【文档说明】2021年北京市普通高中学业水平合格性考试物理仿真模拟卷03（解析版）.docx，共(10)页，203.956 KB，由小赞的店铺上传

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北京市普通高中学业水平合格性考试物理试卷（模拟卷三）考生须知1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．本试卷共7页，分为三道大题，共100分。第一道大题为单项选择题，20小题（共60分）；第二道大题为填空题，3小题（共12分）；第三道大题为计算论证题，

5小题（共28分）。3．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一道大题必须用2B铅笔作答；第二道、第三道大题必须用黑色字迹的签字笔作答，作图时必须使用2B铅笔。4．考试结束后，考生应将试卷和答题卡放在桌面上，待监考

员收回。第一部分选择题（共60分）一、单项选择题（本题共20小题。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的。每小题3每小题3分，共60分）1．下列物理量中，属于矢量的是A．速度B．时间C．路程D．动能【答

案】A【解析】时间、路程和动能都是没有方向的，是标量，只有速度是即有大小又有方向，是矢量，可见A正确，BCD错误。故选A。2．在下列问题的研究中，被研究的物体可视为质点的是A．研究乒乓球的旋转B．研究钟表指针的转动C．研究汽车在碰撞实验中的变形D．研究

货轮由青岛到上海的航行路线【答案】D【解析】A．研究乒乓球的旋转，由于乒乓球的大小和形状对研究乒乓球的旋转影响较大，不能忽略，则不能把乒乓球看成质点，故A不符合题意；B．研究钟表指针的转动，由于钟表指针的大小和形状对研究钟表指针的转

动影响较大，不能忽略，不能把钟表指针看成质点，故B不符合题意；C．研究汽车在碰撞实验中的变形，由于汽车的大小和形状对研究的问题影响较大，不能忽略，不能把汽车看成质点，故C不符合题意；D．研究货轮由青岛到上海的

航行路线，由于货轮的大小和形状对研究货轮由青岛到上海的航线影响不大，可以忽略，故此时可以把货轮看成质点，故D符合题意。故选D。3．物理学的研究中有许多科学方法，在某些情况下，我们常忽略物体的大小和形状，将物视为质点，上述所运用的科学方法是A．理想

模型法B．等效替代法C．控制变量法D．微元法【答案】A【解析】在某些情况下，我们可以忽略物体的大小和形状，而突出“物体具有质量”这个要素，把它简化为一个有质量的物质点，这样的点称为质点。物理学中将实际物

体抽象为质点的研究方法是建立物理模型的方法，可见A正确，BCD错误。故选A。4．关于加速度的方向，下列描述正确的是A．一定与速度方向相同B．一定与速度方向相反C．一定与速度变化量的方向相同D．一定与速度变化量的方向

相反【答案】C【解析】根据加速度的定义式vat=可知，加速度的方向与速度变化量的方向相同。故选C。5．如图所示，轻质弹簧一端固定于光滑斜面的底端，另一端连接物块，整个系统处于静止状态，物块所受力的个数为A．3个B．4个C．5个D．6个【答案】

A【解析】物体受于静止状态，对物体进行受力分析，物体受重力、斜面对物体的支持力、弹簧对物体的弹力，受力的个数为3个。故选A。6．在阳光的照射下，悬挂在墙上的太阳能小风扇快速转动，这说明A．动能可以凭空产生B．不同形式的能可以相互转化C．可以制造出不需要消耗能量的“永动机”D．太阳可以提供无穷

无尽的能量，不需要节约能源【答案】B【解析】A．能量不可能凭空产生，也不可能凭空消失，故A错误；B．在阳光的照射下，悬挂在墙上的太阳能小风扇快速转动，是由于太阳能转化为电能，电能再转化为小风扇的机械能，说明不同形式的能量可以相互转化；C．“永动机”不可能实现，故C错误；D．能量不是取之不

尽，用之不竭的，况且有些能量目前我们还无法利用，从而需要节约能源，故D错误。故选B。7．如图所示，重力为10N的物体置于水平桌面上，物体与桌面间的动摩擦因数为0.4，现用3N的水平拉力F拉物体，则物体所受力的合力大小

为A．3NB．6NC．7ND．0【答案】D【解析】处于静止状态的物体受力平衡，其合外力为零，所以该物体所受力的合力大小为0．可见D正确，ABC错误。故选D。8．吊车用竖直向上的拉力将集装箱由静止吊起，集装箱获得大小为的加速度，现改用的拉力吊起这个集装箱，则集装箱

