【文档说明】陕西省咸阳市2021-2022学年高一（下）期末质量检测物理试题 含解析.docx，共(19)页，1.415 MB，由小赞的店铺上传

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2021~2022学年度第二学期期末教学质量检测高一物理试题第Ⅰ卷（选择题共52分）一、选择题（本大题共13小题，每小题4分，计52分。在每小题给出的四个选项中，第1~9题只有一项符合题目要求；第10-13题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选

对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1.2022北京冬奥会惊艳了全世界，我国取得了9金4银2铜的历史最好成绩。下列有关冬奥会项目说法正确的是（）A.研究冰壶运动的轨迹时，不能将冰壶看成质点B.研究自由式滑雪运动员空中动作时，

可将运动员看作质点C.钢架雪车运动员经过某计时点的速度为110km/h，该速度为瞬时速度D.短道速滑运动员过弯道做匀速圆周运动时，运动员速度保持不变【答案】C【解析】【详解】A．研究冰壶运动的轨迹时，冰壶的形状和大小可以忽略，可以将冰壶看成质点，故A错误；B．研究自由式滑

雪运动员空中动作时运动员的形状不能忽略，不可以将运动员看作质点，故B错误；C．钢架雪车运动员经过某计时点的速度为110km/h，它是经过某个瞬间或某个位置时的速度，故该速度为瞬时速度，故C正确；D．短道速滑运动员过

弯道做匀速圆周运动时，运动员速度大小不变，方向在变化，故速度在变化，故D错误。故选C。2.一小船以船头垂直于河岸方向过河，已知河宽为50m，河水的流速大小为3m/s，小船做初速度为零、加速度为21m/s的匀加

速直线运动，下列说法正确的是（）A.小船过河的时间约为16.7sB.小船在河对岸下游30m处靠岸C.小船在河对岸下游10m处靠岸D.小船过河时做直线运动【答案】B【解析】【详解】A．由题知船头垂直河岸，则有212dat=可得小船过河的时间为210sdta==故A错误；BC．小船在沿河岸方向的位移大

小为30mxvt==河即小船在河对岸下游30m处靠岸，故B正确，C错误；D．小船在垂直于河岸方向做匀加速直线运动，在沿河岸方向做匀速直线运动，其合运动为曲线运动，故D错误。故选B。3.如图所示，一物体从地面上方某点A先后沿路径Ⅰ、Ⅱ运动到地面上的B点，重力做功分别为1W、2W

，重力势能变化量分别为1pE、2pE。则它们的大小关系正确的是（）A.21ppEE=B.12WWC.12WWD.21ppEE【答案】A【解析】【详解】BC．物体沿不同的路径从A运动到B，但A、B间的高度差一定，根据重力做功

公式Wmgh=可知重力做功相等，即有12WW=故BC错误；AD．根据功能关系可知，重力做多少功，重力势能就变化多少，两种情况下重力做功相同，故重力势能变化量相同，则有21ppEE=故A正确，D错误。故选A。4.如图所示，质量为m的小球用一根细

线和一根轻弹簧悬挂起来，小球静止时，细线水平，弹簧与竖直方向成角，重力加速度为g。现将细线剪断，则下列判断正确的是（）A.剪断细线前，细线中张力大小为tanmgB.剪断细线前，细线中张力大小为sinmgC.剪断细线瞬间，小

球的加速度大小为singD.剪断细线间，小球的加速度大小为tang【答案】D【解析】【详解】AB．剪断细线前，对小球受力分析可知，细线中张力大小为1tanFmg=故AB错误；CD．剪断细线瞬间，弹簧的弹力不变，此时弹簧的弹力与重力的合力1=tan=FFmgma=合则小

球的加速度大小为a=gtanθ故C错误，D正确。故选D。5.如图所示，人站在自动扶梯的水平踏板上随扶梯斜向上加速运动。以下说法正确的是（）A.人只受到重力和支持力的作用B.人处于超重状态C.人处于失重

