【文档说明】【精准解析】北京101中学2019-2020学年九年级10月月考物理试题（解析版）.doc，共(26)页，2.939 MB，由管理员店铺上传

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1北京101中学2020届上学期初中九年级10月月考物理试卷一、单选题1.在国际单位制中，电流的单位是A.欧姆B.安培C.焦耳D.伏特【答案】B【解析】【详解】欧姆是电阻的单位；安培是电流的单位；焦耳是功和能的单位；伏特

是电压的单位；故应选B．2.如图所示是一个便携式充电器正在给手机电池充电，在充电过程中，该手机电池相当于电路中的（）A.电源B.开关C.导线D.用电器【答案】D【解析】【详解】在给手机电池充电的过程中，电能转化为电池的化学

能，在电路中手机电池消耗电能，手机电池给手机提供电能相当于用电器；故选D．3.如图所示，几种热现象的实验中解释正确的是A.图甲所示说明分子之间存在引力B.图乙所示木塞被冲出时试管口出现“白雾”，说明水蒸气的内

能增加C.图丙所示活塞下压过程中的内能转化为机械能D.图丁所示二氧化氮的密度大于空气的密度，因此不能发生扩散现象【答案】A【解析】2【详解】A．甲图中两个压紧的铅块能吊起钩码，是由于分子间存在引力，故A正确；B．当加

热试管到一定程度时，水蒸气的内能足够大会将塞子冲出，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，水蒸气的内能会减小，温度降低，故B错误；C．图丙所示活塞下压过程中对气体做功，将机械能转化为内能，故C错误；D．下边瓶子装入二氧化氮气体，因为二氧化氮气体的密度大于空气的密度，本来应该在空气的

下方，结果发现上边瓶子内的气体也变成了红棕色，则说明二氧化氮气体分子在做无规则运动，就可以证明扩散现象的存在，故D错误。4.图所示的四个电路中，电路完整且开关闭合后不损害电路中的元件的是A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】电路完

整是指用导线将电源、开关和用电器连接起来的；短路分为电源短路和用电器短路，电源短路是指用导线直接将电源两端相连，会损坏电源；而用电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来，用电器短路不会损坏用电器，但用电器不能工作．A．电源两端被直接用导线相连，故会发生电源短路，损坏电源

，故A不符合题意；B．电路中没有电源，不是完整电路；故B不符合题意；C．闭合开关，电源与灯泡组成完整电路，故C符合题意；D．闭合开关后，会对电源及灯泡短路，致使灯泡不能工作，会损坏电源，故D不符合题意．故选C．5.若不计空气阻力，在下述运动

过程中，物体的动能转化为势能的是A.跳高运动员起跳后从离开地面到最高点的过程B.跳水运动员起跳后从最高点下落至水面的过程C.射箭时，箭由静止被沿水平方向射出去的过程D.苹果从高处掉落的过程3【答案】A【解析】【详解】A．跳高运动员起跳后从离开

地面到最高点的过程是动能转化为重力势能的，故A正确；B．跳水运动员起跳后从最高点下落至水面的过程是重力势能转化为动能的，故B错；C．射箭时，箭由静止被沿水平方向射出去的过程是弹性势能转化为动能的，故C错；D．苹果从高处掉落的过程是重力势能转化为动能的，故D错；应选A．6.下

列事例中，属于通过做功改变物体内能的是A.冬天室内使用暖气取暖B.用锯锯木板，锯条发热C.盆中的热水温度逐渐降低D.用酒精灯加热烧杯中的水【答案】B【解析】【详解】A．改变内能的方式有做功和热传递两种；冬天室内使用暖气取暖属于热传递改变内能的，

故A错；B．用锯锯木板，锯条发热属于做功改变内能的，故B正确；C．盆中的热水温度逐渐降低属于热传递改变内能的，故C错；D．用酒精灯加热烧杯中的水属于热传递改变内能的，故D错；应选B．7.如图所示的四个电路图中能正确反映实物图所示电路连接关系的是()A.B.C.D.【答案】D

4【解析】【详解】先观察实物图，电流从电源流出来，经过右边小电珠的右端后，分成两股电流，一股电流流过右边小电珠，再经过开关，然后回到负极；另一股电流流过左边小电珠，再经过开关，回到负极，这是个并联电路，两个小电珠并联，开关控制两个电珠，选项D符合题意．8.沿海地区同沙漠地区相比、昼夜

