【文档说明】吉林省长春一中2020-2021学年高一上学期期中考试物理试题 含答案.doc，共(8)页，199.000 KB，由小赞的店铺上传

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绝密★启用前吉林省长春市第一中学高一物理期中考试考试范围：必修一第一二章；考试时间：90分钟；命题人：学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必

须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。第I卷（选择题）一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）1.如图所示，将一个钢球分别放在量杯、口大底小的普通茶杯和三角烧杯中，钢球在各容器的底部与侧壁相接触

，处于静止状态．若钢球和各容器都是光滑的，各容器的底部均水平，则以下说法中正确的是()A.各容器的侧壁对钢球均无弹力作用B.各容器的侧壁对钢球均有弹力作用C.量杯的侧壁对钢球无弹力作用，其余两种容器的侧壁对钢球均有弹力作用D.口大底小的普通茶杯的侧壁对钢球有弹力作用，其余两种

容器的侧壁对钢球均无弹力作用2.一个做直线运动的物体，在t=6s内速度从v0=10m/s增加到v1=18m/s，通过的位移大小x=90m，则这个物体6s内的平均速度大小是A.15m/sB.16m/sC.14m/sD.无法确定3.四辆小车从同一地点向同一方向运动的位置和速度随时间变化的情况

如图所示，下列说法正确的是A.甲车做直线运动，乙车做曲线运动B.这四辆车均从静止开始运动C.在0～t2时间内，丙、丁两车在t2时刻相距最远D.在0～t2时间内，丙、丁两车间的距离先增大后减小4.在离地高h处,沿竖直方向向上和向下抛出两个小球

,它们的初速度大小均为v,不计空气阻力,两球落地的时间差为（）A.B.C.D.5.下列说法正确的是（）A.重力的方向总是竖直下的,所以地球上所有物体的重力方向彼此平行B.挂在绳上处于静止的物体,受到绳的拉力是由于物体的形变引起的C.静摩擦力不仅能产生于两个

静止的物体之间,也以产生于两个运动的物体之间D.当接触面粗糙的两个物体间相对滑动停止后,则两物体之间的动摩擦因数变为零6.用轻弹簧竖直悬挂质量为m的物体,静止时弹簧伸长量为L,現用该弹簧沿斜面方向拉住质量为4m的物体,系统静止时弹簧伸长量也为L

，斜面倾角为30°，如图所示，则物体所受摩擦力（）A.等于零B.大小为mg,方向沿斜面向下C.大小为mg,方向沿斜面向上D.大小为mg,方向沿斜面向上7.如图所示，物体在四个共点力作用下保持平衡，撤去F1而保持其他三个力不变，则此

时物体的合力FA.等于F1，方向与F1相同B.等于F1，方向与F1相反C.大于F1，方向与F1相同D.大于F1，方向与F1相反二、多选题（本大题共5小题，共20.0分）8.做自由落体运动的物体，下列说法正确的是：A.重的物体比轻的物体

下落的加速度大。B.前1s内、前2s内、前3s内的位移之比为1:3:5。C.自由落体加速度与地理位置有关。D.伽利略通过逻辑推理推翻了亚里士多德的落体理论。9.下列说法正确的是A.物体的运动速度变化量越大，加速度一定越大B.物体的运动速度变化越快，

加速度一定越大C.加速度越大，物体速度一定越大D.加速度变大，速度可能变小10.一个向正东方向做匀变速直线运动的物体，在第3s内产生的位移为8m，在第5s内产生的位移为0，则关于物体运动描述正确的是A.物体运动的加速度大小为4m/s2，方向向西B.物体第3s末的速度为8m/sC.物体前3s

的平均速度为12m/sD.物体5s末回到了出发点11.如图所示，在一个桌面上方有三个金属小球a、b、c，离桌面高度分别为h1：h2：h3=3：2：1，若先后顺次释放a、b、c，三球刚好同时落到桌面上，不计空气阻力，则（）A.三者到达桌

