【文档说明】河北省石家庄市藁城区一中2019-2020学年高二上学期第二次月考物理试卷【精准解析】.doc，共(20)页，1.458 MB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-1080c8ebd4b45784bdc0335df40ca901.html

以下为本文档部分文字说明：

-1-高二第一学期月考二试卷一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第6题，第11题有多项符合题目要求，其余题只有一项符合题目要求，。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）1.如图所示，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动，则关于电子

在两板间的运动情况，下列叙述正确的是（）A.两板间距越大，加速的时间越长B.两板间距离越小，加速度就越大，则电子到达Q板时的速度就越大C.电子到达Q板时的速度与板间距离无关，仅与加速电压有关D.电子的加

速度和末速度都与板间距离无关【答案】AC【解析】【分析】【详解】A．电子的加速度为qUamd=由d=12at2得22amtddqU==∝d故两板间距越大，加速的时间越长．故A正确．BC．根据动能定理得qU=1

2mv2则得电子到达Q板时的速度2qUvm=-2-与两板间的距离无关，与加速电压有关．故B错误，C正确．D．电子的加速度为qUamd=与两板间的距离有关．故D错误．故选AC．2.一带负电小球，在从空中a点运动到b点的过程中，受重力、空气阻力和静电力作用，重力对小球做功3.5

J，小球克服空气阻力做功0.5J，静电力对小球做功1J，则下列说法正确的是（）A.小球在a点的重力势能比在b点小3.5JB.小球在a点的机械能比在b点小0.5JC.小球在a点的电势能比在b点少1JD.小球在a点的动能比在b点多4J【答案】B【

解析】【分析】【详解】A．小球从a点运动到b点过程中，重力对小球做功3.5J，小球的重力势能就减小3.5J，所以小球在a点的重力势能比在b点大3.5J，A错误；B．小球从a点运动到b点过程中，克服空气阻力做功0.5J，电场力对小球做功1J，两个

力的总功为0.5J，小球的机械能就增加0.5J，所以小球在a点的机械能比在b点小0.5J，B正确；C．电场力对小球做功1J，小球的电势能就减小1J，则小球在a点的电势能比在b点大1J，C错误；D．重力对小球做功3.5J，小球克服空气阻力做功0.5J，电场力对小球做功1

J，三个力的总功为4J，根据动能定理得到，小球的动能就增大4J，则小球在b点的动能比在a点多4J，D错误。故选B。3.某静电场在x轴上的电势随x的变化关系xφ−图象如图所示，电场方向平行于x轴，下列说法正确的是（）-3-A.

x2处电场强度为零B.正电荷从x1处移到x3处电势能增大C.正电荷在x3处和x5处的加速度方向相反D.电荷在x4处受到的电场力最大【答案】BC【解析】【分析】xφ−图象的切线斜率表示场强，正电荷在电势越高的点，电势

能越大．根据电场强度的变化，判断电场力的变化，从分析加速度的情况。【详解】A．在2x处，xφ−图象的切线斜率不为零，即该处的电场强度不为零，故A错误；B．正电荷从1x处移到3x处电势在升高，而正电荷在电势越高的点，电势能越大，故B正确；C．正电荷在3x处和5x处的切线斜率是一

正一负，故电场强度方向相反，则电场力方向相反，根据牛顿第二定律可知加速度方向相反，故C正确；D．在4x处切线斜率为零，故电场强度为零，则电场力为零，故D错误。故选BC。【点睛】解决本题的关键要明确xφ−图象的切线斜率表示场强，斜率的

符号表示场强的方向。4.如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为个带电的质点在仅受电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点．下列说法中正确的是-4-A.带电质点通

过P点时的动能比通过Q点时小B.带电质点一定是从P点向Q点运动C.带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小D.三个等势面中，等势面a的电势最高【答案】A【解析】从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，所以P点的动能小于Q点的动能，故A正确；无

法判断粒子的运动方向，故B错误；由于相邻等势面之间的电势差相同．等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故C错误；根据质点判断出受力情况但不知道粒子所带电性，故无法判断等势

面的电势高低，故D错误．所以A正确，BCD错误．5.如图所示的示波管，当两偏转电极XX′、YY′电压为零时，电子枪发射的电子经加速电场加速后会打在荧光屏上的正中间（图示坐标系的O点，其中x轴与XX′电场的场强方向重合，x轴正方向垂直于纸面向里，y轴与