温差小，其主要原因是A.水的密度比沙石的密度小B.水的比热容比沙石的比热容大C.水的热量比沙石的热量大D.水的内能比沙石的内能大【答案】B【解析】【详解】沿海地区和沙漠地区相比，沿海地区水多，水的比热容比沙石的比热容大，在相同质量的情况下，相

同的吸放热条件下，水的温度变化小，冬暖夏凉，昼夜温差小．故选B.【点睛】水的比热容大，相同质量的不同物质，在同样吸放热条件下水的温度变化小．9.关于电流表的使用，下列说法中不正确的是A.使用前，当指针没有指在“0”刻度线上时，应先进行调零B.在不能

估计电流大小的情况下，应采用“试触”的办法确定电流表量程C.读数时，应先明确所采用的量程和最小分度值后再读数D.把“0.6”和“3”两接线柱接入电路时，电流表的量程为0～2.4A【答案】D【解析】【详解】A．使用前应观察电流表，如果电流表的指针没有指在表盘上的“0”点，

要先进行调零，故A正确，不符合题意；B．为读数准确和保护电表，当电路中的电流无法估计时，要用大量程试触的方法来选定合适的量程，故B正确，不符合题意；C．为读数准确，应先明确所采用的量程和最小分度值后再读数，故C正确，不符合题意；D．电流要从“+“接线柱流入，从“-

“接线柱流出，而把“0.6”和“3”两接线柱接入电路的接法是错误的，故D错误，符合题意。10.击剑比赛中，当甲方运动员的剑击中乙方的导电服时（相当于如图中“S甲”闭合），乙方指示灯L乙亮；5当乙方运动员的剑击中甲

方的导电服时（相当于如图中“S乙”闭合），甲方指示灯L甲亮．在如图所示的四个电路中，可能实现上述功能的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】根据情景和题意可知，甲击中乙，相当于甲闭合了乙灯的开关，乙灯亮．相同的道理，乙控制着甲灯的开关，

两个灯能够单独发光，也能够同时发光，说明两灯是并联的，因此正确的电路应是D．11.图所示为四冲程汽油机工作过程中的某冲程示意图，该冲程中高温高压气体推动活塞向下运动，带动曲轴转动，此冲程为A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程【答案】C【解析】【分析】【详解】内燃机有四个冲

程，两个气门关闭，活塞向下运动的冲程是做功冲程，这一冲程对外做功，内能转化为机械能，故应选C．12.如图所示电路中，下面说法正确的是（）A.只闭合S1，两个灯泡串联B.只闭合S2，两个灯泡串联C.只闭合S3，两个灯泡串联D.同时闭合S1、S3，两灯泡串联【答案】B6【解析】【详解】A．只闭合S

1，电路处于断开状态，故A错误；B．只闭合S2，电流依次经过两个灯泡回到电源负极，因此两个灯泡串联，故B正确；C．只闭合S3，电路为L1的基本电路，故C错误；D．同时闭合S1、S3，电路为L2的基本电路，故D错误．故选B．13.如图所示，当开关S

闭合时，三只电流表的示数分别是0.8A、0.5A、0.5A，则电灯L2中的电流是A.0.5AB.0.3AC.0.2AD.0.1A【答案】C【解析】【详解】由电路图可知，三个灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A

2测流过灯L2、L3的电流，电流表A3测流过灯L1、L2的电流；由并联电路电流规律可知：I1+I2+I3=0.8A，I2+I3=0.5A，I1+I2=0.5A，三式联立解得：I2=0.2A，故选C．14.在如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电表①、②、③是电

流表或电压表．关于这个电路闭合开关S后，下列说法正确的是7A.若①、②、③是电流表，则两个小灯泡并联B.若①、③是电流表，②是电压表，则两个小灯泡并联C.若①、②、③是电压表，则两个小灯泡串联D.若①、

③是电压表，②是电流表，则两个小灯泡并联【答案】B【解析】【详解】由电路图可知，A．若①、②、③是电流表，两灯泡被短路，电源被短路，故A错误；B．若①、③是电流表，②是电压表，则两个灯泡并联，故B正确；C．若①、②、③是电压表，电路断

