【文档说明】安徽省淮南市第二中学2023-2024学年高一上学期第一次月考物理试题 含解析.docx，共(13)页，1.126 MB，由小赞的店铺上传

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淮南二中2026届高一第一次月考物理答案学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1.下列情况中运动员可被视为质点的是（）A.分析乒乓球赛中运动员的扣球动作B.分析足球比

赛中某位运动员的轨迹C.欣赏跳水运动员空中腾飞翻转的优美姿态D.比较滑雪越野赛中运动员拐弯时的动作【答案】B【解析】【详解】质点是所研究的问题与物体自身大小形状无关时，做出的理想化模型，ACD物体自身的大小、动作都是要研究的对象，不能忽略，只有B所研究的轨迹与运动员自身大小无关，B正确。故选B

。2.由于疫情原因，2020年东京奥运会将延期举行，关于奥运会比赛的论述，下列说法正确的是（）A.某场球比赛打了加时赛，共需10min，指的是时刻B.百米比赛中，一名运动员发现观众在“后退”，他是以大地为参考系

C.运动员跑完1500m比赛，1500m指的是路程D.给正在参加体操比赛运动员打分时，裁判们可以把运动员看作质点【答案】C【解析】【详解】A．某场球比赛打了加时赛，共需10min，指的是时间间隔，A错误；B．百米比赛中，一名运动员发现观众在“后退”，他是以自己为参考系，B错

误；C．运动员跑完1500m比赛，1500m指的是路程，C正确；D．给正在参加体操比赛的运动员打分时，要观察运动员的动作，运动员的形状大小不能忽略不计，裁判们不可以把运动员看作质点，D错误。故选C。3.

蹦床是一项既好玩又惊险的运动。如图所示，运动员从高处自由落下，以大小为8m/s的速度竖直向下着网，与网作用后，以大小为4m/s的速度竖直向上弹回。已知运动员与网接触的时间Δ1st=，且规定竖直向下为正方向，那么运动员

在与网接触的这段时间内的加速度为（）的A.12m/s2B.－12m/s2C.－4m/s2D.4m/s2【答案】B【解析】【详解】根据加速度的定义可得运动员在与网接触的这段时间内的加速度为22Δ48m/s12m/sΔ1vat−−===−故选B。4.我国“蛟龙号”深潜器进行下潜试验，从水面开始竖

直下潜，最后返回水面，v－t图像如图所示，则有()A.0～4min和6～10min两时间段平均速度大小相等B.全过程中的最大加速度为0.025m/s2C.3～4min和6～8min加速度方向相反D.本次下潜的最大

深度为6m【答案】A【解析】【详解】根据速度图象与坐标轴围成的面积表示位移，则0-4min内的位移大小为：x=12×（120+240）×2=360m；6～l0min内位移大小为x′=12×3×240m=360m，可知，0～4min和6～10m

in两时间段位移大小相等，所用时间相等，则平均速度大小相等．故A正确．第1s内加速度最大，大小为220.033/60vamst==，故B错误；v-t线的斜率的符号反映加速度的方向，可知3～4min和6～8min加速度方向相同，选项C错误；由图像可知t=4s时“蛟龙号”下潜到最

深处，最大深度为：S=12×（120+240）×2=360m，故D错误；故选A．5.如图所示，将弹性小球以10m/s速度从距地面2m处的A点竖直向下抛出，小球落地后竖直反弹经过的距地面1.5m高的B点时，向上的速度为

7m/s，小球从A点到B点共用时0.3s，则此过程中（）A.小球通过的路程为17mB.发生的位移大小为0.5m，方向竖直向下C.速度变化量的大小为3m/s，方向竖直向下D.小球平均速度的大小为8.5m/s，方向竖直向下【答案】B【解析】【详解】A．小球通过的路程为=2+1.5m=3.

5ms（）故A错误；B．小球的位移指初末位置有向线段，大小为0.5m方向竖直向下，故B正确；C．速度变化量Δ=(10+7)m/s=17m/sv方向竖直向上，故C错误；D．平均速度21.55m/s0.33xvt−===方向竖直向下，故D错误。故选B。6.如图所示，物体A在斜面

上由静止匀加速滑下x1后，又匀减速地在水平面上滑过x2后停下，测得x2＝2x1，物体经过斜面和水平面交接处时速度大小不变，则物体在斜面上的加速度a1与在水平面上的加速度a2的大小关系为（）A.a1＝a2B.a1＝2a2C.a1＝12a2D.a1＝4a2【答案】B【解析】

【详解】设匀加速运动的末速度为v，对于匀加速直线运动阶段有v2＝2a1x1对于匀减速运动阶段，可以看成反向的初速度为零的匀加速直线运动，故有v2＝2a2x2联立两式解得a1＝2a2故选B。7.如图所示，一个滑块从