YY′电场的场强方向重合，y轴正方向竖直向上）．若要电子打在图示坐标系的第Ⅲ象限，则A.X、Y极接电源的正极，X′、Y′接电源的负极B.X、Y′极接电源的正极，X′、Y接电源的负极C.X′、Y极接电源的正极，X、Y′接电源的负极D.X′、Y′极接电源的正极，X、Y接电源的负极【答案】D【

解析】试题分析：根据示波管的工作物理可知，电子打在第III象限，说明电子水平方向上向偏转，-5-故接电源正极，同理可知，电子在竖直方向上向偏转，接正极，故可知，只有选项C正确，其它均错误；考点：示波管的工作原理6.如图甲所示

，平行金属板中央有一个静止的电子（不计重力），两板间距离足够大。当两板间加上如图乙所示的交变电压后，在图中，反映电子速度v、位移x和加速度a三个物理量随时间t的变化规律可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】BC【解析】【分析】【详解】分析电子一个周期内的运动情况：0～4T时间内，电子从

静止开始向B板做匀加速直线运动，4T～2T时间内沿原方向做匀减速直线运动，2T时刻速度为零。2T～34T时间内向A板做匀加速直线运动，34T～T时间内做匀减速直线运动。接着周而复始。A．电子做匀变速直线运动时x-t图象应是

抛物线，故A错误。BD．根据匀变速运动速度图象是倾斜的直线可知，B图符合电子的运动情况。故B正确，D错误。C．根据电子的运动情况：匀加速运动和匀减速运动交替产生，而匀变速运动的加速度大小不变，a-t图象应平行于横轴，故C正确。故选BC。7.如图所示，在地

面上方的水平匀强电场中，一个质量为m、电荷量为+q的小球，系在一根长为L的绝缘细线一端，可以在竖直平面内绕O点做圆周运动，AB为圆周的水平直径，CD-6-为竖直直径，已知重力加速度为g，电场强度mgqE=，不计空气阻力，下列说

法正确的是A.若小球在竖直平面内绕O点恰好做完整圆周运动，则它运动过程中的最小速度minvgL=B.若小球在竖直平面内绕O点做圆周运动，则小球运动到D点时机械能最大C.若将小球在A点由静止开始释放，它将在ACBD圆弧上往复运动D.若剪断细线将

小球在A点以大小为gL的速度竖直向上抛出，它将能够到达B点【答案】D【解析】【分析】【详解】A.由于电场强度mgqE=，则有：mgEq=可知等效最高点在AD弧的中点，在等效最高点，则有：222()()mvmgEqL+=运动的最小速度：2vgL=故A错误；B.除重力和弹力外其它力做功等于机械能

的增加值，若小球在竖直平面内绕O点做圆周运动，则小球运动到B点时，电场力做功最多，故到B点时的机械能最大，故B错误；C.小球受合力方向与电场方向夹角45斜向下，故若将小球在A点由静止开始释放，它将沿合力方向做匀加速

直线运动，故C错误；D.若剪断细线，将小球在A点以大小为gL的速度竖直向上抛出，小球将不会沿圆周运动，因此小球在竖直方向做竖直上拋，水平方向做匀加速，当竖直方向的速度为0时，则有：-7-gLgt=当竖直方向的位移为0时，水平方向位移为：21(2)2qE

xtm=可得：2xL=所以小球刚好运动到B点，故D正确．8.如图所示的电路中，两平行金属板之间的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，由于某种原因灯泡L的灯丝突然烧断，其余用电器均不会损坏，则下列说法正确的是()A.电流表、电压表的读数均变小B.电源内阻

消耗的功率变大C.液滴将向上运动D.电源的输出功率变大【答案】C【解析】【分析】首先对电路进行分析：L2的灯丝突然烧断可知电路中总电阻增大，由闭合欧姆定律可求得电路中电流及路端电压的变化；再对并联部分分析可

知电容器两端的电压变化，则可知液滴的受力变化，则可知液滴的运动情况．根据电源的内外电阻关系，分析电源输出功率的变化．【详解】AC．当L2的灯丝突然烧断可知电路中总电阻增大，则总电流减小，电源的内电压和R

1电压减小，由闭合电路的欧姆定律可知，路端电压增大，故电容器C的电压增大，板间场强增大，带电液滴所受的电场力增大，则该液滴将向上移动；由于C两端的电压增大，R2、R3中的电流增大，则电流表、电压表的读数均变大；故A错误，C正确；B．因干路电流减小，则电源内阻消耗的

功率变小，故B错误；D．由于电源的内外电阻的关系未知，不能判断电源的输出功率如何变化．故D错误．-8-【点睛】本题考查闭合电路的欧姆定律，一般可以先将分析电路结构，电容器看作开路；再按部分-整体-部分的分析思路进行分析．9.在如图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片