面时的速度之比是：：1B.三者运动时间之比为3：2：1C.b与a开始下落的时间差小于c与b开始下落的时间差D.b与a开始下落的时间差大于c与b开始下落的时间差12.如图所示，楔形物块A放在斜面B上，斜面B放置在水平地面上

，物块A上端用绳子拴在天花板上，绳子处于竖直伸直状态，A、B均保持静止，则A物体可能受到几个力的作用A.2个B.3个C.4个D.5个第II卷（非选择题）三、填空题（本大题共2小题，共14.0分）13.为了测定木块A和木板B之间的动摩擦因数，某同学设计了一个实验，图

甲为其实验装置示意图．该同学在实验中主要操作有：A．用弹簧测力计测出木块A的重力为G=6.00N；B．用弹簧测力计测出木板B的重力为G'=9.25N；C．按图甲的装置安装器材，安装过程中用手按住木块和木板；D．松开按住木块和木板的手，让其运动，并即刻读出弹簧测力计的示数（1）该同学的上述操作中有

一个步骤是多余的，有一个步骤存在错误．多余的步骤是______，存在错误的步骤是______．（2）存在错误的步骤应该修改为：______．（3）按正确方法重新操作，弹簧测力计的示数如图乙所示，其示数为______N．（4）根据该同学的测量数据，可得到木块

A和木块B之间的动摩擦因数为______．14.物体做匀加速直线运动,在一段路程的起点速度为v1，在这段路程的终点的速度为v2,那么在这段路程中点的速度大小是_________，这段过程的平均速度是__________。四、计算题（本

大题共4小题，共38.0分）15.如图所示，离地面足够高处有一竖直空管，管长为l=0.2m，M、N为空管的上、下两端面。空管以恒定的速度向下做匀速直线运动，同时在距空管N端面正下方d=0.25m处有一小球开始做自由落体运动，取g=10m/s2。求：（1）若经过t1=0.

2s，小球与N端面等高，求空管的速度大小v0；（2）若经过t2=0.5s，小球在空管内部，求空管的速度大小v0应满足什么条件；（3）若小球运动中未穿过M端面，为使小球在空管内部运动的时间最长，求v0的大小，并求出这个

最长时间。16.有两个大小不变的共点力，它们的合力大小F合随两力夹角变化情况如图所示，则两力的大小各为多少？17.有一个做匀变速直线运动的质点，它在两段连续相等的时间内通过的位移分别为24m和64m，连续相等的时间为4s，求质点

的初速度和加速度的大小．18.甲车以的速度匀速运动，在某时刻经过乙车身边，此时乙车的速度为，加速度为，若甲乙两车运动方向相同，公路是平直的，问：（1）当乙车速度多大时，乙车落后于甲车的距离最大？这个距离是多少（2）当乙车的速度多大时，乙车追上甲车?乙车追上甲车所需的时间是多

少答案和解析1.【答案】A【解析】【分析】解决本题的关键掌握弹力有无的判断，要知道接触不一定产生弹力，难度不大，属于基础题。【解答】如果将各容器的侧壁去掉，我们可以知道钢球还能处于静止状态，所以各容器的侧壁对钢球均

无弹力作用，故A正确，BCD错误。故选A。2.【答案】A【解析】【分析】根据平均速度的定义：平均速度等于位移与所用时间的比值求解。求解平均速度时，此公式只适用于匀变速直线运动，但用于所有变速直线运动，包括匀变速直线运动。【解答】解：由平均速度公式得，，故A正确，BCD错误。故选A。3.【答案】C

【解析】【分析】在位移-时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度，图象的交点表示位移相等；在速度-时间图象中，斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示位移。要求同学们能根据图象读出有用信息，关键要研究图象斜率的物理意义，

