【文档说明】湖南省邵东县第十中学2020届高三上学期第三次月考物理试题含解析 【精准解析】.doc，共(19)页，880.500 KB，由小赞的店铺上传

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邵东十中高三第三次月考（物理）一、选择题（本题共计15小题，每题4分，共计60分）1.下列说法中正确的是（）A.超重时物体的重力增加B.物体惯性随速度的增大而增大C.力是维持物体速度的原因D.性质不相同的两个力不可能是一对相互作用力【答案】D【解析

】【详解】A.超重是物体对接触面的压力大于物体的真实重力，物体的重力并没有增加，故A错误．B.惯性只与质量有关，与运动状态无关，故B错误．C.力不是维持物体速度的原因，是改变速度的原因，故C错误．D.相互作用力的性质一定相同，故D

正确．2.太阳内部核反应的主要模式之一是质子-质子循环，循环的结果可表示为1401214HHe+2e+2v→，已知11H和42He的质量分别为P1.0078um=和4.0026um=，1u=931MeV/c2，c为光速．

在4个11H转变成1个42He的过程中，释放的能量约为A.8MeVB.16MeVC.26MeVD.52MeV【答案】C【解析】【详解】由2EmC=知()242peEmmmc=−−，2Emc==61916931101.610J910−

27311.710kg0.910kg−−，忽略电子质量，则：()241.00784.0026MeV26Euuc=−，故C选项符合题意；3.物块在轻绳的拉动下沿倾角为30°的固定斜面向上匀速运动，轻绳与斜面平行．已知物块与斜面之间的动摩擦因数为33，重力加速度取10m/s2．若轻绳能

承受的最大张力为1500N，则物块的质量最大为A.150kgB.1003kgC.200kgD.2003kg【答案】A【解析】【详解】T=f+mgsinθ，f=μN，N=mgcosθ，带入数据解得：m=150kg，故A选项符合题意4.“

蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海载入潜水器，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器．假设某次海试活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为v时开始计时，此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间t，上浮到海面，速度恰好减为零．则“蚊龙号”在00()ttt时刻距离海平面的深度为（）A

.2vtB.202vttC.0012tvtt−D.()202vttt−【答案】D【解析】【详解】蛟龙号上浮时的加速度大小为：vat=根据逆向思维，可知蛟龙号在t0时刻距离海平面的深度为：222000()11()222vttvhatttttt−=−=

−=（）；A．2vt，与结论不相符，选项A错误；B．202vtt，与结论不相符，选项B错误；C．0012tvtt−，与结论不相符，选项C错误；D．()202vttt−，与结论相符，选项D正确；5.两物体同时从同一位置

出发，二者的速度随时间变化的关系如图所示，下列说法正确的是A.2ts=时，两物体相遇B.相遇前，两物体在1ts=时两物体间距离最大C.1ts=时，两物体相距0.5mD.3ts=时，两物体相距1.5m【答案】D【解析】A．v-t图像

与坐标轴所围面积等于位移，由图可知，t=2s时，两物体位移不相等，没有相遇，故A错误；B．相遇前，两物体速度相等时距离最大，在t=2s时两物体间距离最大，故B错误；C．根据v-t图像与坐标轴所围面积等于位

移，t=1s时，两物体相距1.5m，故C错误；D．t=3s时，两物体相距1113324121.5222m−+=，故D正确．故选：D．6.如图所示，A、B两小球分别连在弹簧两端，B端用细线固定在倾角为30

°的光滑斜面上．A、B两小球的质量分别为Am、Bm，重力加速度为g，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为()A.都等于2gB.2g和0C.2ABBmmgm+和0D.0和2ABBmmgm+【答案】D【解析】【分析】试题分析：据题

