【文档说明】安徽省黄山市2020-2021学年高一上学期期末考试物理答案.pdf，共(4)页，285.872 KB，由小赞的店铺上传

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黄山市２０２０—２０２１学年第一学期期末质量检测·高一物理试题参考答案第１页（共４页）黄山市２０２０—２０２１学年第一学期期末质量检测高一物理试题参考答案１．【答案】Ｄ【解析】物体的速度、速度变化量、速度变化率之间的大小无必然关系，选项Ａ、Ｂ、Ｃ错误；

物体的速度变化率即为ΔｖΔｔ，故选项Ｄ正确。２．【答案】Ｃ【解析】由于两块砖只受重力，处于完全失重状态，两块砖之间没有弹力，也没有摩擦力，选项Ｃ正确，选项Ａ、Ｂ、Ｄ错误。３．【答案】Ｄ【解析】由于物体的加速度方向在变化，因而不是匀变速运动，选项Ａ错误；ｔ＝１

ｓ时物体速度仍为正值，没有反向运动，选项Ｂ错误；ｔ＝２ｓ时物体加速度为－１ｍ／ｓ２，选项Ｃ错误；ｔ＝４ｓ时物体的位移为零，因而回到初始位置，选项Ｄ正确。４．【答案】Ｂ【解析】由于质量为ｍ的物块在倾角为θ的斜面上匀速下滑，说明斜面对物

块的作用力与物块的重力平衡，斜面与物块的动摩擦因数μ＝ｔａｎθ。对物块施加一个竖直向下的恒力Ｆ，使得合力仍然为零，故物块仍沿斜面匀速下滑，选项Ａ、Ｄ错误，选项Ｂ正确。摩擦力由ｍｇｓｉｎθ增大到（Ｆ＋ｍｇ）ｓｉｎθ，选项

Ｃ错误。５．【答案】Ｃ【解析】根据ｘ＝２０ｔ－２ｔ２可得汽车刹车时初速度为ｖ０＝２０ｍ／ｓ，加速度大小为ａ＝４ｍ／ｓ２，故刹车时间为ｔ０＝ｖ０ａ＝５ｓ，汽车在停止时的位移为ｘ＝ｖ０ｔ０－１２ａｔ２０＝５０ｍ，前６ｓ内的平均速度为ｖ＝ｘｔ＝２５３ｍ／ｓ，选项Ａ、Ｂ错误；第１ｓ内的位移只需将ｔ

＝１代入即可求出ｘ′＝１８ｍ，选项Ｃ正确；汽车运动时速度减小量为Δｖ＝ａ·Δｔ＝４ｍ／ｓ，选项Ｄ错误。６．【答案】Ｃ【解析】以木块为研究对象，木块沿斜面上滑，沿斜面有Ｆ＝ｍｇｓｉｎα＋ｆ，故选项Ａ错误；斜体对木块的摩擦力方向沿斜面向下，根据牛顿第三定律，木块对斜面体的摩擦力方向沿

斜面向上。故Ｂ错误。以木块ｍ和斜面体Ｍ为研究对象，水平方向有Ｆｃｏｓα＝ｆ′，竖直方向有Ｎ′＋Ｆｓｉｎα＝（Ｍ＋ｍ）ｇ，故选项Ｃ正确，选项Ｄ错误。７．【答案】Ｂ【解析】对于甲物体根据ｘ甲＝ｖ０甲ｔ＋１２ａ甲ｔ２得ｖ甲＝ｘｔ＝１２ａ甲ｔ＋ｖ０甲，则１２ａ甲＝１，ｖ０甲＝０

，故ａ甲＝２ｍ／ｓ２；同理对乙物体有ｖ乙＝ｘｔ＝ｖ０乙－１２ａ乙ｔ，则－１２ａ乙＝－１，ｖ０乙＝４ｍ／ｓ，故ａ乙＝２ｍ／ｓ２。由于甲物体加速运动，乙物体减速运动，若两物体恰不相碰，则乙物体在后，甲物体在前，选项Ａ错误；两者速度相等时距离最