路，故C错误；D．若①、③是电压表，②是电流表，两灯泡串联，故D错误。15.如图所示，甲图中圆柱形容器中装有适量的水．将密度均匀的木块A放入水中静止时，有2/5的体积露出水面，如图乙所示，此时水对容器底部的压强比图甲中水对容器底部的压强增加了3

00Pa．若在木块A上表面轻放一个质量为m1的物块，平衡时木块A仍有部分体积露出水面，如图丙所示，此时水对容器底部的压强比图甲中水对容器底部的压强增加了400Pa．若将容器中的水换成另一种液体，在木块A上表面轻放一个质量为m2的物块，使平衡时木块A露出液面部分与丙图相同，如图丁所示．若

m1:m2=5:1，则下列说法中正确的是A.木块A的质量mA与m1之比为1：3B.在丁图中，液体的密度为0.9×103kg/m3C.在丁图中，液体对容器底部的压强比图甲水对容器底部的压强增加了360Pa8D.在图丙中，木块A露出水面的体积

与木块A的体积之比是1：5【答案】D【解析】【详解】AD．设A的体积为V、容器的底面积为S，A在水中漂浮，所以：F浮=ρ水V排g=ρ水35Vg=GA，甲图和乙图比较，容器底受到的压力差：△F=GA，比较甲乙两图，△p=

AGS=gVS水排=35gVS水=300Pa，−−−−①同理，比较甲丙图，△p′=A1GmgS+='gVS水排=400Pa，−−−−②比较甲丁图，△p″=A2GmgS+−−−−③①②得：AA1GSGmgS+='35300Pa40

0PagVSgVS水水排，=300Pa400Pa，解得：mA:m1=3:1，V′排=45V；此时木块A露出水面的部分占自身体积15，即木块A露出水面的体积与木块A的体积之比是1:5，故A错误，D正确．C．②−①得：91mgS=100Pa，m1=100PaSg，③

−①得：2mgS=△p″−300Pa，m1：m2=5:1，所以：m2=20PaSg，解得：△p″=320Pa，故C错误．B．在丙图中，由于m1和A漂浮，可得：ρ水g45V=GA+m1g=ρ水g35V+m1g，则：m1=ρ水15V，在丁图中，

ρ液g45V=GA+m2g=ρ水g35V+m2g，所以，m2=ρ液45V-ρ水35V，已知m1：m2=5：1，所以，（ρ水15V）：（ρ液45V-ρ水35V）=5：1，解得：ρ液=0.8ρ水=0.8×1.0×103kg/m3=0.8×103kg/m3．故B错误．二、多选

题16.下列说法中正确的是10A.固体很难被压缩，是由于分子间存在斥力B.水的比热容大于酒精的比热容，水和酒精升高相同的温度，水吸收的热量较多C.组成物质的大量分子无规则运动的剧烈程度与温度有关D.打开装有酒精的瓶子的塞子后，教室

里弥漫着酒精味，这说明酒精分子不停地运动【答案】ACD【解析】【详解】A．分子同时存在着引力和斥力，固体很难被压缩，是由于分子间存在斥力起主要作用，故A正确；B．水的比热容大于酒精的比热容，水和酒精升高相同的温度，由于不知道各种物质的质量，无法判断吸热的多少，故B错；C．温

度越高，分子运动的越剧烈，故C正确；D．我们能闻到酒精味，是由于酒精的分子在不停地做无规则运动引起的，故D正确；应选ACD．17.下列过程中，属于机械能转化为内能的是A.水壶里的水烧开时，水蒸气把壶盖顶起B.小明从滑梯上滑下，身体与滑梯接触部分感觉发热C.篮球从高处落到地面后会向上弹

起，但弹起的高度会越来越低D.“神舟”五号返回舱进入大气层后，随着高度降低，舱体外壳与大气摩擦后温度升高【答案】BCD【解析】【详解】A．水壶里的水烧开时，水蒸气把壶盖顶起是内能转化为机械能，故A错；B．小明从滑梯上滑下，身体与滑梯接触部分感觉发热是机械

能转化为内能，故B正确；C．篮球从高处落到地面后会向上弹起，但弹起的高度会越来越低是机械能转化为内能，故C正确；D．舱体外壳与大气摩擦后温度升高是机械能转化为内能，故D正确；应选BCD．18.关于电路的知识，下列说法中正确

