平面形分子，分子中所有原子一定．．在同一平面内；D.苯乙烯分子中的苯环所在平面与乙烯基所在平面不一定重合，分子中所有原子不一定．．在同一平面内。故选C。点睛：单键碳原子与所连四原子形成四面体结构，这些原子一定不在同一平面内。10

.下列金属冶炼的反应原理，不正确的是A.2Ag2O4Ag+O2↑B.Fe2O3+3CO2Fe+3CO2C.6MgO+4Al6Mg+2Al2O3D.2NaCl(熔融)2Na+Cl2↑【答案】C【解析】【分析】金属

冶炼的方法与金属活泼性有关，金属冶炼的方法有：电解法：冶炼活泼金属Na、Mg、Al，一般用电解熔融的氯化物(Al是电解熔融的三氧化二铝)制得；热还原法：冶炼较不活泼的金属Zn、Fe、Sn、Pb、Cu，常用还原剂有(C、CO、H2等)；热分解法：Hg、Ag用加热分解氧化物的方法制得，

以此来解答。【详解】A．Ag为不活泼金属，可利用热分解法冶炼，故A正确；B．Fe为较不活泼金属，可利用还原法冶炼，故B正确；C．MgO的熔点高，且Mg为活泼金属，应电解熔融氯化镁冶炼Mg，故C错误；D．Na为

活泼金属，电解熔融氯化钠可冶炼Na，故D正确；故答案为C。11.我国古代“药金”的冶炼方法是：将炉甘石（ZnCO3）和赤铜矿（Cu2O）与木炭按一定的比例混合后加热至800℃，即可炼出闪烁似金子般光泽的“药金”。下列叙述正确的是（）A.“药金”实质上是铜锌合金B.冶炼炉中炉甘石直接

被木炭还原为锌C.用王水可区别黄金和“药金”D.用火焰灼烧不能区别黄金和药金【答案】A【解析】【详解】A、冶炼“药金”的相关反应方程式为：ZnCO3ZnO＋CO2↑，2ZnO＋C2Zn＋CO2↑，2C

u2O＋C4Cu＋CO2↑，A项正确；B、根据A中分析可知B项错误；C、王水可以溶解黄金和“药金”，故C项错误；D、用火焰灼烧可以区别黄金和“药金”，因为高温下黄金跟空气不反应，而“药金”可以与空气反应，生成的CuO是

黑色的，ZnO是白色的，总之，灼烧后的“药金”颜色有变化，故D项错误。答案选A。12.“绿色化学”是当今社会提出的一个新概念，在“绿色化学”工艺中，理想状态是反应中原子全部转化为欲制的产物，即原子利用率为100%．以下反应最符合绿色化学原子经济性要求的是（）A.铜和浓

硝酸为原料生产硝酸铜B.甲烷与氯气制备一氯甲烷C.由反应2SO2+O2⇌2SO3制SO3D.乙烯与HBr制取溴乙烷【答案】D【解析】A．以铜和浓硝酸为原料生产硝酸铜，因有有毒气体二氧化氮生成，反应物没全部转化为所需产物，故A错误；B．甲烷与氯气制备一氯甲烷，属于取代反应

，伴随副反应，反应物没全部转化为所需产物，故B错误；C．由反应2SO2+O2⇌2SO3制SO3是可逆反应，无法进行到底，故C错误；D．乙烯与HBr制取溴乙烷，该反应为加成反应，原料利用率为100%，故D正确；故

选D。点睛：本题考查“绿色化学”知识，要熟悉各种反应类型，还要考虑环保、经济等方面。原子经济反应是原料分子中的原子全部转化成所需要的产物，不产生副产物，加成反应和加聚反应符合要求。13.乙醇分子中的各种化学键如图所示，关于乙醇在各种反应中断裂键的说法不正确的是()A.和金属钠反应时键①断裂B.