近，故４－２ｔ＝２ｔ，解得ｔ＝１ｓ，选项Ｂ正确；根据运动学公式有ｖ＝４－２ｔ＝４－２×２＝０，故选项Ｃ错误；根据运动学公式有ｖ＝２ｔ＝２×３＝６ｍ／ｓ，选项Ｄ错误。８．【答案】Ｄ【解析】物块上滑时加速度大小为ａ１＝ｇ（ｓｉｎθ＋μｃｏｓθ），物块下滑时加速度大小为ａ２＝ｇ（ｓｉｎθ黄山市２０２０

—２０２１学年第一学期期末质量检测·高一物理试题参考答案第２页（共４页）－μｃｏｓθ），故上滑的加速度比下滑的加速度大，选项Ａ错误；上滑过程有ｘ＝ｖ０ｔ１－１２ａ１ｔ２１，０＝ｖ０－ａ１ｔ１，即ｘ＝１２ａ１ｔ２１，下滑过程有ｘ＝１２ａ２ｔ２２，故ｔ１＜ｔ２，选项Ｂ错误；由于物块到最

高点能下滑，则ｍｇｓｉｎθ＞μｍｇｃｏｓθ，故μ＜ｔａｎθ，选项Ｃ错误；上滑过程有ｘ＝ｖ０２ｔ１，下滑过程有ｘ＝ｖ２ｔ２，由于ｔ１＜ｔ２，故ｖ＜ｖ０，选项Ｄ正确。９．【答案】ＢＤ【解析】小物块刚放上之后的一段时间内所受摩擦力沿传送带向下，由牛顿第二定律有ｍｇｓｉｎθ＋μｍｇｃｏｓθ＝ｍａ

１，小木块与传送带同速后，因μ＜ｔａｎθ，小木块将继续向下加速运动，由牛顿第二定律有ｍｇｓｉｎθ－μｍｇｃｏｓθ＝ｍａ２，有ａ１＞ａ２，选项Ｂ、Ｄ正确，Ａ、Ｃ错误。１０．【答案】ＡＣ【解析】把小球的运动逆过来看，则为初

速度为零的匀加速直线运动，根据运动学的相关推论易得ｋ１＝３，ｋ２槡＝２－１，则ｋ１ｋ２＝３（槡２－１），ｋ１ｋ２＝３（槡２＋１），选项Ａ、Ｃ正确，选项Ｂ、Ｄ错误。１１．【答案】ＢＣＤ【解析】以轻滑轮为研究对象可知，连接沙桶ａ的细绳张力、连接物体ｂ的细绳张力的合力与细绳ＯＯ

′的拉力等大反向，连接沙桶ａ和物体ｂ的细绳张力始终等于沙桶ａ的重力，方向没有变化，因而两者合力逐渐减小，方向不变，选项Ａ错误，选项Ｂ正确；以物体ｂ为研究对象，由于连接物体ｂ的细绳拉力逐渐减小，因而桌面对物体ｂ的支持力逐渐变大，桌面对物体ｂ的摩擦力逐渐减小，选项Ｃ、Ｄ正确。１２

．【答案】ＡＢ【解析】以甲、乙两物块整体为研究对象，根据牛顿第二定律有Ｆ－（ｍ甲＋ｍ乙）ｇｓｉｎθ－μ（ｍ甲＋ｍ乙）ｇｃｏｓθ＝（ｍ甲＋ｍ乙）ａ，以乙物块为研究对象有ｋｘ－ｍ乙ｇｓｉｎθ－μｍ乙ｇｃｏｓθ＝ｍ乙ａ，联立解得ｋｘ＝ｍ乙ｍ甲＋ｍ乙Ｆ，据此可知选项Ａ、Ｂ正确，选项Ｃ、Ｄ错误。