的加速度大小（不计其它阻力）A．大于B．等于C．大于而小于D．小于【答案】A【解析】根据牛顿第二定律得联立两式知，。故正确，、、错误。故选。9．从某一高度由静止释放一小球，忽略空气阻力，则小球在下落过程中A．重力对小球做负功B．小球的重力势能增大C．小球的动能增大D．小球的动能不变【答案

】C【解析】小球由静止下落，高度减小，重力做正功，故重力势能减小，动能增大，可见ABD错误C正确。故选C。10．我国首颗量子科学实验卫星“墨子”已于酒泉卫星发射中心成功发射，在世界上首次实现卫星和地面之间的量子通信．“墨子”由火箭发射至高度为500千米的预定圆形轨道．此前已在西昌卫星发射中心成功发

射了第二十三颗北斗导航卫星G7.G7属地球静止轨道卫星(高度约为36000千米)，它将使北斗系统的可靠性进一步提高．以下说法中正确的是A．这两颗卫星的运行速度可能大于7.9m/sB．量子科学实验卫星“墨子”的周期比北斗G7小C．通过地面控制可以将

北斗G7定点于西昌正上方D．量子科学实验卫星“墨子”的向心加速度比北斗G7小【答案】B【解析】7.9km/s是绕地球表面运动的卫星的速度，是卫星的最大环绕速度，则这两颗卫星的速度都Fa2F2a2aa2aaFmgma−=2Fm

gma−=2aaABCDA小于7.9km/h，故A错误；根据＝mr，解得：T2＝，半径越大，周期越大，则半径小的量子科学实验卫星“墨子”的周期比北斗G7小，故B正确．同步卫星的轨道只能在赤道的上方，故C错误；由＝ma，可得a＝，则轨道半径小的加

速度大，故D错误．11．如图所示，将一个光敏电阻接入多用电表两只表笔上，将多用电表的选择开关置于欧姆挡，用光照射电阻时，表针的自左向右偏角为θ；现用手掌挡住部分光线，表针的自左向右偏角为θ′，则可判断A．θ′＝θB．θ′＜θC．θ′＞θD．不能确定【答案】B【解析】

光敏电阻的阻值随光照强度的增强而减小，用手掌挡住部分光线，阻值变大，指针自左向右的偏转角度变小．12．小磁针处在如图所示的磁场中，小磁针的运动情况是A．顺时针转动，最后静止，N极指向右方B．顺时针转动，最后静止，N极指向左方C．逆时

针转动，最后静止，N极指向右方D．逆时针转动，最后静止，N极指向左方【答案】A【解析】由图可知，磁感线的方向是由左向右的，根据磁感线的方向与小磁针静止时北极所指的方向一致，故小磁针顺时针转动，静止时北极的指向是向右的．所以A正确，B、C、D错误．请阅读下述文字，完成第8题、第9题

、第10题。如图所示，一质点沿曲线MN运动，P为轨迹上的一点。13．该质点在P点所受合力方向可能是沿图中A．Pa的方向B．Pb的方向C．Pc的方向D．Pd的方向【答案】D【解析】根据曲线运动的条件可知，物体受到的合外力的方向指向轨迹弯曲的内侧，只有Pd的方向符合要求。可见选项D正确，A

BC错误。故选D。14．该质点在P点的速度方向沿图中A．Pa的方向B．Pb的方向C．Pc的方向D．Pd的方向【答案】C【解析】MNPabcd根据曲线运动的特点可知，速度方向沿轨迹的切线方向，即图中的Pc的方向，选项C正确，ABD错误。故选D。请

阅读下述文字，完成第3题、第4题、第5题。如图所示是某台灯电路，台灯亮度可调节，圆弧abc为均匀电阻丝，P为调节滑片，若电源电压恒定，现让滑片P由a沿逆时针方向滑到c。15．在此过程中，台灯两端的电压变化情况的判断正确的是A．变小B．不变C．变

大D．无法确定【答案】C【解析】当滑片P由a沿逆时针方向滑到c的过程中，接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流变大，对电灯根据U=IR,可知电灯两端的电压增大,选项C正确，故选C。16．在此过程中，台灯亮度变化情况的判断正