注意位移-时间图象和速度-时间图象的区别。【解答】A.x-t图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，甲车做匀速直线运动；在速度-时间图象中，斜率表示加速度，丙车做匀变速直线运动，故A错误；B.x-t图象的斜率表示速度，v-t图象的斜率表示加速度，故乙车做减速直线运动，甲车做匀速直线运动，

则甲不是从静止开始运动，故B错误；C.由图象与时间轴围成的面积表示位移可知：丙、丁两车在t2时刻面积差最大，所以相距最远，故C正确；D.在0～t2时间内，丁的速度大于丙的速度，两车间的距离一直增大，故D错误。故选C。4.【答案】

A【解析】【分析】小球都作匀变速直线运动，机械能守恒，可得到落地时速度大小相等，根据运动学公式表示运动时间，得到落地时间差。本题关键要明确两球运动中机械能守恒，要理清过程中的速度关系，写出相应的公式，分析运动的

关系。【解答】由于不计空气阻力，两球运动过程中机械能都守恒，设落地时速度为v′，则由机械能守恒定律得：则得：，所以落地时两球的速度大小相等。对于竖直上抛的小球，将其运动看成一种匀减速直线运动，取竖直向上为正方向，加速度为-g，则运动时间为：对于竖直下抛的

小球，运动时间为：故两球落地的时间差为：故A正确，BCD错误。故选A。5.【答案】C【解析】【分析】重力的方向总是竖直向下；弹力是施力物体的形变引起的；动摩擦因数由接触面的材料和粗糙程度决定。本题考查了重力、弹力、摩擦力的大小、方向和

性质，记住基础知识即可，简单题目。【解答】A.重力的方向总是竖直向下的，但地球是球体，所以地球上不同位置的物体的重力作用线彼此不平行，故A错误；B.弹力是施力物体的形变引起的，挂在绳上处于静止的物体，受到绳的拉力是由于绳子的形变引起的，故B错误；C.静摩擦力不仅能

存在于两静止物体之间，也可以存在于两个运动物体之间，但两个物体要相对静止；故C正确；D.两物体之间的动摩擦因数与接触面的材料和粗糙程度有关，与相对速度无关，故D错误。故选C。6.【答案】D【解析】【分析

】弹簧竖直悬挂物体时，对物体受力分析，根据共点力平衡条件求出弹簧拉力；物体放在斜面上时，再次对物体受力分析，然后根据共点力平衡条件求出摩擦力。本题关键对物体受力分析，然后运用共点力平衡条件分别对沿斜面和垂直于斜面进行分析列式求解。【解答】弹簧

竖直悬挂物体时，对物体受力分析，根据共点力平衡条件F=mg①，根据胡克定律F=kL②，物体放在斜面上时，再次对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件，有F′+f-4mgsin30°=0③，其中F′=kL④，由以上四式解得

f=mg，方向沿斜面向上，故D正确，ABC错误。故选D。7.【答案】B【解析】略8.【答案】CD【解析】【分析】自由落体的加速度是重力加速度g，与物体的重力无关；由初速度为零的匀加速直线运动的推论可以判定B选项；在地球上不同纬度的地方，自由落体的加速度一

般不同；伽利略通过逻辑推理推翻了亚里士多德的落体理论。要熟练掌握初速度为零的匀加速直线运动的推论及自由落体运动的加速度【解答】A.在同一地点，轻、重物体的重力加速度g相同，故A错误；B.根据知，前1s内、前2s内、前3s内的位移之

比为1：4：9，故B错误；C.在地球表面，随纬度的升高，重力加速度增大，故C正确；D.伽利略通过逻辑推理推翻了亚里士多德的落体理论，故D正确。故选CD。9.【答案】BD【解析】【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速

运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动。解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系。【解答】A.根据知，速度变化量越大，加速度不一定大，故A错误；B.加速度是反映速度变化快慢的

物理量，速度变化越快，加速度越大，故B正确；C.加速度反应物体速度变化的快慢，加速度越大说明物体的速度变化越快，速度不一定越大，故C错误；D.物体的加速度变大，如果加速度方向与速度方向相反，速度在减小，