１３．【答案】（５分）（１）３．６（２分）（２）Ｆｎｃｏｓθ（１分）ｎｍｇ（２分）【解析】（１）弹簧测力计指针指在１８．０格，每一小格示数０．２Ｎ，故示数为１８．０×０．２Ｎ＝３．６Ｎ。（２）弹簧测力计在竖直方向上的分力为Ｆｎｃｏｓ

θ，比较Ｆｎｃｏｓθ与ｎｍｇ之间的大小关系即可探究合力与分力的关系。１４．【答案】（１０分）（１）不需要（２分）（２）２Ｆ０（２分）（３）４．０（２分）（４）Ｂ（２分）（５）２Ｆ０（Ｍ＋ｍ０）ｇ（２分）【解析】（１）由于轻绳的拉力可以由测力计测出，不需要用砂和砂桶的重力近似替代轻绳的拉力，

因而不需要满足砂和砂桶的总质量远小于车的质量。（２）根据题意，以小车为研究对象可知，小车受到的滑动摩擦力为ｆ＝２Ｆ０。（３）根据Δｘ＝ａｔ２可得小车的加速度为ａ＝（１１．０９＋９．１３＋７．１０）－（５．１２＋３．０９＋１．１０）９×（０．１）２≈２００ｃｍ／ｓ２＝２．０ｍ／ｓ２，砂

和砂桶的加速度黄山市２０２０—２０２１学年第一学期期末质量检测·高一物理试题参考答案第３页（共４页）为小车加速度的２倍，故ａ′＝２ａ＝４．０ｍ／ｓ２。（４）有题意可知，小车与长木板之间的摩擦力为２Ｆ０，根据牛顿第二定律有２（Ｆ－Ｆ０）＝（Ｍ＋ｍ０）ａ，则ａ＝２Ｍ＋ｍ０

Ｆ－２Ｍ＋ｍ０Ｆ０，故选项Ｂ正确。（５）根据实验步骤可知ｆ＝２Ｆ０，而ｆ＝μ（Ｍ＋ｍ０）ｇ，解得μ＝２Ｆ０（Ｍ＋ｍ０）ｇ。１５．（６分）【解析】以物体Ｂ为研究对象，则有Ｔ＝ｍｇ（１分）�����������������以物体Ａ为研究对象，当物体Ａ有沿斜面上滑的趋

势时，则有ｍＡｇ（ｓｉｎθ＋μｃｏｓθ）＝ｍｇ（１分）��������������������������解得ｍＡ＝４３ｍ（１分）������������������������������当物体Ａ有沿斜面下滑的趋势时，则有ｍＡ′ｇ（ｓｉｎθ－μｃｏｓθ）＝ｍｇ（１分）��������������

������������解得ｍＡ′＝４ｍ（１分）������������������������������因而物体Ａ的质量范围为４３ｍ≤ｍＡ≤４ｍ（１分）�������������������１６．（８分）【解析】对于质点甲，在加速阶段有ｖ＝ａ１ｔ１（２分）������

�����������在减速阶段由０＝ｖ－ａ２ｔ２（２分）��������������������������由题可得ｘ＝１２ｖ（ｔ１＋ｔ２）（１分）��������������������������对于质点乙有ｘ＝ｖ０（ｔ１＋ｔ２）（１分）����

���������������������联立解得ｘ＝２（ａ１＋ａ２）ａ１ａ２ｖ２０（２分）��������������������������１７．（１０分）【解析】（１）恒力作用时，根据牛顿第二定律有：Ｆ－ｍｇｓｉｎθ＝ｍ

ａ１①（１分）������根据运动学公式有ｓ＝１２ａ１ｔ２②（１分）���������������������ｖ＝ａ１ｔ③（１分）���������������������撤去恒力后，根据牛顿第二定律有ｍｇｓｉｎθ＝ｍａ２④（１分）�������������根据运动学公式有－ｓ＝ｖｔ－１２ａ

