【文档说明】新疆乌鲁木齐市第130中学2022-2023学年高一上学期期中考试物理试题含解析.docx，共(14)页，586.372 KB，由管理员店铺上传

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乌鲁木齐市第130中学2022-2023学年第一学期高一年级期中考试物理试卷（满分100分考试时长90分钟）一、选择题（第1-第10题为单选题，第11-15题为多选题，每小题3分，共45分）1.下列各组中的物理量，都属于矢量的是（）A.速度

、加速度、温度B.位移、力、质量C.速度的变化、位移、力D.加速度、时间、路程【答案】C【解析】【分析】【详解】既有大小又有方向的物理量是矢量，速度、加速度、位移、力以及速度的变化都有大小和方向，都是矢量，只有大小没有方向的物理量是标量，温度、质量、时间和路程只有大小没

有方向，是标量。故选C。2.关于速度、速度变化及加速度的关系下列说法不正确的是（）A.物体运动加速度等于0，而速度却不等于0。B.物体具有向东的加速度，而速度变化却向西。C.两物体相比，一个物体的速度变化量比较大，而加速度却比较小。D.物体做直线运

动，后一阶段的加速度比前一阶段小，但速度却比前一阶段大。【答案】B【解析】【详解】A．物体可以运动加速度等于0，而速度不等于0，例如匀速直线运动的物体，故A正确，不符合题意；B．由加速度定义式可知，物体加速度的方向与速度变化的方向相同。故

B错误，符合题意；C．两物体相比，一个物体的速度变化量比较大，如果时间较长，则加速度可以比较小，故C正确，不符合题意；D．如果物体做加速直线运动，始终保持速度方向与加速度方向一致，即使后一阶段的加速度比前一阶段小，速度也会比前一阶段大，故D正

确，不符合题意。故选B。3.某物体由静止开始做匀加速直线运动，位移为x时，速度为v；当速度为4v时，位移是（）A.9xB.6xC.3xD.16x【答案】D【解析】【详解】物体从静止开始运动，位移是x时，根据位移速度公式可得22vax=当速度是4v时，根据公式可

得()2142vax=故116xx=故选D。4.一辆汽车以30m/s速度沿平直路面行驶，当汽车以5m/s2的加速度刹车时，则刹车2s内与刹车7s内的位移之比为（）A.1∶1B.3∶4C.5∶9D.4∶3【答案】C【解

析】【详解】取初速度方向为正方向，则汽车的加速度25m/sa=−，由运动学公式可知，汽车刹车时间为030s6s5vta−===−所以汽车刹车后2s内的位移22202211302m(5)2m50m22xvtat=+=+−=汽车刹车后7s内的位移实为停车6s内的位移，即7622066113

06m(5)6m90m22xxvtat==+=+−=所以72:50:905:9xx==故选C。5.一辆长为0.6m的电动小车沿水平面向右做匀变速直线运动，用时间间隔为2s的相机拍摄了一组照片．用刻度尺测量照片上的长度，结果如图所示．则小车的加速

度大小为的A.0.5m/s2B.1.5m/s2C.2.5m/s2D.以上没有正确答案【答案】A【解析】【详解】刻度尺测量出电动小车的长度为1.2cm，实际长度为0.6m，则汽车在相等时间内的位移：130.6m1.5m1.2x

==270.6m3.5m1.2x==根据2xaT=得：2221223.51.5m/s0.5m/s2xxaT=−−==A.0.5m/s2与分析相符，故A正确；B.1.5m/s2与分析不符，故B错误；C.2.5m/s2与分析不符，故C错误；D.与分析不符，故D错误；6.质点做直线运动的位移x与

时间t的关系为261.5xtt=+（各物理量均采用国际单位），则该质点（）A.任意1s内的速度增量都是3m/sB.任意相邻的1s内位移差都是2mC.前2s内的平均速度是6m/sD.第1s内的位移是5m【答案

