【文档说明】【精准解析】山东省济宁市2017-2018学年泗水二中高一（上）期末物理试题（解析版）.doc，共(14)页，495.500 KB，由小赞的店铺上传

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2017-2018学年山东省济宁市泗水二中高一（上）期末物理试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1.关于物体运动状态的改变，下列说法中正确的是（）A.运动物体的加速度不变，则其运动状态一定不变B.物体的位置在不断变化，则其运动状态一定在不断变化C.做直线运动的物体

，其运动状态一定不变D.运动物体的速度不变，其运动状态一定不变【答案】D【解析】加速度不变，一定具有速度的变化量，则运动状态一定变化，故A错误；物体的位置在不断变化，可能做匀速直线运动，运动状态不变，故B错误；做直线运动的物体，速度的大小可能改变，运动状态可能改变

，故C错误；物体的速度不变，则运动状态不变，故D正确．所以D正确，ABC错误．2.某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2．5s内物体的A.路程为65mB.位移大小为25m，方向向上C.速度改变量的大小为

10m/sD.平均速度大小为13m/s，方向向上【答案】AB【解析】【分析】【详解】初速度30m/s，只需要3s即可上升到最高点，位移为h1=302/20m=45m，再自由落体2s时间，下降高度为h2=0.5×10×22m=20m，故路程为65m，A对；此时离地面高

25m，位移方向竖直向上，B对；规定向下为正，此时速度为v=10×2m/s=20m/s，速度该变量为20m/s(30m/s)50m/sv=−−=，C错；平均速度为25m/5s=5m/s，D错．3.一物体自空中的A点以一定的初速

度向上抛出，1s后物体的速率变为10m/s，则此时物体的位置和速度方向可能是（不计空气阻力，210m/sg=）（）A.在A点上方，速度方向向下B.在A点下方，速度方向向下C.正在A点，速度方向向下D.在A点上方，速度方向向上【答案】D【解析】若无初速度抛出1秒后速度是向下的10m/s，题目

说是向上抛出一秒后，速率是10m/s则一定是向上的．D正确．4.下列说法正确的是（）A.摩擦力总是阻碍物体的运动或运动趋势B.运动的物体不可能受到静摩擦力的作用C.合力与分力是等效替代关系，受力分析时不能重复分析D.两个力的合力一定大于任一分力【答案

】C【解析】摩擦力总是阻碍物体的相对运动或相对运动趋势，选项A错误；运动的物体也可能受到静摩擦力的作用，例如随水平加速的传送带一起运动的物体，选项B错误；合力与分力是等效替代关系，受力分析时不能重复分析，选项C正确；两个力的合力不一定大于任一分力，选项D错误；故选C.5.某山洞内安装有如图所示的照

明装置，不可伸长的轻质细绳的两端分别固定在洞顶上的a点和b点，在绳上O点系一灯泡，且Oa段保持水平，Ob段与竖直方向成一定夹角，现对灯泡施加一个水平向右的拉力（O点位置始终不动），使灯泡缓慢向右移动一小段距离的过程中，下列说法正确的是（）A.Oa上的拉力

不断增大B.Oa上的拉力可能不变C.Ob上的拉力一定不变D.Ob上的拉力可能增大【答案】AC【解析】【分析】设灯泡为C，先选择灯泡为研究对象，开始时灯泡受到重力和绳子的拉力，所以绳子的拉力的合力等于灯泡的重力；设对灯泡施加一个水平向右的拉力后设OC与竖直方向之间的拉力为

θ，如图，则：cosCmgF=选择节点O点为研究对象，则O点受到三个力的作用处于平衡状态，受力如图由图可知，在竖直方向：F2沿竖直方向的分力始终等于重力，即FCcosθ=mg，而且F2的方向始终不变