的是A.在电路中，电源是把电能转化为其他形式的能的装置B.电路通常是由电源、用电器、开关和导线组成的C.用一个开关控制两灯同时亮，同时灭，两灯一定要串联D.通电铜导线中的电流方向与该导线中自由电子定向移动的方向相反11【答案】BD【解析】【详解】

A．在电路中，电源是提供电能的装置，用电器是把电能转化为其他形式的能的装置，故A错；B．电路通常是由电源、用电器、开关和导线组成的，故B正确；C．用一个开关控制两灯同时亮，同时灭，两灯可能串联也可能并联，并联时开关放在干路上，故C错；D．

规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，所以通电铜导线中的电流方向与该导线中自由电子定向移动的方向相反，故D正确；应选BD．19.如图所示，电池组电压一定，关于电路工作情况，下列说法中正确的是A.当闭合开关S1、S2时，两只灯泡是并联的B.若先闭合S1，再闭合S2，

电压表、电流表的读数均变小C.若先闭合S1，再闭合S2，电压表、电流表的读数均变大D.若先闭合S1，再闭合S2，电压表读数不变、电流表读数变大【答案】AD【解析】【详解】根据题中的实物图知，两个灯泡并联，电流表串联在干路中，电压表测电源电压，开关S1在干路中，

开关S2在支路中．A．闭合开关S1、S2时，两个灯泡并联，故A正确．BCD．先闭合S1，只有一个灯泡接入电路中，电流表测一个灯泡的电流；再闭合S2，两个灯泡并联，电流表测两个灯泡的总电流，电流表示数变大，而电压表始终测电源电压，示数不变，故B、C错误，D正

确．20.小明根据下表所提供的几种物质的比热容得出以下结论，其中正确的是几种物质的比热容c/[J/（kg·℃）]水4.2×103冰2.1×10312酒精2.4×103干泥土0.84×103煤油2.1×103铝0.88×103水银0.14×103铜0.39×103

A.同种物质，当物态发生变化时，它的比热容不变B.液体的比热容一定比固体的比热容大C.内陆地区比沿海地区昼夜温差大，原因之一是干泥土的比热容比水的比热容小D.水和煤油吸收相同的热量，升高的温度相同，煤油的质量是水的2倍【答案】CD【解

析】【详解】A．同种物质状态不同时，比热容会发生变化，例如水和冰是同一种物质的不同状态，它们的比热容就不相同，故A错误；B．固体物质的比热容不一定比液体物质的比热容大，例如冰、铝、铜的比热容就比酒精和水的比热容

小，故B错误；C．沿海地区，水多；内陆地区水少、泥土多．因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和泥土比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小

，故C正确；D．水和煤油吸收相同的热量，升高的温度相同，根据m=Qct可知，Q、△t一定时，质量与比热容成正比，从表格中可以看出，水的比热容是煤油比热容的二倍，因此煤油的质量是水质量的二倍，故D正确．三、实验题21.如图1所示电压表的

示数是_______V．如图2所示电流表的示数是_______A．13【答案】(1).2.5(2).0.14【解析】【详解】[1]使用的0∼3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，示数是2.5V.[2]电流表使用的0∼0.6A量程，每一个大格代表0

.2A，每一个小格代表0.02A，示数是0.14A.22.请根据图所示的实物电路，在虚线方框内画出对应的电路图．（）【答案】【解析】【详解】由图可知，两灯泡并联，开关控制整个电路，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量L

2的电流；如图所示：23.小宇同学用电加热器给质量一定的蓖麻油液体均匀加热，研究液体升高的温度与加热时间的关系．通过测量得到如下表所示的实验数据，请根据表中数据归纳出升高的温度△T与加热时间t的关系式为：△T=_____

__．t/s102030405060△T/℃16324864809614【答案】△T=1.6t【解析】【详解】由表格数据可知，Tt=1.6，因此温度△T与加热时间的关系：△T=1.6t．24.如图所示，用毛皮摩擦过的硬橡胶棒接触验电器

的金属球，金属杆下端的两片金属箔便会张开，说明橡胶棒带了电，验电器检验物体是否带电的原理是_______________．【答案】同种电荷相互排斥【解析】【详解】用毛皮摩擦过的硬橡胶棒带负电，当接触验电器的金