固定斜面顶端A由静止开始沿斜面向下做匀加速直线运动到达底端C，已知ABBC=，则下列说法正确的是（）A.滑块到达B、C两点速度之比为1:2B.滑块到达B、C两点的速度之比为1:2C.滑块通过AB、BC两段的时间之比为1:2D.滑块通过AB、BC两段的时间之比为()21

:1+【答案】BD【解析】【详解】AB．由题意可知滑块做匀加速直线运动设其加速度a，在AB段有202BABvax−=在AC段有202CACvax−=由题意可知2ACABxx=的为综上所述有1::2BCvv=故A错误，B正确；CD．滑块到达B点的时间为1t，由

题意可知AB段时间为1t有1Bvat=滑块到达C点的时间为2t2Cvat=由题意可知BC段时间为321ttt=−滑块通过AB、BC两段的时间之比为()13:21:1tt=+故C错误，D正确。故选BD。8.一辆汽车在平直的公路上匀速行驶，由于前方出现险情，刹车后汽车的位移与时间关系为X=27t-3t

2(X单位为m,t单位为s)．则下列说法中正确的是()A.汽车刹车的加速度为3m/s2B.刹车的最初2秒内汽车的平均速度为21m/sC.第5秒内的位移为0.75mD.刹车5秒内的位移为60m【答案】BC【解

析】【详解】由匀变速直线运动的位移时间关系x＝v0t+12at2，由汽车刹车后的位移满足X=27t-3t2可知，汽车刹车时的初速度为27m/s，加速度为-6m/s2．所以：A．汽车刹车的加速度为-6m/s2，故A错误；B．刹车后2s末的速度v=27-6×2=15m/

s，所以2s内的平均速度02715m/s21m/s22vvv++＝＝＝，故B正确；CD．汽车停车时间027s4.5s6vta−＝＝＝则刹车5秒内的位移为220127m60.75m226vxa===汽车刹车后第5s内的位移等于刹车总位移减去4s内的位移，即x5＝

60.75m−(27×4−3×42)m＝0.75m所以C正确，D错误．9.甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v—t图像如图所示。已知两车在2.5st=时并排行驶，则下列说法正确的是（）A.在1st=时，甲车在乙车后B.在0=t时

，甲车在乙车前7.5mC.两车另一次并排行驶的时刻是1.5st=D.甲、乙车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为20m【答案】CD【解析】【详解】AC．由vt−图像与时间轴所围成的面积表示位移可知，若两车在2.5st=时并排行驶，则1.5s2.5s甲、乙两车的位移相等

，所以两车在1.5st=时也并排行驶，故在1st=时，甲车在乙车前面，A错误，C正确；B．由图像可知，甲车的加速度为2120m/s10m/s2vat===乙车的加速度为2222010m/s5m/s2vat−===故1.5st=时，甲车位移为211111.25m2xat==乙车位移为220

2120.625m2xvtat=+=故在0=t时，甲车在乙车前方，距离为219.375mxxx=−=B错误；D．由上分析可知，两车在1.5st=和2.5st=时都处于并排行驶，由上分析可知，1.5st

=时，甲车位移为211111.25m2xat==2.5st=时，甲车的位移为211131.25m2xat==故甲、乙车两次并排行驶位置之间沿公路方向的距离为1120mxxx=−=D正确。故选CD。10.预碰撞安全系统能自动

探测前方障碍物，测算出发生碰撞的可能性，若系统判断碰撞不可避免，则会预先收紧前座安全带、启动刹车来最大限度地减轻损伤。某新型赛车进行自动刹车性能测试的运动学图像如图所示，已知汽车在平直路面上行驶，从发现问题开始计时，经0.1s反应时间后开始

采取制动措施，之后做匀减速直线运动直到停止，则以下说法正确的是（）A.汽车运动的最后5m内平均速度大小为52m/sB.1st=时，汽车停止运动C.汽车初速度大小为40m/sD.汽车减速时的加速度大小为240m/s【答案】

A【解析】的【详解】C．根据图像可知，前0.1s匀速运动，故速度的平方保持不变，位移2m后发生改变，故汽车初速度大小为02m/s20m/s0.1xvt===C错误；D．物体做匀变速运动，根据速度与位移关

系公式2202vvax−=可知，汽车减速时的初速度为20m/s，减速的位移为10m，故加速度为22020m/s2vax==D错误；B．汽车减速的时间为001svta−==−故加上反应时间，1.1st=时，汽车停止运动，B错误；A．

汽车运动的距停下来5m时的速度为2'2'vax=解得'102m/sv=汽车运动的最后5m内平均速度大小为'52m/s2vv==A正确。故选A。二、实验题11.为测量小车的加速度，需将宽度为b的挡光片固定在小车上，并在导轨上安装相距为d的两个光电门传感器。小车沿导轨做匀加速直线

运动，先后经过两个光电门传感器，测得的挡光时间分别为1t和2t，则小车的加速度=a________。为减小实验误差，可________两挡光片的宽度b或者________两个光电门传感器间的距离。（后两空选填“增大”或“减小”）【答案】①.22222122bbdtdt−