在铜催化共热下与O2反应时断裂①和③键C.在铜催化共热下与O2反应时断裂①和⑤键D.在空气中完全燃烧时断裂①②③④⑤键【答案】C【解析】【详解】A.乙醇与钠反应生成乙醇钠，是羟基中的O—H键断裂，A项正确；B.乙醇催化氧化成乙醛时，断裂①和③化学键，B项正确，C.乙醇催化氧化成

乙醛时，断裂①和③化学键，C项错误；D.乙醇完全燃烧时，化学键①②③④⑤全部断裂，D项正确；答案选C。14.在120℃时，某混合烃和过量O2在一密闭容器中完全反应，测知反应前后的压强没有变化，则该混合烃可能是A.CH4和C2H4B.C2H2和C2H4C.C2H4和C2H6D.C3H4和C3H6【答

案】A【解析】【分析】假设混合烃的平均组成为CxHy，燃烧时发生反应Xy222yyCH+(x+)O=xCO+HO42，该状态下各选项反应物及其与氧气反应的生成物都是气态，要使反应前后压强不变，则反应前后化学计量数之和不变，即yy1+x+=x+42，计算得y=4，故混合烃CxHy平均组成只要满

足y=4即可。【详解】A选项，无论CH4和C2H4如何混合，都满足条件，故A项正确；B选项，C2H2和C2H4混合物平均组成y介于2、4之间，故B项错误；C选项，C2H4和C2H6混合物平均组成y介于4、6之间，故C项错误；D选项，C3H4和C3H6混合物平均

组成y介于4、6之间，故D项错误。综上所述，答案为A。15.下列说法摘自一些科普杂志或广告用语，你认为有科学性错误的是（）A.糖类、油脂和蛋白质都是天然的有机化合物B.糖类、油脂、蛋白质只含C、H、O三种元素C.医学上常用CuSO4溶液和NaOH溶液检验糖

尿病人尿液中的葡萄糖D.甲醛是某些劣质装饰板材释放的常见污染物之一【答案】B【解析】【详解】A．糖类、油脂和蛋白质都是天然的有机化合物，故A正确；B．蛋白质除含C、H、O三种元素，还含有N等元素，故B错误；C．NaOH溶液与CuSO4溶液加入某病人的尿液中，微热时如果观察到红色沉淀，则说明该病人的

尿液含有有醛基的物质，即含有葡萄糖，故C正确；D．甲醛、苯等常用于装饰材料的溶剂和防腐剂，为装饰材料的主要污染物质，故D正确；故选B。16.用铝热法还原下列化合物，制得金属1mol，消耗铝最少的是()A.MnO2B.WO3C.Co3O4D.Cr2O3【答案】C【解析】【详解】A．MnO2～Mn，

生成1molMn，需要4mol电子，消耗43molAl；B．WO3～W，生成1molW，需要6mol电子，消耗2molAl；C．Co3O4～Co，生成1molCo，需要83mol电子，消耗89molAl；D．Cr2O3～Cr，生成1molCr，需要3mol电子，消耗1molAl

；消耗Al最少的是Co3O4，答案选C。17.NA为阿伏加德罗常数，下列叙述错误的是（）A.1molC10H22分子中共价键总数为31NA个B.0.1molCH4中含有NA个电子C.标准状况下，22.4LCHCl3含有氯原子数目为3NA个D.标准状况下，1.12

L16O2和1.12L18O2均含有0.1NA个氧原子【答案】C【解析】【详解】A．1每个C10H22分子中含有9个C—C键、22个C—H键，总数为31个，故A正确；B．每个甲烷分子含有10个电子，则0.1molCH4中含有NA个电子，

故B正确；C．标准状况下，CHCl3是液体，不能根据气体摩尔体积计算其物质的量，确定微粒数，故C错误；D．标况下，1.12L16O2和1.12L18O2的物质的量均为0.05mol，且两者均为双原子分子，故0.05mol16O2和0.5mol18O

2中含有的原子个数均为0.1NA个，故D正确；故选C。18.某混合物由乙酸和乙酸乙酯两种组分按一定比例组成，其中氢元素的质量分数为，则该混合物中氧元素的质量分数为（）A.64%B.40%C.72%D.60%【答案】B【解析】【详解】乙酸的分子式为C2H4O2，