状态D.人受到的支持力做负功【答案】B【解析】【详解】A．因人站在自动扶梯的水平踏板上随扶梯斜向上加速运动，故人受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力和水平向左的摩擦力作用，故A错误；BC．由于人具有向上的加速度，将加速度分解到竖直方向，则加速度竖直向上，故支持力

大于重力，则人处于超重状态，故B正确，C错误；D．支持力竖直向上，位移沿斜面向上，两者夹角小于90，故支持力做正功，故D错误。故选B。6.一质量为1kg的物体在光滑水平地面上从静止开始运动，其所受的水平力F随位移x变化的图像如图所示，则当5mx=时，物体的速度为（）A.6m/sB.6m/sC.23

m/sD.14m/s【答案】C【解析】【详解】Fx−图像与横轴包含的面积为力F做的功，为6J，对物体由动能定理2F12mvW=代入数据得到速度23m/s，故C正确。故选C。7.嫦娥五号取壤返回地球，完成了中国航天史上的一次壮举。如图所

示为嫦娥五号着陆地球前部分轨道的简化示意图，其中Ⅰ是月地转移轨道，在P点由轨道Ⅰ变为绕地椭圆轨道Ⅱ，在近地点Q再变为绕地椭圆轨道Ⅲ。下列说法正确的是（）为A.在轨道Ⅱ运行时，嫦娥五号在Q点的速度小于在P点的速度B.嫦娥

五号在轨道Ⅱ上运行的周期比在轨道Ⅲ上运行的周期长C.嫦娥五号由轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅲ时，应在Q点加速D.嫦娥五号分别沿轨道Ⅱ和轨道Ⅲ运行时，经过Q点的向心加速度大小不相等【答案】B【解析】【详解】A．在轨道Ⅱ运行时，根据开普勒第二定

律知嫦娥五号在Q点的速度大于在P点的速度，故A错误；B．轨道Ⅱ的半长轴比轨道Ⅲ的半长轴大，根据开普勒第三定律32akT=知嫦娥五号在轨道Ⅱ上运行的周期比在轨道Ⅲ上运行的周期长，故B正确；C．嫦娥五号从轨道Ⅱ变

轨到轨道Ⅲ时，要做近心运动，在Q点必须减速，故C错误；D．由牛顿第二定律得2MmGmar=解2GMar=嫦娥五号分别沿轨道Ⅱ和轨道Ⅲ运行时，经过Q点时到地心的距离r相等，则向心加速度大小相等，故D错误。故选B。8.如图，射击训练场内，飞靶从水平地面A

点以仰角斜向上飞出，落在相距100m的B点，最高点距地面20m。忽略空气阻力，重力加速度取210m/s。则（）A.飞靶从A到B的飞行时间为2sB.飞靶在最高点的速度为20m/sC.抬高仰角，飞靶飞行距离增大D.抬高仰角，飞靶的飞行时间增大【答案】D【解析】【详解】A．飞靶在竖直方向

做竖直上抛运动，根据对称性可得飞靶从A到B的飞行时间为12224shttg===故A错误；B．飞靶在水平方向的速度25m/sxxvt==在最高点竖直方向速度为零，则飞靶在最高点速度为25m/s，故B错误；C．根据运动的分解可得cosxvv=s

inyvv=飞靶飞行的时间22sinyvvtgg==则飞行距离222sincossin2xvvxvtgg===可知45=时，飞行距离有最大值，故C错误；D．根据2sinvtg=可知抬高仰角，飞靶的飞行时间增大，故D正确。故选D。9.如图所示，套在光滑竖直杆上的物

体A，通过轻质细绳与光滑水平面上的物体B相连接，A、B质量相同。现将A从与B等高处由静止释放，不计一切摩擦，重力加速度取g，当细绳与竖直杆间的夹角为60=时，A下落的高度为h，此时物体B的速度为（）的A.