确的是A．不变B．逐渐变亮C．逐渐变暗D．先变暗后变亮【答案】B【解析】由于电路中电流变大，灯泡两端的电压变大，根据P=UI可知，则灯泡功率变大，即灯泡逐渐变亮。故选B。请阅读下述文字，完成第3题、第4题、第5题。一带电量为q的电荷绕带电量为Q的正电荷做椭圆运动，轨迹如图所示．已知|q

|≪|Q|，M、N为椭圆轨迹上的两点．17．关于q的带电性质下列判断正确的是A．q一定带正电B．q一定带负电C．q可以带正电、也可以带负电D．无法判断q带哪一种电【答案】B【解析】电场力提供向心力，所以电荷带负电，故选项B正确。18．关于M、N两点的电势高低的判断正确的是A．M

点的电势比N点的高B．M点的电势比N点的低C．M点的电势与N点的电势一样高D．无法比较M点和N点的电势高低【答案】A【解析】在正电荷形成的电场中，电场线从正电荷出发指向无穷远，离正电荷越近处电势越高，所以M点电势较高，故选项A正确。19．关于M、N两点的电场强度大小

的判断正确的是A．M点的电场强度比N点的大B．M点的电场强度比N点的小C．M点的电场强度与N点的电场强度一样大D．无法比较M点和N点的电场强度大小【答案】A【解析】根据点电荷的场强公式2QEkr=可知，离场源电荷越近处电场强度越大，所以M点电场强度较大，故选

项A正确。20．关于电荷q通过M、N两点时的速度大小的判断正确的是A．通过M点的速度较大B．通过M点的速度较小C．通过M点的速度与通过N点的速度一样大D．无法比较通过M点和N点的速度大小【答案】A【解析】M、N两点相比，M点电势较高，

负电荷在电势高处电势能小，电势能小的动能就大，所以电荷q在M点的速度较大。故选项A正确。第二部分非选择题（共40分）二、填空题（本题共3小题。每小题4分，共12分）21．如图所示，用轻质弹簧竖直悬挂一质量为0.5kg的重物，重物静

止时，弹簧的伸长量为5.0×10﹣2m（在弹簧的弹性限度内），取重力加速度g＝10m/s2，则此时弹簧的弹力大小为_________N，弹簧的劲度系数为_________N/m。【答案】5，100【解析】重物

处于静止状态，弹力和重力相等，F＝mg＝5N，弹簧的伸长量为x＝5.0×10﹣2m，根据胡克定律F＝kx，解得劲度系数k＝＝100N/m。故答案为：5；100。22．用打点计时器研究自由落体运动时，在纸带下端固定重物，纸带穿过打点

计时器，接通电源后将纸带由静止释放，图为打出的纸带的一部分，纸带上相邻两点间的时间间隔为0.02s，则在实验时，重物固定在图示纸带的_________（填“左”成“右”）端，打B点时纸带的速度大小为_________m/s。【答案】左，0.96【解析】从纸带点间距可以看出，相等时间内的位移越来越大

，则纸带的左端与重物相连；B点的速度等于AC段的平均速度，则vB＝＝m/s＝0.96m/s；23．在“测量金属的电阻率”的实验中，待测金属丝的电阻约为6Ω。(1)现备有下列器材供测量金属丝的电阻时选用。a.电流表：量程0.6A，内阻约为0.5Ω；b.电流表：量程3A，内阻约为0

.1Ω；c.电压表：量程3V，内阻约为3kΩ；d.电压表：量程15V，内阻约为15kΩ；e.滑动变阻器：最大阻值为30Ω；f.直流电源：电动势为3V，内阻不计；g.开关一个，导线若干。为了提高测量精确度，电流表应选________，电压表应选_________。

（填器材前的字母代号）(2)某次实验中，已经测得金属丝两端的电压、通过金属丝的电流和金属丝的直径，为了求得金属丝的电阻率，还需要测量的一个物理量是_______________。【答案】(1)a，c；(2)金属丝的长度【解析】(1)由于电源的电动势为3V，故应选择3V的电压表，如果选择15V

的电压表，则量程太大，已知待测电阻的阻值约为6Ω，由欧姆定律可知3A0.5A6xUIR===所以电流表应选择量程0.6A的电流表，故电流表应选a，电压表应选c。(2)由URI=及电阻定律lRS=可知22()24DURSUDlIlIl===故为了求得金属丝的电阻率，在已知金属丝两