，所以F2始终不变，故C正确，D错误；沿水平方向：F1的大小等于F2沿水平方向的分力与FC沿水平方向分力的和，由于FC沿水平方向分力随θ的增大而增大，所以F1逐渐增大，故A正确，B错误．所以AC正确，BD错误．【详解】6.一质点自x轴原点O出发，沿正方向以加速度a运动，经过t0时间速度变为

v0，接着以-a加速度运动，当速度变为02v−时，加速度又变为a，直至速度变为04v时，加速度再变为-a，直至速度变为08v−…，其v-t图象如图所示，则下列说法中正确的是（）A.质点一直沿x轴正方向运动B.质点将在x轴上一直运动，永远不会停止C.质点运动过程中离原点的最大距离为00vtD

.质点最终静止时离开原点的距离一定大于00vt【答案】C【解析】【分析】【详解】A.速度为矢量，质点在2t0时速度减为0，2t0之后质点反方向加速；图中物体的速度只有两个相反的方向，故物体时而沿x轴正方向运动，时而沿x轴负方向运动，来回往复，最终停

止，故A错误；B.由图象知，质点在x轴上第一次速度反向变为沿x负方向经历的时间为2t0，第二次速度反向变为沿x正方向经历的时间为t0，第三次速度反向变为沿x负方向经历的时间为0.5t0，第四次；依等比数列知质点停下来的总时

间为4t0，故B错误；C.由图象知，2t0时刻质点离原点的位移最大，由v-t图像面积知质点运动过程中离原点的最大距离为v0t0，故C正确；D.由图象知，质点每次速度反向运动的位移均小于之前运动的位移，故最终静止时离

开原点的距离一定小于v0t0，故D错误．7.如图所示，水平地面上固定一倾角为θ的光滑斜面，斜面顶端固定一轻质弹簧，弹簧另一端与A球相连，三个完全相同的小球A、B、C静止在斜面上，A、B、C间均由一轻质细线连接，弹簧与细线均平行于斜面，A、B间细线被烧断的瞬间（重力加速度为g），下列说法正确的是（）

A.A球的加速度沿斜面向上，大小为3gsinθB.B球的加速度沿斜面向下，大小为gsinθC.B球的加速度沿斜面向下，大小为2gsinθD.C球的加速度沿斜面向下，大小为gsinθ【答案】BD【解析】设三个完全相同的小球A、B、C的质量为m，对ABC整体分析，根据共点力平衡知，弹簧的弹力

F弹=3mgsinθ，烧断细线瞬间，对A球分析，由于弹簧弹力不能突变，弹簧弹力不变，由牛顿第二定律得：3mgsinθ﹣mgsinθ=maA，解得aA=2gsinθ，方向沿斜面向上，故A错误；以B、C组成的系统为研究对象，烧断细线前，B、C静止，处于平衡状态，合力为零，则

A、B间细线对B的拉力为2mgsinθ，烧断细线瞬间，由牛顿第二定律得，2mgsinθ=2maBC，解得：aBC=gsinθ，方向沿斜面向下，故C错误，BD正确．所以BD正确，AC错误．8.如图甲所示，物块A叠放在木板B上，且均处

于静止状态，已地面光滑，A、B间的动摩擦因数μ=0.2．现对A施加一水平向右的拉力F，测得B的加速度a与拉力F的关系如图乙所示，下列说法正确的是（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取（）A.当F＜24N时，A、B都相对地面静止B.当F＞24N时，A相对B发生滑动C.A的质量为4kgD.B的质量为2

kg【答案】BCD【解析】当A与B间的摩擦力达到最大静摩擦力后，A、B会发生相对滑动，由图可知，B的最大加速度为4m/s2，即拉力F＞24N时，A相对B发生滑动，当F＜24N时，A、B保持相对静止，一起做匀加速直线运动，故A错误，B正确；对B，根据牛顿第二定律得

：24/ABBmgamsm==，对A，根据牛顿第二定律得：24/AAAFmgamsm−==，其中F=24N，解得：mA=4kg，mB=2kg，故CD正确．所以BCD正确，A错误．二、实验题（本题包括2个

小题．共18分．把答案填在第5页答题处）9.某校研究性学习小组的同学用如图甲所示的滴水法测量一小车在斜面上运动时的加速度．实验过程如下：在斜面上铺上白纸，用图钉固定；把滴水计时器固定在小车的末端，在小车上固