25ghB.45ghC.2ghD.gh【答案】A【解析】【详解】设物体A下落高度h时，物体A的速度为vA，物体B的速度为vB，此时有2cos60BABvvv==物体A、B组成的系统机械能守恒，则有221122ABmghmvmv=+联立方程，解得25Bvgh=故选A。10.

下列说法正确的是（）A.经典力学理论普遍适用，大到天体，小到微观粒子B.空调机既能致热，又能致冷，说明热传递不存在方向性C.卡文迪许通过实验测出引力常量，被誉为第一个能“称量地球质量”的人D.在地面附近发射的飞

行器速度等于或大于第三宇宙速度时，飞行器就能逃出太阳系了【答案】CD【解析】【详解】A．经典力学理论适应于低速宏观物体，不适应高速微观粒子，故A错误；B．空调机既能制热又能制冷，但是必须在外界影响下进行，即消耗一定的电能，不

能说明热传递不存在方向性，故B错误；C．卡文迪许通过实验推算出引力常量G的值，被誉为第一个能“称量地球质量”的人，故C正确；D．当飞行器的速度大于等于第三宇宙速度速度16.7km/s时物体将脱离太阳的束缚，故D正确。故选CD。11.质量为0.1kg的小球从某一高度以6m/s的初速度水平抛

出，经0.8s落地，不计空气阻力，g取10m/s2。则下列说法正确的是（）A.落地时重力的瞬时功率为8WB.0.8s内重力的平均功率为2WC.落地时小球的动能为3.2JD.落地时小球的动能为5J【答案】AD【解析】【详解】A．

重物在竖直方向做自由落体运动，有vy=gtP=mgvy=8WA正确；B．重物在竖直方向做自由落体运动，有213.2m2==hgtWG=mgh=3.2J则0.8s内重力平均功率为G4WWPt==B错误；CD．根据动能定理有20k12mghEmv=−末代入数据有Ek末=5JC错误、D正确。故选AD

。12.一根不可伸长的轻绳拴着小球（可视为质点）在竖直平面做圆周运动，小球运动到最低点时，所受绳的拉力T与速度大小平方2v的关系图像如图所示，重力加速度g取210m/s，不计空气阻力。下列说法正确的是（）的A.小球的质量为0.5kgB.轻绳的长度为2mC.小球通过最高点的最

小速度大小为25m/sD.若小球通过最高点时的速度为10m/s，此时绳子受到拉力大小为60N【答案】BC【解析】【详解】AB．小球在低点，根据牛顿第二定律有2vTmgmL−=解得2mTvmgL=+由图可知纵截距10mg=解得1kgm=斜率6010100mL−=解得L=2m故A错误

，B正确；C．由图可知，当在最低点拉力最小为60N时222100(m/s)v=，即通过最低点的最小速度为v=10m/s，由最低点到最高点，根据机械能守恒定律有2211222mgLmvmv+=解得小球通过最高点的最小速度大小为25m/sv=故C正确；D．若小球通过最高点时的速度

为10m/s，则有2vmgTmL+=解得40NT=方向竖直向下，故D错误。故选BC。13.安全检查仪对旅客的行李进行安全检查，其传送装置可简化为如图所示。紧绷的水平传送带始终保持1m/s的恒定速率向左运行，

旅客把质量为10kg的行李（可视为质点）无初速度地放在传送带A端，通过传送带使其运动到B端。设行李与传送带之间的动摩擦因数为0.1，AB间的距离为2m，g取210m/s。下列说法正确的是（）A.行李箱始终受到向左的摩擦力B.行李箱到达B端

所用时间为1.5sC.传送带对行李箱所做的功为5JD.行李箱与传送带摩擦产生的热量为5J【答案】CD【解析】【详解】AB．对行李，由牛顿第二定律得μmg=ma解得a=1m/s2设行李做匀加速运动的时间为t1，行李加速运动