属球时，两片金属箔应会带上同种电荷，同种电荷相到排斥，所以两片金属箔便会张开．25.如图所示是小明同学探究改变物体内能的实验：他用打气筒向装有少量酒精的瓶内用力打气，瓶内气体的内能会_______．当他继续向瓶中打气，瓶塞从瓶口处跳出的瞬间，小明

观察到瓶内有白雾产生．白雾是由于瓶内的气体对外做功使其内能_______，温度降低发生液化形成的．（选填“增大”、“不变”或“减小”）【答案】(1).增大(2).减小【解析】【分析】15【详解】瓶子里装有一些酒精，用力打气，在瓶塞未跳起前，压缩瓶内的气体做功，瓶内气体的内能增加；继续打气，当瓶塞跳

起时，瓶内气体对瓶塞做功，瓶内气体的内能减少，温度降低，使瓶内的水蒸气液化成小水珠，出现白气．26.丝线悬挂着A、B、C、D、E、F六个小球，它们之间相互作用的情况如图所示，那么肯定带电的小球是_______，肯定不带电的小球

是_______，不能肯定是否带电的小球是_______．A.B.C.D.【答案】(1).B、C、D(2).A、F(3).E【解析】【详解】[1][2][3]C、D相互排斥，一定带有同种电荷．A、F没有吸引和排斥现象，一定不带电．A、B吸引，A不带电，B一定带电．B、E

吸引，B一定带电，E可能带异种电荷也可能不带电．因此肯定带电的小球是B、C、D，肯定不带电的小球是A、F，不能肯定是否带电的小球是E．27.如图所示，用装有细砂的透明容器、小桌模型和质量不同的铁块做“探究重力势能大小与哪些因素有关”的实验．将小桌水平

放在细砂上，通过比较桌腿陷入细砂的深度来间接判断物体重力势能大小．（1）如图甲所示实验是研究重力势能大小与物体_________的关系．（2）下表是某同学进行图乙所示实验时记录的实验数据．分析比较实验数据及观察到的现象，可分析得出的初步结论是：在________

_相同的情况下，铁块的质量越大，具有的重力势能越_________（选填“大”或“小”）．实验序号铁块质量m/kg铁块距小桌的高度H/m桌腿进入细砂中的深度h/m1610.10.60.02420.20.60.03530.30.60.043

【答案】(1).被举高度(2).被举高度(3).大【解析】【详解】(1)[1]分析比较图甲实验过程能看出，铁块的质量是相同的，但所处的高度不同，此实验是研究重力势能大小与物体被举高度的关系；(2)[2][3]分析比较

实验数据可知：在被举高度相同的情况下，铁块的质量越大，铁块把桌腿进入细砂中的深度越深，说明铁块具有的重力势能越大．28.在“探究决定物体动能大小的因素”的实验中，小明同学设计了如图所示的实验，他让三个小球A、B、C（mA>mB>mC）分别从光滑斜面的不同高度滚下，使得

滚下的小球推动水平面上的木块，并测出小球推动木块移动的相应距离s，由此比较小球动能的大小．（说明：不同小球从光滑斜面的同一高度滚下，到达斜面底端时的速度相同．）实验数据记录如下表：实验次数123小球小球

释放的高度h/cm小球推移木块的距离s/cm小球释放的高度h/cm小球推移木块的距离s/cm小球释放的高度h/cm小球推移木块的距离s/cmA1233822411B121581046C123.682.441.217（1）分析表格中第1次实验的三组数据，可以得

到的结论是：物体的速度一定时，__________越大，物体的动能就越__________．（2）分析小球A的三组数据，可以得到的结论是：____________________________．【答案】(1).质量(2).大(3).物体的质量一定时，速度越大，

物体的动能就越大【解析】【详解】(1)[1][2]第1次实验的三组数据表明：小球释放的高度相同，到达水平面的速度相同，小球的质量不同，推动木块移动的距离不同，且小球质量越大，推动木块移动的距离越远，动能越大．(2

)[3]A球第1、2、3次实验质量相同，高度不同，到达水平面的速度不同，推动木块移动的距离不同，速度越大，推动木块移动的越远，动能越大，得出结论：物体的质量一定时，速度越大，物体的动能就越大．29.小亮通过以下实验来比较牛奶