定一平衡物；调节滴水计时器的滴水速度，使其每0.2s滴一滴（以滴水计时器内盛满水为准）；在斜面顶端放置一浅盘，把小车放在斜面顶端；把调好的滴水计时器盛满水，使水滴能滴入浅盘内；随即在撤去浅盘的同时放开小车，于是水滴在白纸上留下标志小车运动规律的点迹；小车到达斜面底端时立即将小车移

开。图乙为实验得到的一条纸带，用刻度尺量出相邻点之间的距离是x01=1.40cm，x12=2.15cm，x23=2.91cm，x34=3.65cm，x45=4.41cm，x56=5.15cm。试问：（1）滴水计时器的原理与课本上介绍的_______原理类似；（2）由纸带数据计算

可得计数点4所代表时刻的瞬时速度v4=___m/s，小车的加速度a=___m/s2。（结果均保留两位有效数字）【答案】(1).打点计时器(2).0.20(3).0.19【解析】【分析】【详解】（1）[1]滴水计时器的原理与课本上介绍的打点计时器原理类似；（2）[2][3]根据匀变速直线运

动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，则计数点4所代表时间的瞬时速度23445435(3.654.41)10m/s0.2015m/s0.20m/s20.2xxvt−++===根据匀变速直线运

动的推论公式2xaT=可以求出加速度的大小为()()56453423120129xxxxxxaT++−++=代入数据可得20.19m/sa10.某实验探究小组为了探究物体的加速度与所受合外力之间的关系，设计了如图a所示的实验装置．该实验小组成员用钩码的重力作为

小车所受的合力，用传感器测小车的加速度，通过改变钩码的数量，多次重复测量，可得小车运动的加速度a和所受合力F的关系图象，他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a－F图象，如图b所示．(1)

图b中的图象____________是在轨道右侧抬高的情况下得到的(填“①”或“②”)．当钩码的数量增大到一定程度时，图b中的图象明显偏离直线，造成此误差的主要原因是________．(2)小车和传感器接收器的总质量m＝________kg，小车和轨道间的动摩

擦因数μ＝________(g＝10m/s2)．【答案】(1).(1)①(2).所挂钩码的总质量太大(3).(2)0.5(4).0.2【解析】（1）由图象可知，当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右

端垫得过高．所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的．随着钩码的数量增大到一定程度时图（b）的图线明显偏离直线，造成此误差的主要原因是所挂钩码的总质量太大，不满足钩码的质量远远小于小车的质量这个条件．（2）根据F=ma得a-F图象的斜率k=1m，由a-F图象得图象斜率k=2，所以m=0.5

kg．由a-F图象②得，当F=1N时，物体即将要滑动，即最大静摩擦力等于1N，所以滑块和轨道问的动摩擦因数为：μ=Fmg=0.2点睛：对于实验我们要明确实验原理、具体实验操作以及数据处理等，同时要清楚每一项操作存在

的理由，只有掌握好了基本知识和基本方法才能顺利解决实验题目，所以要重视基本知识和基本方法的学习和训练．注意小车的拉力能等于重力的前提条件，并掌握图象斜率的含义．三、计算题（本题共4个小题，共42分．解答

应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题．答案中必须明确写出数值和单位）11.在竖直的井底，将一物块以11m/s的速度竖直地向上抛出，物块到达井口时被人接住，在被人接住前1s内物块的位

移是4m，位移方向向上，不计空气阻力，g取10m/s2，求：（1）物块从抛出到被人接住所经历的时间；（2）此竖直井的深度．【答案】(1)1.2s(2)6m【解析】（1）设人接住物块前1s时刻速度为v则有h′=vt′-gt′2即4m

=v-×10×12m解得：v="9"m/s则物块从抛出到接住所用总时间为.（2）竖直井的深度为h=="11×1.2"m-×10×1.22m="6"m思路分析：根据运动学规律以及公式解题试题点评：本题考查了竖直上抛运动的规律12.如图所示，AO是具有一定质