故D正确。故选BD。10.【答案】AC【解析】【分析】本题考查了匀变速直线运动的综合应用，本题的关键是要知道突破口是第4.5秒末速度为零。根据运动学公式，结合第4.5秒末速度为零的特点，即可列式计算出加速度，再根据相关公式即可解答。【解答】A.因为物体在第5s内的位移为零，结合运动的

对称性知，物体在4.5s末速度为零，根据平均速度推论知，第3s内的位移为8m，则第3s内的平均速度为8m/s，可知2.5s末的瞬时速度为8m/s，可知加速度，故A正确；B.由v=v0+at可知，v0=18m/s，所以第3s末v3=v0+at3=6m

/s，故B错误；C.，故C正确；D.由位移和时间的关系，以及对称性可知，0-5s，位移不为零，应该在第9秒末回到出发点，故D错误。故选AC。11.【答案】AC【解析】【分析】三个小球均做自由落体运动，则由自由落体的运动规律得出通式，则可求得各项比值。自由落体运动由于是初速度为零的匀加

速直线运动，在公式应用中有一定的便利，故一般会在过程上有些复杂，解题时要注意过程的分析。【解答】A.设h3=h，则由v2=2gh，得：v=，得到达桌面时的速度之比：v1：v2：v3=：：1，故A正确；B.由t=得三者运动时间

之比：t1：t2：t3=：：1，故B错误；CD.b与a开始下落时间差为：Δt1=（-），c与b开始下落时间差为：Δt2=（-1），故Δt1＜Δt2，故C正确，D错误。故选AC。12.【答案】ABC【解析】【分

析】本题考查共点力的平衡条件下的弹力的判断，要注意隔离法的正确应用；同时明确有摩擦力时一定有弹力。隔离对A分析，根据平衡条件判断绳子拉力的有无，再分情况讨论AB间受力情况，则可判断物体可能的受力情况。【解答】A.对A物体分析，若绳子的拉力等于A的重力，则A对B没有压力；故A可能受两个

力；故A正确；B.若拉力为零，则物体受重力、支持力和摩擦力而处于平衡状态；可能受三个力；故B正确；CD.若拉力小于重力，则AB间有弹力的作用，根据共点力的平衡条件可知，若AB间没有摩擦力，则A不可能平衡；故AB间一定有摩擦力；故A受4个

力；故C正确，D错误。故选ABC。13.【答案】B；D；松开按住木块和木板的手，让其运动，待木块静止后读出弹簧测力计的示数；2.10；0.35【解析】解：（1）要测量木块A和木板B之间的动摩擦因数，由摩擦力的公式Ff=μFN知μ=，所以要知道滑动摩擦力的大小和A对B的压力的大小，A对B的压力和A的

重力相等，所以需要知道A的质量，但B的重力没有用，所以不需要知道B的质量，多余的步骤是B．通过弹簧秤的示数来测量滑动摩擦力的大小，当物体刚开始运动时，示数不稳定，此时读数带来的误差较大，所以步骤D错误，（2）正确的做

法应该是：松开按住木块和木板的手，让其运动，待木块静止后读出弹簧测力计的示数．（3）由弹簧秤可以直接读出为2.10N，（4）μ===0.35，故答案为：（1）B；D（2）松开按住木块和木板的手，让其运动，待木块静止后读出弹簧测力计的示数．（3）2.10（4）0.35．知道本实验的原理是做这

道题的关键，要求摩擦因数，由μ=可知，只需要知道摩擦力和压力的大小，压力的大小和A的重力相等，在测摩擦力大小的时候要注意不能立即读数，要等到木块稳定后再读数．本题考查的是学生对滑动摩擦力和滑动摩擦因数的理解，动摩擦因数与物体的接触面