乙酸乙酯的分子式为C4H8O2，两种物质中C、H原子的质量关系相等，质量比为6：1，氢元素的质量分数为670，则碳元素的质量分数为6×670=3670，则该混合物中氧元素的质量分数为1-670-3670=2870=40%，故选B。【点睛】根据乙酸和乙酸乙酯的分子式，找出两种物质中C、H原子的质量

关系，为解答该题的关键，乙酸的分子式为C2H4O2，乙酸乙酯的分子式为C4H8O2，两种物质中C、H原子的质量关系相等，则根据氢元素的质量分数可计算碳元素的质量分数，进而计算该混合物中氧元素的质量分数。19.下列烷烃在光照下与氯气反应，只生成一种一氯代烃的

是（）A.3223CHCHCHCHB.C.D.【答案】C【解析】【详解】A.CH3CH2CH2CH3为丁烷的结构简式，分子中有2种氢原子，其一氯代物有2种，故A错误；B.为2-甲基丙烷的结构简式，分子中有2种氢原子，其一氯代物有2种，故B错误；C.为新戊烷的结构简式，分子中的

四个甲基相同，则有1种氢原子，所以一氯代烃有1种，故C正确；D.为2-甲基丁烷的结构简式，分子中有4种氢原子，其一氯代物有4种，故D错误；所以答案为C。【点睛】先确定烷烃的对称中心，即找出等效的氢原子，再根据先中心后外围的原则，将氯原子逐一去代替氢

原子，有几种氢原子就有几种一氯代烃．20.两种气态烷烃的混合物在标准状况下的密度是1.34g/L，则关于此混合物组成的说法正确的是（）A.可能是甲烷和己烷的混合物B.一定有甲烷C.可能是乙烷和丙烷的混合物D.一定有乙烷【答案】B【解析】两种气态烷烃的混合物在标准状况下的密度是1.34g/L×22

.4L/mol=30g/mol，M(甲烷)<30g/mol<M(乙烷)，所以一定有甲烷，没有乙烷。A.己烷不是气态烃，故A错误；B.一定有甲烷，故B正确；C.因为一定有甲烷，则一定不是乙烷和丙烷混合，故C错误；D.可能还有乙烷，故D错误。故选B。21.某有机物的结构为下图所示，这种有机物可能具有

的性质是（）①可以燃烧；②能使酸性KMnO4溶液褪色；③能跟NaOH溶液反应；④能发生酯化反应；⑤能发生加成反应；A.只有②③④B.只有①②③④C.只有②④D.①②③④⑤【答案】D【解析】①该有机物可以

燃烧；②该分子含有碳碳双键和醇羟基，能使酸性KMnO4溶液褪色；③该分子含有羧基，能跟NaOH溶液反应；④该分子含有醇羟基，能发生酯化反应；⑤该分子含有不饱和结构碳碳双键和苯环，能发生加成反应。故选D。22.云南特色小吃“过桥米线”做法如下：先用滚沸的鸡汤

一碗，上罩浮油，再辅以切得极薄的生肉片、乌龟片、火腿片、葱头等，最后把主料米线放入拌食即成。“过桥米线”汤鲜、肉嫩、料香、米线滑润，吃起来别有一番风味。以下有关“过桥米线”的说法不正确的是()A.上层浮油沸点较高，难以挥发B.浮油对下层汤水起到很好的“液封”作

用，使下层汤水及热量难以外逸C.去掉上面的一层浮油，将减弱“过桥米线”的保温效果D.上层浮油高温水解即产生美味的物质【答案】D【解析】【详解】上层浮油成分是油脂，水解生成甘油和高级脂肪酸，所以选项D是错误的，其余选项都是正确的，答案选D。【点睛】该题是基础性试题的考查，试题贴近生活，有助于

调到学生的学习兴趣和学习积极性。试题基础性强，侧重对学生基础知识的巩固和训练，旨在在考查学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力，有利于培养学生的逻辑推理能力和发散思维能力。第Ⅱ卷二、填空题23.下列七种有机物中：A．CH

4B．CH2=CH2C．D．CH3COOHE．淀粉F．葡萄糖G．蛋白质（1）酸性比碳酸强的是______（填字母编号，下同）．（2）易发生银镜反应的是______．（3）具有正四面体结构的是______．（4）通常用于检验碘