端的电压U、通过金属丝的电流I和金属丝的直径D外，还需要测量的一个物理量是金属丝的长度l。三、计算论证题（本题共5小题。第24题、第25题各5分，第26题、第27题、第28题各6分，共28分）24．一架飞机在跑道上由静止开始加速运动，经10

s达到起飞速度60m/s，若将该运动视为匀加速直线运动，求这一过程中：(1)飞机加速度的大小；(2)飞机运动位移的大小。【答案】(1)6m/s2；(2)300m【解析】(1)由运动学公式220600m/s6m/s10vvat−−===(2)由运动学公式2211610m300m22xat===

25．如图所示，在xoy坐标系的第一象限内存在着垂直于平面的匀强磁场，一质量为m带电荷量为+q的小球，以速度v沿x轴正方向射入磁场，恰好在磁场里做匀速直线运动。求:(1)磁场的方向?(2)磁场的磁感强度的大小?【答案】(1)

磁场的方向垂直于xoy平面向里；(2)mgBqv=【解析】(1)小球恰好做匀速直线运动，所以受到的洛伦兹力方向向上，根据左手定则，磁场的方向垂直于xoy平面向里。(2)洛伦兹力与重力平衡，所以有mg=qBv得mgBqv=26．在点电荷Q

产生的电场中有a、b两点，相距为d，已知a点的场强大小为E，方向与ab连线成30°角，b点的场强方向与ab连线成120°角，如图所示，求点电荷Q的电性和b点的场强大小。【答案】正电、3E【解析】将场强E、Eb延长，交点即为点电荷所在位置，如图所示，由于电场强度方向指向点电荷Q，则知该点电

荷带负电．根据几何知识解得，a点到Q点的距离ra＝2dcos30°＝d，b点到Q点的距离rb＝d，A、B两点到点电荷Q的距离之比ra∶rb＝∶1.由公式E＝k，得：A、B两点场强大小的比值E∶Eb＝1∶3，即Eb＝3

E27．小明站在水平地面上，手握不可伸长的轻绳一端，绳的另一端系有质量为m的小球，甩动手腕，使球在竖直平面内做圆周运动．当球某次运动到最低点时，绳突然断掉，球飞行水平距离d后落地，如图所示．已知握绳的手离地面高

度为d，手与球之间的绳长为34d，重力加速度为g，忽略手的运动半径和空气阻力．(1)求绳断时球的速度大小v1.(2)问绳能承受的最大拉力多大？【答案】(1)v1＝2gd(2)FT＝113mg.【解析】(1)设绳断后球飞行时间为t

，由平抛运动规律，有竖直方向14d＝12gt2，得t＝d2g水平方向d＝v1t，得v1＝2gd(2)设绳能承受的最大拉力大小为FT，这也是球受到绳的最大拉力大小．球做圆周运动的半径为R＝34d，由圆周运动向心力公式，有FT－mg＝mv21R得F

T＝113mg.28．如图所示，质量为m的小球从四分之一光滑圆弧轨道顶端由静止释放，从轨道末端O点水平抛出，击中平台右下侧挡板上的P点。以O为原点在竖直面内建立如图所示的平面直角坐标系，挡板形状满足方程y

＝6－x2(单位：m)，小球质量m＝0.4kg，圆弧轨道半径R＝1.25m，g取10m/s2，计算结果可保留根号。求：(1)小球对圆弧轨道末端的压力大小；(2)小球从O点到P点所需的时间。(3)保持轨道末端O的位置不变，改变轨道半径R的大小，可使小球击

中挡板的不同位置，求小球击中挡板时的动能最小值。【答案】(1)12N(2)FT＝113mg(3)）（164−J【解析】(1)小球从释放到O点过程中，由机械能守恒：mgR=221mv得v=gR2小球在圆轨道最低点根据向心力公式：F−mg=Rvm2，得F=3mg=12N根据牛顿第三定律，小

球对轨道的压力为12N(2)小球出O点后作平抛运动：y=221gtx=vty=6−x2联立得：t=55s(3)设击中挡板的位置为(x，y)，击中时的动能为Ek，从O→击中点，根据机械能守恒：Ek=221mv+mgy小球出O点后作平抛运动：y=221gtx=v

t消去t得：v2=ygx22，再由y=6−x2得：x2=6−y，代入上式得：v2=yyg2)6(−，将v2=yyg2)6(−代入Ek的式子，得：Ek=mgyyygm+−2)6(21=mg(4123−+yy)所以，当yy=2

3，即y=26时，动能Ek为最小值，最小值为Ek=）（164−J获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com