意，线被剪断前，A、B均处于平衡状态，设弹簧对A的弹力为TA，对A有：mAgsin30°=TA，对B有：TA+mBgsin30°=T；剪断线后，由于弹簧具有瞬间保持弹力原值的特性，所以A物体受力情况依然为mAg

sin30°=TA，所以aA=0，而B物体细线拉力突变为0，但弹力保持原值，所以有TA+mBgsin30°=maB，则aB=2ABBmmgm+，所以D选项正确．考点：本题考查物体的平衡条件和弹簧弹力具有瞬间保持原值的特性．7.如图所示，在竖直平面内建立直角

坐标系xOy，该平面内有AM、BM、CM三条光滑固定轨道，其中A、C两点处于同一个圆上，C是圆上任意一点，A、M分别为此圆与y、x轴的切点．B点在y轴上且∠BMO＝60°，O′为圆心．现将a、b、c三个

小球分别从A、B、C点同时由静止释放，它们将沿轨道运动到M点，如所用时间分别为tA、tB、tC，则tA、tB、tC大小关系是()A.tA＜tC＜tBB.tA＝tC＜tBC.tA＝tC＝tBD.由于C点的位置不确定，无法比较时间大小关系【

答案】B【解析】对于AM段，位移x1＝2R，加速度14522mgsinagm＝＝，根据x＝12at2得，11124xRtag＝＝．对于BM段，位移x2=2R，加速度a2＝gsin60°＝32g，由x2＝12at2得，222283xRtag=＝．对于CM段，设CM与

竖直方向夹角为θ，同理可解得333222cos4cosxRRtagg＝＝=．故选B．8.如图所示，木块A叠放在木块B的上表面，木块B上表面水平，B的下表面与斜面间无摩擦，A与B保持相对静止一起沿斜面下滑过程中，斜面体C保持不动，下列判断正确的是()A.A木

块受到的摩擦力水平向右B.A对B的作用力方向竖直向下C.C与水平地面之间没有摩擦力D.C对地面的压力小于A、B、C重力之和【答案】D【解析】对AB整体研究，根据牛顿第二定律可得：a=gsinθ，把加速度分解，水平

方向：ax=gsinθcosθ，竖直方向2sinyag=，隔离A物体有：F静A=mAax=mAgsinθcosθ，方向向左，故A错误；A对B的压力竖直向下，A对B的摩擦力水平向右，A对B的作用力即为A对B的摩擦力

和压力的合力，根据平行四边形定则可知指向右下方，故B错误；选整体分析，由于A、B有向左的加速度ax，地面对C的摩擦力方向向左，故C错误；由于AB整具有向下的加速度2sinyag=，处于失重状态，所以地面对C的支持力小于A、B、C重力之和，故D正确．所以D正确，ABC错误．9.如图所示，一定质量的

物体通过轻绳悬挂，结点为O．人沿水平方向拉着OB绳，物体和人均处于静止状态．若人的拉力方向不变，缓慢向左移动一小段距离，下列说法正确的是（）A.OA绳中的拉力先减小后增大B.OB绳中的拉力不变C.人对地面的压力逐渐减小D.地面给人的摩擦力

逐渐增大【答案】D【解析】解：将重物的重力进行分解，当人的拉力方向不变，缓慢向左移动一小段距离，则OA与竖直方向夹角变大，OA的拉力由图中1位置变到2位置，可见OA绳子拉力变大，OB绳拉力逐渐变大；OA拉力变大，则绳子拉力水平方向分力变大，根据平衡条件知地面给人的摩擦力

逐渐增大；人对地面的压力始终等于人的重力，保持不变；故选D．【点评】本题考查了动态平衡问题，用图解法比较直观，还可以用函数法．10.如图所示，位于同一高度的小球A、B分别以v1和v2的速率水平抛出，都落在了倾角为30°的斜面上的C点，其中小球B恰好垂直打到斜面上，则v1与v2之比为A.1：