单质的是______．（5）可用于合成聚乙烯塑料的是______．【答案】(1).D(2).F(3).A(4).E(5).B【解析】【详解】（1）酸性比碳酸强的是醋酸，答案选D；（2）易发生银镜反应的是含有醛基的葡萄糖，答案选F；（3）具有正四面体结构的是甲烷，答案选A；（4）碘遇淀粉显蓝色

，通常用于检验碘单质的是淀粉，答案选E；（5）乙烯含有碳碳双键，可发生加聚反应，可用于合成聚乙烯塑料的是乙烯，答案选B。24.某有机物完全燃烧生成标准状况下CO2的体积为4.48L，H2O的质量为5.4g，（1）若此有机物的质量为3g，

则此有机物的结构简式是_________________________；（2）若此有机物的质量为4.6g，则此有机物的分子式是________________________；（3）若此有机物的质量为6.2g，且此有机物1m

ol能和金属钠反应生成1molH2，则此有机物的结构简式是______________________________。【答案】(1).CH3CH3(2).C2H6O(3).HOCH2CH2OH【解析】【详解】(1)生成水的物质的量为：n(H2O)=5.418/ggmol=0.3mol，

n(H)=n(H2O)×2=0.6mol，m(H)=0.6g；生成二氧化碳的物质的量为：n(CO2)=4.4822.4/LLmol=0.2mol，n(C)=n(CO2)=0.2mol，m(C)=2.4g，m(C)+m

(H)=3g，因有机物的质量为3g，所以有机物中没有氧元素，则有机物的实验式为C2H6，因碳原子已饱和，所以分子式为C2H6，故答案为CH3CH3；(2)m(C)+m(H)=3g，因有机物的质量为4.6g＞3g，所以有机物中含有氧元素，氧元素的质量为：4

.6g-3g=1.6g，氧元素的物质的量为：n(O)=1.616/ggmol=0.1mol，则有机物的实验式为C2H6O，因碳原子已饱和，所以分子式为C2H6O，故答案为C2H6O；(3)m(C)+m(H)=3g，因有机物的质量为6.2g，所以有机物中含有氧元素，氧元素的质量为：6.2g-3g=3

.2g，n(O)=3.2g16g/mol=0.2mol，则有机物的实验式为C2H6O2，因碳原子已饱和，所以分子式为C2H6O2，因1molC2H6O2能和金属钠反应生成1molH2，所以C2H6O2中含有两个羟基，该有机物的结构简式为：HOCH2CH2OH，故答案为HO

CH2CH2OH。【点睛】本题考查了分子式和结构简式的确定，在确定分子式时，计算是否含氧可根据质量守恒来确定和计算，注意掌握常见有机物结构与性质。25.已知：有机物A的产量可以用来衡量一个国家的石油化工发展水平．现以

A为主要原料合成乙酸乙酯，其合成路线如图1所示．（1）A分子中官能团的名称是______，D中官能团的名称是______；反应①的反应类型是______反应．（2）反应②的化学方程式是______，反应④的化学方程式是______．（3）E是常见的高分子材料，合成E的化学方程式是______．（4

）某同学用如图2所示的实验装置制取少量乙酸乙酯．实验结束后，试管甲中上层为透明的、不溶于水的油状液体．①实验开始时，试管甲中的导管不伸入液面下的目的是______．②上述实验中饱和碳酸钠溶液的作用是（填字母）______．A．中和乙酸和乙醇B．中和乙酸

并吸收部分乙醇C．加速酯的生成，提高其产率D．乙酸乙酯在饱和碳酸钠溶液中的溶解度比在水中更小，有利于分层析出【答案】(1).碳碳双键(2).羧基(3).加成(4).2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O(5).CH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O(6).nC

H2=CH2(7).防倒吸(8).BD【解析】A的产量通常用来衡量一个国家的石油化工水平，则A为CH2=CH2，与水发生加成反应得到B为CH3CH2OH，乙醇和乙酸发生酯化反应生成乙酸乙酯，所以D为CH3COOH，乙醇被催化氧化生成乙醛，乙醛被氧化生成乙酸，所以C为CH3CHO，A发生加聚反应生