与豆浆的比热容大小，如图甲所示．他选取了两个相同规格的电加热器、两个相同的烧杯、质量与初温都相同的牛奶和豆浆、两只相同的温度计进行实验，并将实验数据记录在下面的表格中．物质种类质量m/g温度升高10℃需要加热的时间t/s温度升高20℃需要加热的时间t/s温度升高3

0℃需要加热的时间t/s牛奶200150300380豆浆200120190310（1）在这个实验中，可以通过_______来比较牛奶和豆浆的比热容大小（选填选项前的字母，只有一个选项正确）．A.加热时间

的长短B.液体的温度C.液体温度的变化量D.升高相同温度所需的加热时间（2）如图乙是牛奶和豆浆的温度随时间变化的关系示意图，则图线________代表豆浆的温度变化规律（选填“A”或“B”）．18【答案】(1).D(2).A【解析】【详解】(1

)[1]由表格中数据知，质量相同的牛奶和豆浆升高相同的温度，通过比较加热时间即吸收热量的多少来比较比热容的大小，D正确；(2)[2]由表格中数据知，质量相同的牛奶和豆浆升高相同的温度，牛奶需要加热更长的时间，即吸收更多的热量，说明牛奶的比热容较大，如果二者吸收相同的热量，则牛奶温度变化较小，豆

浆温度变化较大，所以A代表豆浆的温度变化规律．30.在一个纸筒（或是质量较小的瓶子）中，把橡皮筋和配重螺母如图所示装配好．让纸筒在水平地板上向前滚动，我们会发现纸筒自己还会滚动回来，甚至可以来回滚动几次．在它向回滚动的后半段路程中，橡皮筋的弹性势能

_________．（选填：“增加”、“减少”或“不变”）．【答案】增加【解析】【详解】透明塑料瓶向前滚动时，配重螺母由于惯性不旋转，使得橡皮筋拧紧在一起，具有弹性势能，该过程主要是动能转化为弹性势能；透明塑料瓶在向后滚动时，前半段路

程，橡皮筋展开，越滚越快，橡皮筋的弹性势能减少、动能增大，弹性势能转化为动能；后半段，动能转化为弹性势能．橡皮筋的弹性势能增加．31.学习了电学的一些知识后，激发了某小组同学对“水果电池”的研究兴趣，

他们找来了梨、柠檬等水果，将铜片、锌片插入水果一定深度分别作为正、负极，制成了“水果电池”，用数字电压表测量“水果电池”正、负极之间的电压，又将多个水果串联起来测量电压，如图所示．根据图中信息，请你提

出一个19可探究的科学问题：________________．【答案】水果电池电压大小与水果种类是否有关?水果电池的电流大小与水果个数是否有关?【解析】【详解】据题目中水果的种类、水果的个数关系和电压

的大小关系可提出以下问题：如：水果电池的电压大小与水果的种类是否有关?水果电池的电压大小与水果的个数是否有关?32.灯L1和L2两端的电压随电流变化关系如图所示，当把灯L1和L2串联接在电压为6V的电源上时，则通过灯L1和L2的电流为_____

___A．【答案】0.2【解析】【详解】∵L1和L2串联，∴20I1=I2=I，U=U1+U2=6V；根据图象可知，当I=0.2A时，U1=4V，U2=2V，符合以上关系式．33.小明通过实验研究串联电路中的电流关系，实验电路如图所示

，电源两端电压为3V，闭合开关S，小灯泡L1、L2均不发光，且电流表示数为零．他用电压表检查电路故障，测得灯L1两端电压为3V，灯L2两端电压为零．假设电路中只有一处故障，根据测量数据可以初步判断电路故障是灯L1出现了__

___．（选填“短路”或“断路”）【答案】断路【解析】【详解】由电路图可知，两灯泡串联，电流表测电路中的电流；电流表无示数、两灯泡不亮，说明电路中有断路故障；用电压表检查电路故障，测得灯L1两端电压为3V，因为电压表有示数，所以电压表两接线柱与电源两端的连接是通路，即L2是完好的；而测得灯L2

两端电压为零，说明此时电压表两接线柱与电源两端的连接是断路，则故障原因可能是L1断路．34.小林用如图所示电路研究串联电路特点，闭合开关后，发现灯L1较亮，灯L2较暗．他对这一现象的解释是：电流从电源正极出发，经过灯L1、灯L2，电流逐渐变小，