】A【解析】【详解】A．对比公式2012xvtat=+可得06m/sv=，1.52a=解得23m/sa=故任意1s内的速度增量都是3m/s，故A正确；B．任意相邻的1s内位移差22313mmxat===故B错误；

C．前2s的位移为2621.5218mmx=+=平均速度18m/s9m/s2xvt===故C错误；D．第1s内的位移2m611.517.5mx=+=故D错误。故选A。7.一物体沿直线一直向东运动，前一半路程的平均速度

是4m/s，后一半路程的平均速度是6m/s，则全程的平均速度应是（）A.2m/sB.2.4m/sC.2.5m/sD.4.8m/s【答案】D【解析】【详解】设全程位移为2x，前一半路程的平均速度为v1，则运动时间为11xtv=后一半路程的平均速度为v2，则运动时间为2

2xtv=则全程的平均速度12121212222246m/s4.8m/s46vvxxvxxttvvvv=====++++故选D。8.两个质点甲与乙，同时由同一地点向同一方向做直线运动，它们的v﹣t图像如图所示，则

下列说法中正确的是（）A.在第2秒末甲、乙将会相遇B.在第2秒末甲、乙速度相同C.在前2秒内，甲的平均速度比乙的大D.以上说法都不对【答案】B【解析】【分析】v﹣t图像中，图像与坐标轴围成的面积表示位移。相遇要求在同一时刻到达同一位置，位移相等。由图能直接读出速度。平均速度由位移与时

间之比分析。【详解】A．由图像与坐标轴围成的面积表示位移可知：在前2s内甲的位移比乙小，则知甲还没有追上乙，A错误；B．在第2秒末两图像相交，甲、乙速度相同，B正确；C．在前2s内甲的位移比乙小，则甲的平均速度比乙的小，C错误；D．由上可知D错误。故选B。【点睛】本题关键是根据速度时间图像

得到两个物体的运动规律，然后根据速度时间图像与时间轴包围的面积表示位移大小，结合初始条件进行分析处理。9.一物体从H高处自由下落，经时间t落地，则当它下落2t时，离地面的高度为（）A.2HB.4HC.34HD.32H【答案】C【解析】详解】根据自由落体运动规律有212H

gt=当物体下落2t时，离地面的高度为【221332284thHggtH=−==故选C。10.甲图中小明用60N的水平力推木箱，没推动，此时木箱受的摩擦力为F1；乙图中小明用100N的水平力恰好能推动木箱，此时木箱受的摩擦力为F2；丙图

中小明把木箱推动了，此时木箱受的摩擦力为F3．已知木箱对地面的压力为300N，木箱与地面间动摩擦因数为0.3，则F1、F2、F3的大小分别为（）A60N，100N，300NB.0N，100N，300NC.60N，100N，90ND.0N，100N，90N【答

案】C【解析】【详解】甲图中，推木箱不动，静摩擦力与推力平衡，故160NF=；乙图中，用100N的水平力恰能推动木箱，故静摩擦力达到最大值，即2100NF=；丙图中，小孩把木箱推动了，受滑动摩擦力，大小为30.3300N90NNFF===选项C正确．故选C。【点睛】本题

关键要抓住滑动摩擦力与静摩擦力的判断方法，确定摩擦力的大小，首先必须分清摩擦力的种类，是滑动摩擦力还是静摩擦力．11.如图所示，下列各图中的物体A均处于静止状态，关于是否受到弹力作用的说法正确的是（）A.图甲中地面是光滑水平的

，物体A与B间存在弹力B.图乙中两斜面与水平地面的夹角分别为α、β，两斜面对物体A均有力的作用C.图丙中地面光滑且水平，物体A与竖直墙壁有力的作用D.图丁中物体A受到斜面B对它的支持力的作用.【答案】BCD【解析】【详解】A．图甲中的物体A受重力和地面支持力的作用，二力平衡物体A静止