量的均匀细杆，可绕O点在竖直平面内自由转动。细杆上的P点与放在水平桌面上的圆柱体接触，圆柱体靠在竖直的挡板上而保持平衡。已知杆的倾角θ=60°，圆柱体的重力大小为G，竖直挡板对圆柱体的压力大小为2G，各处的摩擦都不计，试回答下列问题：(1)作出圆柱体

的受力分析图；(2)通过计算求出圆柱体对均匀细杆AO的作用力的大小和水平地面对圆柱体作用力的大小。【答案】(1)；（2）4G，3G【解析】【分析】本题考查受力平衡问题，对圆柱体进行受力分析，建立直角坐标

系，把力进行分解，水平方向和竖直方向所受合外力为零列公式求解。【详解】(1)对圆柱体进行受力分析，受力分析图如图所示，其中N1、N2、N3分别为桌面、挡板、细杆对圆柱体的弹力。(2)已知竖直挡板对球的弹力大小223NG=根据平

衡关系32sin60NN=34NG=由牛顿第三定律可得，圆柱体对均匀细杆AO的作用力的大小为4G。竖直方向的平衡关系为13cosNNG=+将数据代入得13NG=【点睛】受力分析的方法有∶力的合成分解、正交分解、矢量三角形和相似三角形，超过4个力（包括4个力）时一

般采用正交分解法。13.近年来环境污染日趋严重，济宁地区经常出现雾霾天气，严重影响了道路交通安全，因雾霾天气能见度极低，一辆轿车正以36km/h的速度匀速行驶，其驾驶员只能看清前方55m处以内的物体，求：（1）如果以大小为5m/s2的加速度刹车，刹车后3s内的

位移大小；（2）若驾驶员的反应时间为0.5s（从看到障碍物到开始减速的时间），为了避免撞上前方55m处的障碍物，驾驶员至少以多大的加速度刹车？【答案】(1)10m;(2)1m/s2【解析】试题分析：根据速度时间公式求出汽车是减为零的时间，判断汽车是否停止，再结

合位移公式求出刹车后的位移；在反应时间内汽车做匀速直线运动，根据位移的大小，结合速度位移公式求出刹车的最小加速度．（1）36km/h=10m/s，汽车速度减为零的时间0101025vtssa−−===−则刹车后3s内的位移等于2s内的位移，220

1010225vxmma===（2）汽车在反应时间内的位移x1=v△t=10×0.5m=5m，则刹车的最小距离为x2=55﹣5m=50m根据速度位移公式得，刹车的最小加速度22220210/1/2250vamsmsx===．点睛：本题主要考

查了运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动，对于第二问，知道汽车在反应时间内做匀速直线运动．14.如图所示，倾角为30°的光滑斜面与粗糙的水平面平滑连接．现将一滑块(可视为质点)从斜面上A点由静止释放，最终停在水平面上的C点．已知A点距水平面的高度h＝0.

8m，B点距C点的距离L＝2.0m．(滑块经过B点时没有能量损失，取g＝10m/s2)求：(1)滑块在运动过程中的最大速度；(2)滑块与水平面间的动摩擦因数μ；(3)滑块从A点释放后，经过时间t＝1.0s时速度的

大小．【答案】(1)vm＝4m/s(2)μ＝0.4(3)v＝3.2m/s【解析】试题分析：（1）滑块在斜面上时，对其受力分析，受到重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解出加速度，再根据运动学公式计算末速度；（2）对减速过程运用牛顿第二定律列式，再

运用速度位移公式列式，最后联立方程组求解；（3）先判断加速时间，再根据速度时间关系公式求解t=1.0s时速度的大小．解：（1）滑块先在斜面上做匀加速运动，然后在水平面上做匀减速运动，故滑块运动到B点时速度最大为，设

滑块在斜面上运动的加速度大小为：解得：（2）滑块在水平面上运动的加速度大小为解得：（3）滑块在斜面上运动的时间为得由于，故滑块已经经过B点，做匀减速运动设t=1.0s时速度大小为解得：考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系

；匀变速直线运动的速度与位移的关系．点评：本题关键先对滑块的加速和减速过程运用牛顿第二定律列式求解，再分别对两个过程运用运动学公式列方程联立求解．获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue

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