所以灯L1较亮，灯L2较暗．小欢认为小林的解释是错误的，她只利用图中的器材．．．．．．．．设计了一个实验，并根据实验现象说明小林的解释是错误的．【答案】见解析【解析】【详解】小林认为“电流从电源正极出发，经过灯L1、灯L2，电流逐

渐变小，所以灯L1较亮，灯L2较暗”，我们可以交换一下这两个灯的位置，让电流先经过灯L2，后经过灯L1，观察两个灯泡的亮度情况；电路图如下：21如上图连接后，仍然会出现灯L1较亮，灯L2较暗的现象，因为在串联电路中，电流从电源正极出发，经过灯L1、灯L2，但

电流处处相等，所以小林的解释是错误的；即电流相同，电阻不同，电功率不同，亮度不同．35.如图所示，在一根横跨河流两岸的硬塑料管内穿有三根完全相同的电线．为了辨别哪两个线头为同一根导线的两端，可以用图示的测通器来测试

，其操作过程如下：⑴连接A和B，将测通器的m连接在D上．当n连接F时小灯泡发光，连接E时小灯泡不发光．由此可以确定_________为同一导线的两端（填字母，下同）．⑵为了弄清另两根导线的两端，可连接A和C，测通器的一端必须

与________相连时，另一端只需接触一根导线就能将另两根导线辨别开．【答案】(1).C、E(2).E【解析】（1）因为连接A和B，将测通器的m连接在D上．当n连接F时小灯泡发光，说明DBAF连通，CE为另外的一根；故选CE；（2）现在知道CE为一跟导线，将AC连在一起，先把m连接在E

上，若n连接F时小灯泡发光，则AF为一根导线，不亮说明AD为一根导线．故答案为E；思路分析：将AB或AC相连接，选择D、E、F中的任两个接在mn之间，若灯亮为通路（说明所连接的四个线头之间是通路）从而判断另两个之间为一根导线．试

题点评：本题提供的方法很有实际意义，可以用在我们学生实验上，去找出开路的地方36.如图所示，热水壶放在燃气灶上烧水，小明注意到烧开一壶水比烧开半壶水用的时间长．于是他提出了一个可探究的科学问题“物体吸热多少与物体的质量有关吗?”并设计了实验进行探

究．22（1）他准备的物品有：两个相同的大烧杯；水；天平；两支相同的温度计；两个相同的“热得快”和__________．（2）选两个相同的“热的快”的目的是_______________．（3）该实验的自变量是_______________（4）该实验中物体吸

收的热量无法直接测量，我们利用加热时间来表示，这是物理学中经常用到的一种方法：______________．A.控制变量法B.等效替代法C.转化法D.类比法（5）请画出实验数据记录表格（）【答案】(1).钟表(2).加热相同时间放出相同热量(3).质量(4).C(5).m/kgt/s【解析】

【详解】(1)[1]实验需要的器材大烧杯；水；天平；温度计；“热得快”外，还需要记录加热时间用的钟表；(2)[2]相同的“热的快”在相同的时间内分成的热量相同，选用相同的电加热器目的是：使水和煤油在相同时间内吸收相同的热量；(3)[3]研究吸收热量多少与物质质量的关系，故选取的自

变量是物质质量；(4)[4]用加热时间长短表示吸收的热量多少，即应用了转化法，故选C；(5)[5]实验中记录的数据有物体质量和加热时间，故表格设计如下：m/kgt/s23四、阅读37.阅读《火箭》，回答问题．火箭航天技术是国家综合实力的重要组成和标志之一，进入空间的能力是综合国力和科技实力

的重要标志．我国的长征系列运载火箭是中国自行研制的航天运载工具．长征运载火箭起步于20世纪60年代，1970年4月24日“长征一号”运载火箭首次发射“东方红一号”卫星成功，标志着中国人独立自主地掌握了进入空间的能力．经过了半个世纪

，长征系列运载火箭技术的发展为中国航天技术提供了广阔的舞台，推动了中国卫星及其应用以及载人航天技术的发展，有力支撑了以“载人航天工程”、“北斗导航”和“月球探测工程”为代表的中国国家重大工程的成功实施

，为中国航天的发展提供了强有力的支撑．截至2019年9月25日，我国长征系列运载火箭已飞行313次，发射成功率达到95.16％．那么，火箭是如何上天的呢?火箭使用的是喷气式发动机，相比于内燃式发动机，它不需要像活塞、螺旋桨等那样的传