，不可能再受到物体B对A的弹力的作用，故A错误；B．图乙中采用假设法，若除去左侧的斜面，物体A将运动，去掉右侧的斜面，物体A也将运动，所以两斜面对物体A均有力的作用，故B正确；C．图丙中由水平方向二力平衡知外力F与

竖直墙壁对物体A的作用力平衡，墙壁对物体A有力的作用，故C正确；D．图丁由弹力产生的条件可知，物体A与B接触且挤压，二者之间有弹力的作用，故D正确。故选BCD。12.一个小球从4m高处落下，被地面弹回，1m高处被接住，则小球在整个运动过程中（）。A.位移是5mB.路程是5m

C.位移大小为3mD.以上均不对【答案】BC【解析】【详解】AC．小球从4m高处落下，被地面弹回，在1m高处被接住，则位移大小为3mx=，方向竖直向下，A错误，C正确；B．小球从4m高处落下，被地面弹回，在1m高处被接住，则路程为4m1m5ms

=+=B正确；D．由上述分析可知，D错误。故选BC。13.由静止开始做匀加速直线运动的物体,在第1s内的位移为2m.关于该物体的运动情况,以下说法正确的是()A.第1s内的平均速度为2m/sB.第1s末的瞬时速度为2m/s

C.第2s内的位移为4mD.运动过程中的加速度为4m/s2【答案】AD【解析】在【详解】物体的初速度为零，所以物体在第1s内的平均速度2/2/1xvmsmst===，A正确，第1s内的平均速度等于0.5s末的瞬时速度，所以B错误；根据公式212xat=可得2/4ams=，D

正确，物体在第2s内的位移为22211•2?1622xaam=−=，C错误；14.在下列位移—时间图像和速度—时间图像中，甲、乙、丙、丁代表四个不同物体的运动情况．下列描述正确的是（）A.在0～t4时间内，甲丙均做往返运动B.在t1～t2时

间内，甲丙均做匀速直线运动C.在0～t3时间内，甲的平均速率大于乙的平均速率，丙的平均速度大于丁的平均速度D.在t3时刻，v甲>v乙，a丙>a丁【答案】CD【解析】【详解】A．在0～t4时间内，丙的速度始终为正，即始终向正方向运动．故A项错误；B．在t1～t2时间内，甲的位置

不变，即甲在这段时间内静止，丙做匀速直线运动，故B项错误；C．在0～t3时间内，甲的运动出现往返，乙一直做单向运动；且0～t3甲、乙的始末位置一样，即在0～t3时间内甲的路程大于乙的路程，即SS甲乙，所以在0～t3时间内，甲的平均速率大于乙的平均速率；在0～t3时间内，丙的速度始终大于丁的速度

，则在0～t3时间内，丙的平均速度大于丁的平均速度，故C项正确；D．位移—时间图像切线斜率绝对值表示速度大小，则在t3时刻v甲>v乙速度—时间图像切线斜率绝对值表示加速度大小，则在t3时刻a丙>a丁故D项正确。故选CD。15.某物体运动的vt−图像如图所示

，根据图像可知该物体（）A.0～1s内的平均速度是1m/sB.0～2s内的位移大小是3mC.0～1s内的加速度等于2～4s内的加速度D.0～1s内的运动方向与2～4s内的运动方向相反【答案】AB【解析】【详解】A．0~1s内物体做初

速度为零的匀加速直线运动，平均速度是初末速度和的一半，即02m/s1m/s2v+==A正确；B．vt−图线与时间轴所围的面积表示位移，故0~2s内的位移大小是122m3m2x+==B正确；C．图线的斜率表示加速度，0~1s内的加速度为22120m/s2m

/s1a−==2~4s内的加速度为22202m/s1m/s42a−==−−即0~1s内的加速度大于2~4s内的加速度，C错误；D．4s内速度始终为正值，即物体始终朝正方向运动，D错误。故选AB。二、解答题（16、17、18、19各10分，第20题15分）16.一小车正在