的末速度为v=1m/s，由v=at1解得t1=1s匀加速运动的位移大小为22111111m0.5m22xat===匀速运动的时间为1220.5s1.5s1ABLxtv−−===行李从A到B的时间为t=t1+t2=2.5s由此

可知行李加速运动时受到向左的摩擦力，匀速运动时不受摩擦力，故AB错误；C．根据动能定理可得传送带对行李箱所做的功为22110=101J=5J22mvW−=故C正确；D．传送带和行李之间的相对位移为1111m0.5

m0.5mxvtx=−=−=因摩擦产生的热量0.110100.5J5JQmgx===故D正确。故选CD。第Ⅱ卷（非选择题共48分）二、实验探究题（本大题共2小题，计16分）14.某同学用图甲所示装置做“探究求合力的方法”实验。其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，

OB和OC为细绳。（1）要减小实验误差，下列措施可行的是（）A．两个分力12FF、的大小要适当大些B．两个分力12FF、间的夹角要尽量大些C．拉橡皮筋的细绳要细些且要稍短一些D．标记细绳方向的点要尽量离结点近些（2）若实验中弹簧测力计的量程均为5N，某次实验用两个弹簧测力计拉

橡皮筋时，两个绳套间的夹角为60°，两弹簧测力计的示数恰好均如图乙所示，弹簧测力计的示数为________N，你认为这次操作____________（填“合适”或“不合适”），原因是_________

___（3）某次实验的结果如图丙所示，这次实验12FF、刚好垂直，若在图丙所示的实验结果中，保持结点的位置2F的方向不变，将两个分力的夹角增大，则1F_________（填“变大”“变小”或“不变”），F___________（填“变大”“变小

”或“不变”）。【答案】①.A②.3.6③.不合适④.两个分力的合力大于弹簧测力计的量程，当用一个弹簧测力计拉橡皮筋时将无法操作⑤.变大⑥.不变【解析】【详解】（1）[1]A．为了减小读数误差，应让两力适当大些，故A

正确；B．两个分力1F、2F间的夹角不宜过大或过小，那样作图不方便，容易产生误差，故B项错误；CD．为了准确记下拉力的方向，故采用两点描线时两点应尽量距离大一些，细绳应长些，故CD错误。故选A。（2）[

2]弹簧测力计的示数为3.6N。[3]这次操作不合适。[4]因为当1F与2F大小都为3.6N．且夹角为60°时，两个力的合力大小为12cos303.63N5NFF==即F超过了弹簧测力计的量程，当用一个弹簧测力计拉橡皮筋时将无法操作。（3）[5][6]结点的位置不变，合

力不变，即F不变，2F方向不变，增大两个分力夹角．由图示可知，12FF、均增大。15.利用图1装置做“验证机械能守恒定律”的实验。（1）除打点计时器（含纸带、复写纸）、交流电源、铁架台、导线及开关外，在下面的器材中，必须使用的还有______。（填序号）A．大小合适的铁质重锤B．秒表C．体积

较大的木质重锤D．刻度尺（2）图2是实验中得到的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为Ah、Bh、Ch。重锤质量用m表示，已知当地重力加速度为g，打点计时器打点的

周期为T，从打下O点到打下B点的过程中，重锤重力势能的减少量pE=______，动能的增加量kE=______。（均用已知和测量物理量符号表示）（3）某同学在纸带上选取计数点后，通过描绘2vh−图像去研究机械能是否守恒。若实验中重锤所受阻力

不可忽略，且阻力大小保持不变。下列2vh−图像中，从理论上分析合理的是______。（填序号）A．B．C．D．【答案】①.AD##DA②.mghB③.22()8CAmhhT−④.A【解析】【详解】1）[1]AC．为了减小空气阻力的影响，选用大小