积无关，只与接触面的材料和粗糙程度有关．14.【答案】【解析】【分析】根据速度位移公式求出这段路程中点C的速度，根据匀变速直线运动的平均速度推论求出AB段这段过程中的平均速度。解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简

捷。【解答】设中点C的速度为v，根据速度位移公式得：，，联立方程组解得中点C的速度为：；根据平均速度推论知，物体在这段路程上的平均速度为：。故答案为：，。15.【答案】解：（1）当球与N点等高时，则：得：v0=2

.25m/s（2）若v0最小时，球恰好运动到与N点等高，则：得：v0=3m/s若v0最大时，球恰好运动到与M点等高，则：得：v0=3.4m/s故：3m/s≤v0≤3.4m/s（3）当时间最长时，球运动到M处恰好与管共速

，则：v0=gt4解得：v0=3m/s小球与N点等高时，则：解得：t=0.1s或t=0.5s则：tm=△t=0.5s-0.1s=0.4s答：（1）若经过t1=0.2s，小球与N点等高，空管的速度大小是2.25m/s；（2）若经过t2=0.5s，小球在空管内部，空管的速度

大小v0应满足条件3m/s≤v0≤3.4m/s；（3）为了使小球在空管内部运动的时间最长，v0的大小是3m/s，这个最长时间是0.4s。【解析】本题考查了匀变速直线运动的规律，关键理清空管和小球的运动情况，抓住相等的量，运用运动学公式灵活求解。（1）小球做自由落

体运动，而空管做匀速运动，由位移公式与位置关系即可求出；（2）小球做自由落体运动，空管做匀速运动，由位移公式与位置关系，结合两个临界条件即可求出．（3）求出空管落地的时间，小球要落入空管内，判断出小球在空管落地的时间内的位移必须满足的条件，根据匀变速直线

运动的位移时间公式求出小球的初速度范围。16.【答案】解：设两力大小分别为F1、F2由图象知，当θ＝180°时，有|F1－F2|＝4N当θ＝0时，有F1＋F2＝12N解得F1＝8N，F2＝4N(或F1＝4N，F2＝8N）【解析】

解此题关键是要理解合力最小等于两个分力之差，最大等于两个分力之和。分别列出当θ＝180°和0°时分力与合力的关系式，解方程组即可。17.【答案】质点的初速度为1m/s，加速度大小为2.5m/s2．【解析】两段连续相等的时间t＝4s，通过的位

移分别为x1＝24m、x2＝64m．设质点运动的初速度为v0，加速度为a，对前一过程和整个过程分别应用匀变速直线运动的位移公式，可得：x1＝v0t＋at2，x1＋x2＝v0×2t＋a(2t)2，由以上两式解得质点的加速度：a==m/s2＝2.5m/s2质点的初速度：v0

==m/s＝1m/s．18.【答案】解：（1）当甲乙速度相等时距离最大，即v甲=v乙得到v0+at=v甲=10m/s解得40s末甲的位移为x1=vt=400m；乙的位移为故乙车落后于甲车的距离最大为S=x1-x2=160m；（2）设时间

t相遇，则位移关系有代入解得t=80s，此时乙车的速度为v乙=v0+at=18m/s。答：（1）当乙车速度10m/s时，乙车落后于甲车的距离最大，这个距离是160m；（2）当乙车的速度18m/s时，乙车追

上甲车，乙车追上甲车所需的时间是80s。【解析】本题也可以运用图象法求解，还可单纯从数学的角度列出两车的距离与时间的关系式，根据数学求解极值，得到何时两车距离的最大，并求出最大值。（1）乙车做匀加速运动，初速度小于甲车的速度，开始时甲车在前，

当乙车速度小于甲车的速度时，两者距离增大；当乙车速度大于甲车的速度时，两者距离减小，则当两者速度相等距离最大，根据此条件求出时间，再求最大距离。（2）当两车的位移相等时，乙车追上甲车，根据位移公式求出时间和乙车

的速度。