【文档说明】重庆市秀山土家族苗族自治县秀山中学校2023-2024学年高三上学期10月月考物理试题 含解析.docx，共(16)页，1.107 MB，由小赞的店铺上传

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重庆市秀山高级中学校高2024届2023年秋期10月月考物理试题卷满分：100分时间：75分钟一、选择题（本题共10小题，其中1-7题每题只有一个选项正确，每小题4分；8-10题每题有多个选项正确，全部选对得5分，选对但不全得3分，有错选得0分。共计43分）1.下列说法正确的是（）A.物理学中基本

单位只有七个B.滑动摩擦力的方向一定与该物体运动方向相反C.物体在恒力作用下可能做曲线运动D.做平抛运动的物体在相等时间内速率的变化相同【答案】C【解析】【详解】A．物理学中，选定七个物理量的单位作为国际单位制的基本单位，A错误；B．滑动摩擦力的方向一定与该物体相对运

动方向相反，B错误；C．物体在恒力作用下可能做曲线运动，如平抛运动，C正确；D．做平抛运动的物体在相等间隔内，速度的变化相同，但速率的变化定相同，D错误。故选C。2.甲、乙两辆车在同一水平直道上运动,其运动的位移-时间图像如图所示,则下列说法正确的是（）A.甲车先

做匀减速直线运动,后做匀速直线运动B.在0～10s内,乙车速度的大小一定比甲的大C.0～10s内,甲、乙两车相遇两次D.在0～4s内,甲、乙两车运动方向相反【答案】C在【解析】【详解】A．x-t图像的斜率表示速度，根据图像可知，甲车先做匀速直线运动，后静止

不动，A错误；B．x-t图像的斜率表示速度，根据图像可知，在0～10s内，乙车速度的大小先比甲的小，后比甲的大，B错误；C．两图线的交点表示相遇，根据图像可知，在0～10s内，甲、乙两车相遇两次，C正确；D．根据x-t图像斜率的正负表示速度方向

，知在0～4s内，甲、乙两车运动方向相同，D错误。故选C。3.小船要渡过两岸平行，宽度为d的一条河，假设河水流速及船在静水中的速度均恒定。若该船以最短航程的方式过河，其最短航程为2d；若以船头指向正对岸的方式过河，则渡河所通过

的路程是（）A.dB.3dC.2dD.5d【答案】D【解析】【详解】根据题意可知，当合速度方向与船速垂直时，航程最短，所以2scvddv=所以，速度2csvv=以船头指向正对岸的方式过河cdtv=沿河岸方向2sxvtd==渡河所通过的路程是22(2)5

xddd=+=总故选D。4.如图所示，天花板上用轻绳悬挂着质量为m的吊篮A，吊篮中放置着质量为2m的重物B，吊篮下方通过轻质弹簧与质量为3m的小球C相连，已知初始时整个装置处于静止状态，弹簧未超过弹性限度，重力加速度为g，则剪断轻绳瞬间

，各物体加速度为（）A.aA=4g，aB=gB.aA=2g，aB=2gC.aA=2g，aC=0D.aB=g，aC=g【答案】A【解析】详解】剪断轻绳之前，弹簧弹力F=3mg剪断轻绳瞬间，弹簧弹力不变，C球仍受力平衡，加速度为零，对A分析F＋mg=ma解得a=4g此时A

B分离，所以B只受重力，加速度为g。故选A。5.我国2021年发射的试验十号卫星，轨道Ⅱ与I、Ⅲ相切于A、B两点，如图所示。停泊轨道I距地面约200km，卫星沿轨道I过A点的速度、加速度分别为1v、1a；卫星沿转移椭圆轨道Ⅱ过A点的速度、加速度分别为2v、2a，过B点的速度、加速度

分别为3v、3a；同步轨道Ⅲ距地面约36000km，卫星沿轨道Ⅲ过B点的速度、加速度分别为4v、4a。关于试验十号卫星，下列说法正确的是（）A.12aa，12vvB.23aa，23vv=C.34aa=，34vvD.24aa=，24vv【答案】C【【解析