动装置，从而减少了能量的损失，大大提高了机身的飞行速度．喷气式发动机又分为空气喷气式发动机和火箭喷气式发动机两类．前者本身只携带燃料，因此，飞行高度受到一定的限制，不宜在空气稀薄的高空飞行；后者简称为火箭，它本身带有燃料和氧化剂，不需要依靠外界空气来助燃，因此，飞行高度

不受限制．现代火箭使用的燃料多为液体燃料，目前常用的是液态氢．液体燃料火箭主要由燃料箱、氧化剂箱、输送装置、燃烧室和尾部喷口组成，如图所示．输送系统按时按量把燃料和氧化剂输送到燃烧室中，最初用电火花点燃，产生高温、高压气体，随后继续进入燃烧室的

燃料和氧化剂，由于燃烧室的温度已高，从而可以自行燃烧．燃烧产生的气体以很大的速度从喷口喷出，同时对火箭产生强大的反冲推力，使火箭前进．24请回答下列问题：（1）我国发射的第一颗人造卫星是________．（2）2019

年9月25日8时54分，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭，成功将云海一号02星送入预定轨道．将卫星输送到预定轨道所用的是________喷气式发动机．（选填“空气”、“火箭”）（3）火箭点火后，尾部向下喷出高温、高压的气体，从而使火箭加速上升．这一阶段，火箭顶部整流罩的机械能__

______．（选填“变大”、“变小”或“不变”）（4）航天工业中的火箭采用液态氢做燃料，这是因为液态氢具有________的优点．A.比气态容易燃烧B.密度比较大C.热值比较大D.比热容比较大【答案】(1).东方红一号(2).火箭

(3).变大(4).C【解析】【详解】(1)[1]阅读材料可知，我国发射的第一颗人造卫星是东方红一号；(2)[2]喷气式发动机可分为两大类，即空气喷气发动机和火箭喷气发动机，空气喷气发动机本身携带燃料，它需要利用外界的空气来帮助燃烧．因此它不适宜在空气稀薄的高空飞

行；现代火箭使用的燃料多为化学燃料，现代火箭发动机的特点是它自身既带燃料，又带氧化剂，靠氧化剂来助燃，不需要从周围的大气层中汲取氧气，不仅可以在高空飞行，而且可以飞出大气层，多级火箭可以作为星际航天的运载工具；(3

)[3]火箭在加速上升阶段，其速度会越来越快，则动能增大；上升时高度越来越高，则重力势能增大；所以火箭顶部整流罩的机械能变大．(4)[4]运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同

质量的氢时，可以释放出更多的热量，故C正确．五、计算题38.小阳家的热水器内装有质量为5kg的水，该热水器中水的温度从20°C升高到40°C．求这些水吸收的热量．[水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)]【答案

】4.2×105J【解析】【详解】这些水吸收的热量为：Q吸=cm（t－t0）=4.2×103J/(kg·℃)×5kg×（40℃－20℃）=4.2×105J。2539.如图所示，一圆柱形平底容器底面积为5×10-2m2，把它放在水平桌面上．在容器

内放入一个底面积为2×10-2m2、高为0.15m的圆柱形物块且与容器底不完全密合，物块的平均密度为0.8×103kg/m3．（g取10N／kg）求：（1）物块对容器底的压强；（2）向容器内缓慢注入质量为多少千克的水时，物块对容器底的压强恰好为零?【答案】（1）12

00Pa（2）3.6kg【解析】【详解】（1）物块对容器底的压强为p=F/S=G物/S物=m物g/S物=ρ物S物h物g/S物=ρ物h物g=0.8×103kg/m3×0.15m×10N/kg=1.2×103Pa；（

2）当物块与容器底接触且物块对容器底的压强恰好为零时F浮=G物=m物g=ρ物S物h物g=0.8×103kg/m3×2×10-2m2×0.15m×10N/kg=24N；物体排开水的体积V排=F浮/ρ水g=24N/1.0×103kg/m3×10N/kg=2.4×

10-3m3；物块浸入水中的深度为h水=V排/S物=2.4×10−3m3/2×10−2m2=0.12m；注入水的体积为V水=（S容-S物）h水=（5-2）×10-2m2×0.12m=3.6×10-3m3；注入水的质量为m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×3.6×10-3m3=3.6kg2

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