1B.3：2C.2：1D.2：3【答案】B【解析】【详解】小球A做平抛运动，根据分位移公式有：1xvt=212ygt=tan30yx=联立解得：132vgt=小球B恰好垂直打在斜面上，则有：22tan30y

vvvgt==解得：233vgt=综上可得：12:3:2vv=A．1：1，与计算不符，故A项错误；B．3：2，与计算相符，故B项正确；C．2：1，与计算不符，故C项错误；D．2：3，与计算不符，故D项错误．11.如图所示，质量相等的A、B两物体紧贴在匀速转动的圆筒的竖直内壁上，随圆筒

一起做匀速圆周运动，则下列关系中正确的是（）A.线速度的关系为ABvvB.运动周期的关系为ABTTC.它们受到的摩擦力大小关系为ABff=D.筒壁对它们的弹力大小关系为ABNN【答案】C【解析】【详解】A.由v=ωr知，ω相同，则线速度与半径成正比，A的半径大，则其线

速度大，故A错误．B.由题分析可知，A、B两物体的角速度相同，周期相同，故B错误．C.两个物体竖直方向都没有加速度，受力平衡，所受的摩擦力都等于重力，而两个物体的重力相等，所以可得摩擦力ABff=，故C正确．D.两个物体都做匀速圆周运动，由圆筒的弹力提供向心力，则N=mω2rm、ω相等，

N与r成正比，所以可知ABNN，故D错误．12.如图所示，用长为x0的细线拴住一个质量为m的小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动，细线与竖直方向的夹角为，重力加速度为g，不计空气阻力．下列说法中正确的是（）A.向心力的大小等于tanmgB.向心力是细线对小球的拉力

和小球所受重力的合力C.向心力的大小等于细线对小球的拉力D.小球受到重力、线的拉力和向心力三个力【答案】AB【解析】【详解】ABC.小球在水平面内做匀速圆周运动，对小球受力分析，如图小球受重力、和绳子的拉力，它们的合力总是指向圆心提供向心力，且向心

力的大小等于tanFmg=合故AB正确C错误．D.向心力不是实际受力，故D错误．13.如图所示,物体A和B的质量均为m,且分别与跨过定滑轮的轻绳连接(不计绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦),在用水平变力F拉物体B沿

水平方向向右做匀速直线运动的过程中()A.物体A也做匀速直线运动B.绳子拉力始终大于物体A所受重力C.绳子对A物体的拉力逐渐增大D.绳子对A物体的拉力逐渐减小【答案】BD【解析】【详解】AB．把B的速度vB分解为垂直绳子的v1和沿

绳子的vA，则物体A和B的速度关系为：cosBAvv=物体B沿水平方向向右做匀速直线运动，则A做变速运动，且随角度减小，速度逐渐增大，做加速运动，则绳子的拉力始终大于物体A所受重力，A错误，B正确；CD．

当物体B越往右运动，则在相等的时间内，A物体的速度变化量越来越小，则加速度越来越小，由牛顿第二定律有：Tmgma−=知绳子对A物体的拉力逐渐减小，C错误，D正确。故选BD。14.如图所示，在光滑水平面上有一质量为M的斜劈，其斜面倾角为θ，一质量为

m的物体放在其光滑斜面上，现用一水平力F推斜劈，恰使物体m与斜劈间无相对滑动，则斜劈对物块m的弹力大小为()A.cosmgB.cosmgC.()cosmFMm+D.()sinmFMm+【答案】BD【解析】

对（M+m）进行受力分析，由牛顿第二定律可知：F=（M+m）a得a=对m进行受力分析，则有重力与支持力的合力是水平方向，所以用平行四边形定则将两力合成．由三角函数关系可得：F支=/cosmg或者F支=()sinmFMm+，

故B、D正确15.如图所示，足够长的传送带以速度v1匀速运动，小物块P放在传送带的底端，t=0时刻小物块P在传送带底端具有速度v2．下列描述小物块P的速度随时间变化的图象可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】ABC【解析】【详解】A.若v2＞v1：物体冲上传送带后所受的滑动摩擦力沿斜面