】【详解】AD．根据牛顿第二定律可得2GMmmar=可知加速度1234aaaa==AD错误；B．卫星沿转移椭圆轨道Ⅱ运行时A点为近日点，B点为远日点，故v2>v3B错误；C．卫星由转移椭圆轨道Ⅱ经B点到轨道Ⅲ需要加

速，故v3<v4C正确。故选C。6.蹦床表演的安全网如图甲所示，网绳的结构为正方形格子，O、a、b、c、d等为网绳的结点，安全网水平张紧后，运动员从高处落下，恰好落在O点上。该处下凹至最低点时，网绳dOe、bOg均为120，如图乙所示，此时O点受到向下的冲击力大小为2F，则这时

O点周围每根网绳承受的张力大小为（）A.2FB.FC.2FD.4F【答案】B【解析】【详解】因为网绳完全相同，并且构成的是正方形，网绳dOe，bOg张角均为120°。设每根网绳承受的张力大小为T，则有4Tcos60∘=2F解得T=F故选B。7.如图所示，50个大小相同、质量均为m

的小物块，自下而上编号分别为1、2、3……50，在平行于斜面向上的恒力F作用下一起沿斜面向上运动。已知斜面固定且足够长，倾角为30°，各物块与斜面的动摩擦因数相同，重力加速度为g，则第30个小物块对第31个小物块的作用力大小为（）A.25FB.35FC.220

5mgF+D.因为动摩擦因数未知，所以不能确定【答案】A【解析】【详解】对50个物体的整体由牛顿第二定律50cos3050sin3050Fmgmgma−−=对上面的20个物体20cos3020sin3020Tmgmgma−−=联立解得25T

F=故选A。8.如图所示，自动卸货车静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下，缓慢增大倾角的过程中，货物m相对车厢始终静止，下列说法正确的是（）A.货物对车厢的作用力不变B.货物受到车厢的摩擦力变大C.地面对货车的支持力不变D.地面对货车的摩擦力增大

【答案】ABC【解析】【详解】A．货物处于平衡状态，则车厢对货物的作用力适中与货物的重力平衡，保持不变，A正确；B．货物处于平衡状态，则有f=mgsinθ随着θ增大时，f增大，B正确；CD．对货车整体受力分析，只受重力与支持力，水平方向没有外力作用

，故货车不受摩擦力；根据平衡条件可知地面对货车支持力不变，C正确，D错误。故选ABC。9.如图甲所示，在粗糙程度处处相同水平地面上，物块在水平向右的力F作用下由静止开始运动。物块的速度v与时间t的关系如图乙所示。由图像可知（）A.在0~2s内，力F逐渐变小B.在0~2s

内，力F逐渐变大C.在2s~4s内，力F可能为零D.在4s~6s内，力F可能为零【答案】AD【解析】【详解】AB．vt−图像上图线的斜率表示加速度，则可知在0~2s内，物体的加速度逐渐变小，由牛顿第二定律，有Fmgma−=得Fmgma=+可知拉力F逐渐变小，A正确，B错误；C．在

2s~4s内，物体做匀速直线运动，则Fmg=所以力F不可能为零，C错误；的的D．在4s~6s内，物体做匀减速直线运动，加速度保持不变，对物块由牛顿第二定律mgFma−=或mgma=可得，力F可能为零，D正确。故选AD。10.如图所示，某时刻长木板

以4m/s的初速度水平向左运动，可视为质点的小物块以4m/s的初速度水平向右滑上长木板．已知小物块的质量为m=0.1kg，长木板的质量为M=1.5kg，长木板与地面之间的动摩擦因数为μ1=0.1，小物块与长木板之间的动摩擦因数为μ2

=0.4，重力加速度大小为g=10m/s2，最终小物块未滑离长木板，下列说法正确的是()A.小物块向右减速为零时，长木板的速度为1.3m/sB.小物块与长木板相对静止时，速度为2m/sC.长木板的最短长度为6

mD.当小物块与长木板一起运动时，小物块不受摩擦力作用【答案】BC【解析】【详解】A．根据牛顿第二定律对长木板有122()mMgmgMa−+−=可得224m/s3a=−小物块的加速度2124m/sag=−=−小物块速度减小到0经历时间为111svta==此