②.减小③.增大【解析】【详解】[1]用挡光片通过光电门的平均速度替代小车的瞬时速度，通过光电门1的速度为11bvt=通过光电门2的速度为22bvt=根据匀变速直线运动速度与位移的关系式可得小车的加速度为222222212122212222bbttvvbbadd

dtdt−−===−[2][3]平均速度接近小车的瞬时速度可以减小实验误差，可增大两个光电门传感器间的距离或者减小挡光片的宽度b。12.某同学利用图甲所示的实验装置，探究物块在水

平桌面上的运动规律。物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上(尚未到达滑轮处)。从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示。打点计时器电源的频率为50Hz。(1)通过分析纸带数据，可判断物块在两相邻计数

点_______和_______之间某时刻开始减速。(2)计数点5对应的速度大小为________m/s，计数点6对应的速度大小为________m/s。(保留三位有效数字)(3)物块减速运动过程中加速度的大小为a＝________m/s2。【答案】①.6②.7③.1.00④.1.20⑤.

2.00【解析】【详解】(1)[1][2]从纸带上的数据分析得知：在点计数点6之前，两点之间的位移逐渐增大，是加速运动，在计数点7之后，两点之间的位移逐渐减小，是减速运动，所以物块在相邻计数点6和7之间某时刻开始减速；(2)[3][4]根据平均速度等于中时刻速度，

则有：4650.11010.09001.00m/s20.2+===xvT且有：2220.11010.0902.01m/s0.1−===xaT651.002.010.11.20m/s=+=+vvaT；(3)[5]由纸带可知，计数点7往后做减速运动，根据作差法得：

20.0460.0660.08610.10602.00m/s40.01+−−==−a所以物块减速运动过程中加速度的大小为22.00m/s三、解答题13.在某次新型遥控电动玩具车的性能测试中，玩具车以6m/s的初速度冲上足够长的斜坡向上做匀减速直线运动，

加速度大小是0.5m/s2，求：（1）8s末玩具车速度是多大？（2）经过8s，玩具车在斜坡上通过多长的距离？【答案】（1）2ms；（2）32m【解析】【详解】（1）根据运动学速度时间公式0vvat=+，玩具车

做匀减速直线运动，加速度是负值，代入数据解得6ms0.58m/s2m/sv=−=（2）根据运动学位移时间公式2012xvtat=+，玩具车做匀减速直线运动，加速度是负值，代入数据解得2168m0.58m32m2x=−

=14.近期中国人民解放军在台湾海峡及南北两端连续组织实战化演练，空降兵部队进行了一场红蓝士兵对抗演习，展示了维护国家主权和领土完整的决心与能力。在一次低空跳伞训练中，当直升机悬停在离地面H=323m高处时，伞兵离开飞

机做自由落体运动。运动一段时间后，打开降落伞，展伞后伞兵以a=12.5m/s2的加速度匀减速下降。为了伞兵的安全，要求伞兵落地速度最大不得超过v=5m/s，取g=10m/s2，求：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为多少？（2）伞兵在空

中的最短时间为多少？【答案】（1）143m；（2）10.4s【解析】【详解】（1）设伞兵展伞时，离地面的高度至少为h，此时的速度为v0，则有2202vvah−=−又()202vgHh=−联立得143mh=（2）设伞兵在空中的最短时间为t，伞兵离开飞机做自由落体运动，则01vgt=伞

兵匀减速下降过程02vvta−=−所求时间为12ttt=+解得10.4st=15.蓝牙（Bluetooth）是一种短距离无线通信技术，可实现固定设备、移动设备和楼宇个人域网之间的短距离数据交换（使用2.4～2.485GHz的ISM波段的无线电波）。现有两同学用安装

有蓝牙设备的玩具小车甲、乙进行实验：甲、乙两车开始时处于同一直线上相距d=4.0m的O1、O2两点，甲车从O1点以初速度v0=4m/s、加速度a1=1m/s2向右做匀加速运动，乙车从O2点由静止开始以加速度a2=2m/s2向右做

匀加速运动，已知当两车间距超过s0=10.0m时无法实现通信，忽略信号传递的时间。已知6=2.45。求：（1）甲、乙两车在相遇前的最大距离；（2）甲、乙两车在相遇前能保持通信的时间。【答案】（1）12m；（2

）4.9s【解析】【详解】（1）当两车速度相等时相距最大，即01121vatat+=解得14s=t所以两车相距最大距离为=+−1甲乙ssds=+2甲011112svtat2乙2112sat=112ms=（2）当两车的间距大于0s时，两车无法保持通信，由题可知

，两车的间距先增大后减小，设0甲乙+−=sdss时小车的运动时间为t，则2201201122++−=vtatdats解得22st=36st=即中间有324sttt=−=的时间无法通信，又当乙车追上甲车时有甲乙+=sds即220414241122++=vt

atdat解得=48.9st所以能保持通信的时间为获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com