２ｔ２⑤（１分）�������������������联立①～⑤解得Ｆ＝４３ｍｇｓｉｎθ（１分）������������������������（２）撤去恒力Ｆ后物块将减速运动至速度为零，然后沿斜面加速下滑到斜面底端物体

沿斜面向上减速时有０＝ｖ－ａ２ｔ′⑥（１分）������������������物体沿斜面上滑的最大距离为ｘ＝ｖ２（ｔ＋ｔ′）⑦（１分）��������������联立①③④⑥⑦解得ｘ＝２ｇｔ２ｓｉｎθ９。（２分）�������

���������������１８．（１３分）【解析】（１）小木块滑上木板后，对于小物块：μｍｇ＝ｍａ１（１分）������������黄山市２０２０—２０２１学年第一学期期末质量检测·高一物理试题参考答案第４页（共４页）解得ａ１＝０．５ｍ／ｓ２，方向向左对于木板

：μｍｇ＝Ｍａ２（１分）���������������������������解得ａ２＝０．５ｍ／ｓ２，方向向右设经过时间ｔ，小物块与木板达到共同速度ｖ运动，则ｖ＝ｖ０－ａ１ｔ＝ａ２ｔ（１分）����������������������������

��解得ｔ＝２ｓ该过程中，小木块运动的位移ｘ１＝ｖ０ｔ－１２ａ１ｔ２解得ｘ１＝３．０ｍ木板运动的位移ｘ２＝１２ａ２ｔ２解得ｘ２＝１．０ｍ则Δｘ＝ｘ１－ｘ２＝２ｍ＝Ｌ（１分）��������������������������故共速

时，小物块恰运动到木板的右端，且木板恰运动到Ｂ点，此时小物块的速度为ｖ＝１．０ｍ／ｓ（１分）�������������������������������（用假设法，动量守恒求共同速度，利用功能关系求出木块相对木板滑动距离同样得分）（２

）小物块沿斜面上升时，根据牛顿第二定律有ｍｇｓｉｎ３７°＝ｍａ（１分）����������解得ａ＝６ｍ／ｓ２设小物块沿斜面上升的最大高度为ｈ，根据运动学公式有０－ｖ２＝２（－ａ）ｈｓｉｎ３７°（１分）��联立解得ｈ＝０

．０５ｍ（１分）����������������������������（３）由于斜面光滑，小物块返回时以１ｍ／ｓ的速度再由Ｂ处滑上木板，设经过ｔ′共速，此时小物块的加速度大小仍为ａ１，方向向右，木板的加速度大小仍为ａ２，方向向左。则ｖ′＝ｖ－ａ１ｔ′

＝ａ２ｔ′（１分）�����������������������������解得ｔ′＝１ｓ该过程中，小木块运动的位移ｘ１′＝ｖｔ′－１２ａ１ｔ′２解得ｘ１′＝０．７５ｍ木板运动的位移ｘ２′＝１２ａ２ｔ′２解得ｘ２＝０．２５ｍ则Δｘ′＝ｘ１′－ｘ２′＝０．５ｍ＜Ｌ（１分）�������������

�����������故小物块与木板共速时，木板还没有到达Ａ点。此时小物块的速度为ｖ′＝０．５ｍ／ｓ碰撞后，木板速度减为零，小物块以ｖ′＝０．５ｍ／ｓ的速度向左减速运动。设经过时间ｔ″小物块减速为零，则０＝ｖ′－ａ１ｔ″（１分）��

������������������������解得ｔ″＝１ｓ小物块在该过程中的位移为ｘ＝ｖ′ｔ″－１２ａ１ｔ″２（１分）�����������������解得ｘ＝０．２５ｍ故ΔＬ＝Ｌ－Δｘ′－ｘ＝１．２５ｍ（１分）

�������������������������即小物块停止运动时离Ａ点的距离为１．２５ｍ