向下，做匀减速运动，当其速度与传送带相同时，若最大静摩擦力f≥重力沿斜面向下的分力，则物体与传送带一起匀速运动，则A图是可能的，故A正确．B.若v2＞v1：物体先做匀减速运动，与传送带共速后，最大静摩擦力f＜重力沿斜面向下的分力，滑动摩擦力沿斜面向上，物体继续向

上做匀减速运动，加速度减小，速度减小零，向下做匀加速运动，根据牛顿第二定律知mgsinθ-μmgcosθ=ma知共速后加速度大小不变，则B图是可能的，故B正确．C.若v2＜v1：物体先做匀加速运动，与传送带共速后，最大静摩擦力f≥重力沿斜面向下的分力，物体与传送带一起匀速运动，

则C图是可能的，故C正确．D.若v2＞v1：物体先做匀减速运动，与传送带共速后，最大静摩擦力f＜重力沿斜面向下的分力，加速度将减小，则该图不可能，故D错误．二、填空题（每空2分，共16分）16.一同学用精度为0.05mm游标卡尺测一根金属管的深度h时，游标卡尺上的游标尺和主尺的相对位置如图甲所示，

则这根金属管的深度h=______cm【答案】3.060【解析】【详解】[1]主尺读数为：3cm，游标尺上第12个刻度与主尺对齐，因此读数为：12×0.05mm=0.60mm=0.060cm故最后读数为：3+0.060=3.060cm17.如图，一群处于n＝5能级的氢原子在向n＝

1的能级跃迁的过程中，放出____种频率不同的光子；放出的光子的最小能量为____eV.【答案】(1).10(2).0.31【解析】【详解】[1]根据2510C=，可知，放出10种频率不同的光子，从能级5跃迁到能级1放出的光子能量最大，从能级5跃迁到能级4放出的光子能量最小，即mi

n0.54(0.85)0.31eVE=−−−=．18.如图所示，是探究某根弹簧的伸长量X与所受拉力F之间的关系图：（1）弹簧的劲度系数是N/m（2）若弹簧原长l0=10cm，当弹簧所受F=150N的拉力

作用时（在弹性限度内），弹簧长度为l=cm．【答案】（1）1000．（2）25【解析】【详解】解：（1）图象斜率的大小表示劲度系数大小，故有k=2241041010Fx−==1000N/m．（2）根据F=kx，得当弹簧所受F

=150N的拉力作用时伸长的长度为x=1501000Fk=m=0.15m=15cm则弹簧长度为l=x+l0=25cm故答案为（1）1000．（2）25．考点：胡克定律．分析：本题考查了有关弹簧弹力与形变量之间关系的基础知识，利用胡克定律

结合数学知识即可正确求解．点评：胡克定律的应用注意形变量x既可以是弹簧的伸长量，也可以是弹簧的压缩量；还要注意胡克定律适用的条件为在弹性限度内．19.为了探究质量一定时加速度与力的关系．一同学设计了如

图甲所示的实验装置．其中M为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量．（滑轮质量不计）（1）实验时，一定要进行的操作或保证的条件是_______．A.用天平测出砂和砂桶的质量B.将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C.小车靠近打点计时器，先

释放小车，再接通电源，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数D.改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带E.为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M（2）该同学在实验中得到如图乙所示的一条纸带（相

邻两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为________（结果保留两位有效数字）．（3）以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度为纵坐标，画出的aF−图象是一条直线，

图线与横轴的夹角为，求得图线的斜率为k，则小车的质量为______A.2tanB.1tanC.kD.2k．【答案】(1).BD(2).1.3(3).D【解析】【详解】(1)[1]AE.本实验中细线的拉力由弹簧测力计直接测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使砂和

砂桶的质量m远小于小车的质量M，故AE错误．B.先拿下砂桶，然后将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故B正确；C.打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要同时记录弹簧测力计的示数，故C错误；D.要改变砂和砂桶质量，从而改变拉力