时木板向左的位移为21121110m23xvtat=+=木板的速度1218m/s3vvat=+=故A错误；B．小物块向右运动的位移为2102m2vxt+==此后，小物块开始向左加速，加速度大小为2324m/sag==木板继续减速，加速度仍为224m/s3a=−，假设又经历2t时间二者

速度相等，则有32122atvat=+解得20.5st=此过程木板位移23122217m26xvtat=+=速度31222m/svvat=+=故B正确；C．小物块的位移243210.5m2xat==二者的相对位移为1234()()6mxxxxx=++−

=所以木板最小的长度为6m。故C正确；D．此后木块和木板一起匀减速运动，因此小物块要受到水平向右的静摩擦力，故D错误。故选BC。二、实验题（本大题共2小题，共计15分）11.在做“研究平抛物体的运动”的实验中，为了确定小球在不

同时刻所通过的位置，实验时用如图所示的装置，先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平木板表面钉上复写纸和白纸，并将该木板竖直立于槽口附近处，使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹A；将木板向远离槽口

平移距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞在木板上得到痕迹B；又将木板再向远离槽口平移距离x，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，再得到痕迹C．若测得木板每次移动距离x=10.00cm，A、B间距离y1=4.78cm，B、C间距

离y2=14.58cm．（g取9.80m/s2）①根据以上直接测量的物理量得小球初速度为v0=______（用题中所给字母表示）②小球初速度的测量值为______m/s．（保留两位有效数字）【答案】①.x21g

yy−②.1.0【解析】【详解】①[1]竖直方向：小球做匀加速直线运动，根据推论△x=aT2得y2-y1=gT2得：T=21yyg−水平方向：小球做匀速直线运动x=v0T，则有v0=xT=x21gyy−②[2]x=10.00cm=0.1m，A、B间距离y1=4.78cm，B、C

间距离y2=14.58cm；将数据代入公式：v0=x21gyy−=0.1×9.80.14580.0478−m/s=1.0m/s解得v0=1.0m/s12.某同学利用气垫导轨、光电门和力传感器等器材，做“探究加速度与物体所受合力关系”实验，装置如图甲所示。

（1）实验前先用螺旋测微器测出遮光条的宽度，示数如图乙所示，则遮光条的宽度d=_____mm。（2）关于实验要点，下列说法正确的是_______。A.调整旋钮PQ、，使气垫导轨水平B.调节定滑轮，使连接滑块的细线与气垫导轨平行C.每次实验，保证钩码的质量远小于滑块的质量D.每次实验，将钩码

的重力作为滑块受到的合外力（3）调节好装置，接通气源，从图甲所示位置由静止释放滑块，滑块通过光电门1、2时遮光条遮光时间分别为12tt、，测出两光电门间距离为x，则滑块运动的加速度=a______（用所测物理量的符号表示）。（4）改变悬挂钩码的

质量，进行多次实验，测出多组滑块运动的加速度a及力传感器的示数F，若作出的图像如图丙所示，则图像不过原点的原因可能是__________。（写出一条即可）【答案】①.1.200②.AB③.22221112dxtt−④.气垫导

轨不水平，左端偏高（或右端偏低）【解析】【分析】【详解】（1）[1]螺旋测微器的示数为1mm0.01mm20.01.200mmd=+=。（2）[2]AB．实验中细线的拉力大小等于滑块的合力，所以需要细线与导轨均水平，故A、B正确；C．由于实验中有力传感器直接测出细线上的拉力，因此不需要

满足每次实验，保证钩码的质量远小于滑块的质量，C项错误；D．同时也不需要将钩码的重力作为滑块受到的合外力，D项错误。故选AB。（3）[3]滑块经过两光电门时的速度分别为由11dvt=22dvt=22212vvax−=解

得22221112daxtt=−（4）[4]若作出的图像如图丙所示，说明气垫导轨不水平，左端偏高（或右端偏低）。三、解答题（本大题共3小题，共计42分）13.一辆汽车在平直路面上以20m/s的速度匀速行驶，当发现前车突然停止后立刻以4m/s2的加速度