成E，E为。(1)A为CH2=CH2，其中的官能团是碳碳双键，D为乙酸，官能团是羧基，反应①是乙烯与水的加成反应，故答案为碳碳双键；羧基；加成；(2)乙醇发生催化氧化反应生成乙醛，反应方程式为2CH3

CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；乙酸和乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯，反应方程式为CH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O，故答案为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；CH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O；(3)E为，合成E的

方程式为nCH2=CH2CH2－CH2，故答案为nCH2=CH2CH2－CH2；(4)①挥发出的乙酸、乙醇都极易溶于水，如果将导气管伸入液面下会导致倒吸，为了防止倒吸，导气管不能伸入液面下，故答案为防止倒吸；②乙醇与乙酸都易

挥发，制备的乙酸乙酯含有乙醇与乙酸，通常用饱和碳酸钠溶液吸收乙酸乙酯，反应掉挥发出来的乙酸，使之转化为乙酸钠溶于水中，溶解挥发出来的乙醇，降低乙酸乙酯在水中的溶解度，便于分层得到酯，故选BD。点睛：本

题考查有机物推断、乙酸乙酯的制备等知识点，为高频考点，侧重考查学生分析推断及实验操作能力，明确有机物官能团及其性质关系、实验操作方法是解本题关键，注意饱和碳酸钠的作用，为易错点。26.海洋资源的利用具有广阔前景。(1)下图是从海水中提取镁的简单流程。①工业上常用于沉淀Mg2+的试剂A是_

____________。②由无水MgCl2制取Mg的化学方程式是_______________。(2)海带灰中富含以I-形式存在的碘元素．实验室提取I2的途径如下所示：干海带海带灰滤液I2①灼烧海带至灰烬时所用的主要仪器名称是___________。②向酸化的滤液中加过氧化氢

溶液，写出该反应的离子方程式______________。③反应结束后，加入CCl4作萃取剂，采用萃取—分液的方法从碘水中提取碘，主要操作步骤如图：甲、乙、丙3步实验操作中，不正确的是_________(填“甲”、“乙”或“丙”)。【答案】(1).石灰乳或氧化钙(2).MgCl2MgCl

2+Cl2(3).坩埚(4).H2O2+2I-+2H+=I2+2H2O(5).丙【解析】【分析】(1)海水则加入氢氧化钙沉淀镁离子，过滤得到氢氧化镁沉淀，加入盐酸溶解得到氯化镁溶液，蒸发浓缩冷却结晶得到氯化镁晶体，在氯化氢气流中失去结晶水得到固体

氯化镁，再电解MgCl2可得Mg；(2)干海带灼烧后溶于水，充分溶解后过滤，在滤液中加入酸化过氧化氢氧化碘离子生成碘单质，加入四氯化碳萃取分液，最后蒸馏得到碘单质。【详解】(1)①工业上常用石灰乳或氧化钙沉淀Mg2+，CaO和H2

O反应生成Ca(OH)2，Ca(OH)2和镁离子反应生成Mg(OH)2；氢氧化镁和盐酸反应得到氯化镁和水，反应的化学方程式为：Mg(OH)2+2HCl=MgCl2+2H2O，则试剂A是石灰乳或氧化钙；②熔融状态下电解氯化镁

冶炼镁，电解反应方程式为MgCl2(熔融)MgCl2+Cl2↑；(2)①灼烧固体时所用的主要仪器名称是坩埚；②加入氢离子和过氧化氢起的作用为氧化剂，将碘离子转化为单质碘，离子方程式为2H++2I-+H2O2═I2+2H2O；③振荡、静置分层操持合理，而分离时先分离下层液体后倒出上层液体，

则丙图不合理。【点睛】考查海水资源的综合利用，涉及萃取剂的选取、氧化还原反应、方程式的配平等知识点，从整体上分析流程，知道每一步可能发生的反应及基本操作，再结合基本概念、基本理论是解答关键，其中分液漏斗中上层液体从漏

斗口倒出是易错点。