的大小，打出几条纸带，研究加速度随F变化关系，故D正确；(2)[2]由于两计数点间还有二个点没有画出，故相邻计数点的时间间隔为T=0.06s由△x=aT2可得：222(2.83.33.8)(1.41.92.3)101.3

m/s(30.06)a−++−++==(3)[3]由2F=ma得2Fam=对a-F图来说，图象的斜率2km=得：2mk=故D正确ABC错误．三、解答题（本题共计3小题，共计24分）20.如图所示，在光滑的水平面上，一个质量为3m的小球A

，以速度v跟质量为2m的静止的小球B发生碰撞．（1）若A、B两球发生的是完全非弹性碰撞，求碰撞后小球B的速度？（2）若A、B两球发生的是弹性碰撞，求碰撞后小球B的速度？【答案】（1）（2）【解析】【详解】（1）若为完全非弹

性碰撞，碰撞后两小球粘在一起具有相同的速度由动量守恒定律得：（2）若为弹性碰撞，则碰撞前后两小球的总动能不变，则有得：21.足够长光滑斜面BC的倾角53=，小物块与水平面间的动摩擦因数0.5=，水平面与斜

面之间的B点有一小段弧形连接，一质量m=2kg的小物块静止于A点．在AB段对小物块施加与水平方向成53=的恒力F作用，如图甲所示，小物块在AB段运动的速度-时间图象如图乙所示，到达B点后迅速撤去恒力F．已知sin530.8=，cos530.6=．（1）求小物块所受到的恒力F的

大小；（2）小物块从B点沿斜面向上运动之后返回，小物块能否返回到A点？若能，计算小物块通过A点时的速度；若不能，计算小物块停止运动时离A点的距离．【答案】(1)11N(2)不能回到A点，停止运动时，离A点的

距离为：3.6m【解析】【详解】(1)由图（b）可知，AB段加速度：2212.00m/s0.5m/s4.00vav−===−根据牛顿第二定律，有：cos--sinFmgFma=（）解得：20.

50.5210N11Nsin0.60.50.8mamgFcos++===++(2)因为斜面光滑，根据对称性可知，小滑块返回B点的速度与从A到B时速度大小相等，方向相反，根据图像可知AB1424

m2s==小物块从B向A运动过程中，有μmg=ma3解得a3＝μg＝0.5×10m/s2＝5m/s2滑行的位移：2232.0m0.4m<4m225vsa===不能回到A点，停止运动时，离A点的距

离为：△s=sAB-s=4.0-0.4=3.6m22.如图所示，将质量m=1kg的小物块从A点水平抛出，小物块恰好无碰撞地沿圆弧切线从B点进入竖直光滑圆弧轨道．B、C为圆弧的两端点，其连线水平，轨道最低点为O，小物块到达O点的速度大小33m/sv=，圆弧对应的圆心角106

=，圆弧半径R=1m，A点距水平面的高度h=0.8m，小物块第一次到C点时的速度大小和到B点时的速度大小相等．小物块离开C点后恰好能无碰撞地沿固定斜面滑至最高点D，小物块与斜面间的动摩擦因数13=，取sin530.8=，cos530.6=，g=

10m/s2，求：（1）小物块从A点水平抛出时的速度大小及到达B点时的速度大小；（2）小物块经过O点时，轨道对它的支持力大小；（3）斜面上C、D间的距离．【答案】(1)3m/s；5m/s(2)43N(3)

1.25m【解析】【详解】(1)对于小物块，由A到B做平抛运动，在B点竖直方向上有22yvgh=在B点时有Atan2yvv=解得vA=3m/s小物体在B点的速度为22BA5m/syvvv=+=(2)在O点由牛顿第二定律得2NvFmgmR−=解得FN=43N(3)物块沿斜面上滑时，有sin

53cos53mgmgma+=物块到达C点的速度vC=vB=5m/s斜面上C、D间的距离2C1.25m2vxa==