以初速度为4m/s，加速度为23m/s做匀加速直线运动，若从此时开始计时，求：（1）当小车速度增大到16m/s时，经历的时间是多少？（2）前6s小车运动的位移为多少？【答案】（1）4s；（2）78m【解析】【详解】（1）根据速度时间公式有0tv

vat=+可得0164s4s3tvvta−−===（2）根据位移时间公式有022114636m78m22xvtat=+=+=17.一辆沿平直路面行驶的汽车，速度为54km/h，刹车后获得加速度的大小是3m/s2，求：（1）

刹车后6s末的速度；（2）从开始刹车至停止，汽车滑行的距离。【答案】（1）0；（2）37.5m【解析】【详解】（1）规定汽车初速度方向为正方向，汽车的加速度为23m/sa=−，初速度为054km/h15m/sv==，则由0vvat=+可知，刹车时间为015s5s3t−==−故刹车后6s末的速度

为0。（2）由2202vvax−=可得，刹车距离为()222015m37.5m223vvxa−−===−18.一小球从离地面500m处自由落下，不计空气阻力，取210m/sg=，求：（1）小球落到地面需要的时间.（2）小球在开始下落后第1s内的位移大

小和最后1s内的位移大小.（3）小球在下落时间为总下落时间一半时的位移大小.【答案】（1）10s（2）5m95m（3）125m【解析】【详解】（1）小球做自由落体运动，根据212hgt=可得22500s10s10htg===.（2）第1s内的

位移221111101m5m22hgt===前9s内的位移229911109m405m22hgt===最后1s内的位移9500m405m95mhhh=−=−=.（3）5s2tt==位移22511105m125m22hgt===.19.如

图所示，质量为m=2kg的木块放在水平地面上，受到水平方向的作用力F=kt，已知k=2N/s，木块与水平地面之间的动摩擦因数μ=0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2。求：（1）水平地面对木块的支持力大小；（2）

t=1.5s时，木块受到的摩擦力大小；（3）t=10s时，木块受到的摩擦力大小。【答案】（1）20N；（2）3N；（3）4N【解析】【详解】（1）木块竖直方向二力平衡，水平地面对木块的支持力大小为N20NFmg==（2）木块与水平地面之间的

最大静摩擦力Fmax＝μFN＝0.2×20N＝4Nt＝1.5s时，水平方向的作用力F1＝kt＝2×1.5N＝3N则F1<Fmax木块处于静止状态，所以t＝1.5s时，木块受到的摩擦力Ff＝F1＝3N（3）t＝10s时，水平方向的作用力F2＝kt＝2×10N＝2

0N则F2>Fmax木块处于运动状态，所以t＝10s时，木块受到的摩擦力为滑动摩擦力fN0.220N4NFF==＝20.甲乙两同学均在并排相邻的、各自的平直道路上运动，相互约定：只要从对方旁边通过时就视为相遇。骑自行车的甲同

学在乙同学后方s0=32m处以v1=14m/s、加速度a=2m/s2向乙匀减速靠近，而此时步行的乙同学正好以v2=2m/s匀速向前。（1）甲同学从v1=14m/s到停止的位移；（2）经过多长时间甲乙两同学相遇。【答案】（1）49m；（2）4s或8.5s【解析】【详解】（1）由速

度位移公式可得22114m49m222vxa===甲（2）若甲没有停止之前两同学相遇，则有212012vtatvts−=+代入数据解得4st=或8st=甲同学的减速时间为1=7svta=甲故4st=时甲追

上乙，甲乙第一次相遇。8st=不符合实际，设甲乙第二次相遇经历的时间为t，则有20xvts=+甲解得024932s8.5s2xstv−−===甲所以甲乙第二次相遇的时间为8.5s。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangx

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