合适的铁质重锤，A正确，C错误；B．打点计时器就是计时仪器，不需要秒表，B错误；D．需要用刻度尺测量重锤下落的高度，D正确。故选AD。（2）[2]从打下O点到打下B点的过程中，重锤重力势能减少量为Ep=mghB[3]打下B点时重锤的速度为2CABhhvT

−=由于初速度为零，则动能的增加量为2k22()128BCAmmvhhET−==（3）[4]由于阻力大小保持不变，由动能定理得212mghfhmv−=解得22fvhgm=−则v2与h成正比关系。故选A。三、计算题（本大题共3小题，计32分．

解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16.2022年4月16日，神舟十三号航天员翟志刚、王亚平、叶光富乘组圆满完成任务返回地球，结束了长达半年“太空出差”。假设神舟十三号载人飞船在距地面高度为h的轨道做圆

周运动，已知地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g，引力常量为G，求：（1）神舟十三号载人飞船轨道处的重力加速度；（2）神舟十三号载人飞船运行的周期。【答案】（1）22()gRgRh+=；（2）2()RhRhTRg++=的【解析】【详解】（1）根据万有引力和重力的关系，在地球表面

有2MmGmgR=神舟十三号载人飞船轨道处有2()MmGmgRh=+联立有22()gRgRh+=（2）神舟十三号载人飞船运行时万有引力提供向心力，有2224()()MmGmRhRhT=++则整理后有2()RhRhTRg+

+=17.现在城市的交通非常发达，城市的快速道限速可以达到80km/h。现在有一辆汽车正以72km/h的速度向红绿灯路口行驶，离路口还有120m的地方，司机发现前方是红灯，并且显示倒计时时间为10s，他继续原速前进，一段时间后

，开始以大小25m/s的加速度减速，到达路口时车刚好停止。（车辆可视为质点，不计司机的反应时间）（1）求车到达路口时红灯还剩几秒；（2）如果车辆在120m处按自由滑行（关闭动力）的方式来减速前进，加速度大小为211.25m/sa

=，车辆会不会闯红灯。【答案】（1）2s；（2）见解析【解析】【详解】（1）由题知，v0=72km/h=20m/s，设车减速为零的时间为t2，则有024svta==运动的位移为x2为02240m2vxt==则车做

匀速直线运动的时间为在2101204sxtv−==所以车到达路口时红灯还剩的时间为0122stttt=−−=（2）当位移为120m时，设用时为t3，则有2031312xvtat=−代入数据解得38st=此时车的速度为013v

vat=−解得10m/sv=此时依然是红灯，而汽车的速度为10m/s，必定闯红灯。18.如图所示，AB部分为光滑的14圆弧轨道，半径R=0.2m，A点与圆心等高。BC部分水平但不光滑，C端固定一轻质弹簧，OC为弹簧原长。一个可视为

质点、质量m=1kg的物块从A点由静止释放，经弹簧反弹后停在D点（不再滑上轨道AB段）。已知物块与BC之间的动摩擦因数0.1=，BD和DO间距离均为s=0.5m，210m/sg=。试求：（1）物块运动到B点时对

轨道的压力大小；（2）整个过程中弹簧的最大压缩量1x；（3）已知轻质弹簧劲度系数k=24N/m，物块向左运动过程中最大速度m56m/s12v=，求此时弹簧的弹性势能pE。【答案】（1）30N；（2）0.25m；（3）1J48【解析】【详解】（1）物块从A滑到B

过程，根据动能定理得212BmgRmv=小球运动到B点的速度2m/sBv=在B点，根据牛顿第二定律有2NBvFmgmR−=解得N30NF=根据牛顿第三定律可知，物块运动到B点时对轨道的压力大小30N；（2）整个过程根

据动能定理得()1320mgRmgsx−+=解得15m0.2x=（3）物块速度最大时加速度为0，设此时弹簧压缩量为x，有kxmg=解得1m24x=从B到向左速度最大过程，根据动能定理()221m112222BmgsxxWmvmv−+−−=−弹解得p1J

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