刹车．求：（1）该汽车在开始刹车后第3s末的速度的大小；（2）该汽车在开始刹车后8s内的平均速度的大小．【答案】（1）8m/s（2）6.25m/s【解析】【详解】(1)汽车停止时间：0020s5s4vta===故第3秒末

的速度：02043m/s8m/svvat=−=−=(2)汽车的刹车位移为：2050m2vxa==故8s内的平均速度为：50m/s6.25m/s8xvt===14.宇航员在某星球表面将一小钢球以某一初速度竖直向上抛出，测得小钢球上升的最大高度为h，小钢球

从抛出到落回星球表面的时间为t．不计空气阻力，忽略该星球的自转，已知该星球的半径为R（R远大于h），该星球为密度均匀的球体，引力常量为G．求：（1）该星球表面的重力加速度；（2）该星球的密度；（3）该星球的第一宇宙速度。的【答案】（1）28ht；（2）26hG

tR；（3）8hRt【解析】【详解】（1）根据竖直上抛运动的对称性可知小球上升、下落过程的时间均为2t，根据自由落体运动公式，有2122thg=解得该星球表面的重力加速度28hgt=（2）静止在该星球表面的物体，根据

重力等于万有引力，有2MmGmgR=解得星球的质量228hRMGt=星球的体积343RV=故该星球的密度26==MhVGtR（3）根据万有引力提供向心力，有212vMmGmRR=解得第一宇宙速度18=hRvt15.如图所示为某物理兴趣小组所设计的游戏

装置示意图。质量0.05kgm=的小钢珠（视为质点）用长度0.2mL=的轻绳拴着在竖直面内绕O做圆周运动。钢珠在A处时轻绳恰好被拉断，之后钢珠以m/s1Av=的速度水平抛出，不计空气阻力，钢珠飞出后恰好从B处无碰撞切入一倾角为45=的斜面上，从C

处小圆弧以2m/s的速度水平抛出，已知抛出点距地面高为10.45mh=，钢珠在抛出后将与地面发生碰撞，碰撞前后速度水平分量不变，速度的竖直分量大小变为碰撞前速度竖直分量的45，方向相反，若钢珠在第一次碰撞前恰好掠过高为20.25mh=的挡板D，之后经过一次碰撞又恰好掠过

高为30.25mh=的挡板E，最后打中位于F处的电灯开关（开关大小不计，可视为点），重力加速度的大小取210m/s=g。求：（1）钢珠在A处时对轻绳的拉力TF；（2）A、B的竖直距离h；（3）开关F以

及挡板D、E距抛出点C可能的水平距离Fx、Dx、Ex。【答案】（1）0.75N；（2）0.05m；（3）0.4mDx=，1.56mFx=，0.91mEx=或1.25m【解析】【详解】（1）钢球经过A点时绳刚好断开，由牛顿第二定律有2T-vFmgmL=解得T0.75

NF=根据牛顿第三定律，钢球在A处时对轻绳的拉力为0.75N；方向竖直向下。钢球从A到B做平抛运动，因为在B处恰好飞入所以该点的速度方向为沿斜面向下，可知1tan45yvv=得钢球在B处速度的竖直分量为1m/syv=则A、B的竖直距离为20.

05m2yvhg==（3）钢珠自C到掠过挡板D所用的时间为()12120.2shhtg−==所以D距C的水平距离为10.4mDCtxv==钢珠从飞出至第一次落地过程所需的时间为1220.3shtg==此时竖直方向的速度

123m/syvgh==第一次碰地后反弹的竖直方向分运动1422.4m/s5yvgh==第一次碰地后到最高点的时间30.24syvtg==最高点的高度20.288m2yvhg==落到F点用时2320.78sttt=+=所以F距C的水平距离为1.56mFC

xvt==挡板E有两种情况：①如图所示情况：钢珠从挡板E上升到最高点的时间342()0.087shhtg−==此种情况钢珠所经历的时间为2430.453stttt=−=+所以E距C的水平距离为20.91mECxvt=

=②如图所示情况下：钢珠所经历的时间为2430.627stttt=+=+所以E距C的水平距离为获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com