P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，各电表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示．下列判断正确的是A.123UUU+B.123UUU+=C.1UI不变，1UI变小D.2UI变大

，2UI不变【答案】D【解析】【分析】【详解】AB．当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，电流减小，则1U减小，内电压也减小，则2U增大，3U增大．因为123UUU+=则得123UUU+=因为30U，10U，20U所以123UUU

+选项AB错误；C．电压表1V测量1R两端的电压，电流表测量1R电流，故根据欧姆定律得知-9-111UURII==1R为定值电阻，所以无论滑动变阻器如何滑动，1UI与1UI均不变，C错误；D．电压表2V测量2R两端的电压，电流表测量2R电流，故22URI=滑动变阻器向下

滑动时，2R变大，故2UI变大，根据闭合电路欧姆定律得21UEIRr=−+（）则有21URrI=+为定值，故D正确；故选D。10.如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图象；直线B为电源b的路端电压与电流的关系图象；直线C为一个电阻R的两端电压与电流

的关系图象。如果将这个电阻R分别接到a、b两电源上，那么有（）A.R接到a电源上，电源的效率较高B.R接到b电源上，电源的输出功率较大C.R接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低D.R接到b电源上，电阻的发热功率和电源的效

率都较高【答案】C【解析】【分析】【详解】电源的输出功率P＝UI，对应的是图线交点纵横坐标的乘积，由题图可知R接到a电源上，电源的输出功率较大。-10-由题图可知电源a的内阻较大，设电源的输出功率为P1，总功率为P，在纯电阻电路中电源效率2122==100%PIRRPIRIrRr=++

内阻r越大，效率越低，R接到a电源上，由题图可知电源a的效率较低。故选C。11.如图所示，曲线12CC、分别是纯直流电路中，内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线，由该图可知下列说法正确的是A.电源的电动势为4VB.电源的内阻为1ΩC.电源被

短路时，电源消耗的功率为16WD.电源输出功率最大值为8W【答案】ABC【解析】【分析】【详解】BD．根据图象可以知道，曲线12CC、的交点的位置，此时的电路的内外的功率相等，由于电路的电流时相等的，所以此时的电源的内阻和电路的外电阻的大小是相等的，即此时的电源的输出的功率是最大的，由图可知电源

输出功率最大值为4W，根据22PIRIr==可知，当输出功率最大时4WP=2AI=所以1Rr==B正确D错误；-11-A．由于()()2114VEIRr=+=+=所以电源的电动势为4V，A正确；C．当电源被短路时，电源消耗的最大功率216

WUPr==大C正确。故选ABC。12.如图所示，电源电压为6V，当开关S接通后，灯泡1L和2L都不亮，用电压表测得6abU=V，0adU=V，6cdU=V，由此可知A.1L和2L的灯丝都断了B.1L的灯

丝断了C.2L的灯丝断了D.滑动变阻器R开路【答案】C【解析】【分析】【详解】据题：6abU=V，6cdU=V，即2L的电压等于电源两极间的电压，说明d与a连接完好，c与b连接完好，所以不可能是1L的灯丝烧

断了，也不可能变阻器R断路。只可能是2L的灯丝烧断，故ABD错误，C正确。故选C．二、实验题：本题共2小题，共16分13.某实验小组研究两个未知元件X和Y的伏安特性，使用的器材包括电压表（内阻约为3kΩ）

、电流表（内阻约为1Ω）、定值电阻等：-12-(1)使用多用电表粗测元件X的电阻，选择“×1”欧姆档测量，示数如图（a）所示，读数__________Ω，据此应选择图中的__________（选填“b”或“c”）电路进行实验；(2)连接所选电烙，闭合S；滑动变阻器的滑片P从左同右滑动，电流表

的示数逐渐__________（填增大”“减小”）；依次记录电流及相应的电压；将元件X换成元件Y，重复实验；(3)图（d）是根据实验数据做出的U-I图线，由图可判断元件__________（填“X”或“Y”）是非线性元件；(4)该小组还借助X和Y中的线性元件和阻值R=21Ω的定值电阻，测量

待测电池组的电动势E和内阻r，如图（e）所示，闭合S1和S2，电压表读数为3.00V，断开S2，电压表读数为1.00V，结合图（d）可算出E=_______V，r=__________Ω。（电压表为理想电压表）【答案】(1).10（

或10.0）(2).b(3).增大(4).Y(5).3.15(6).0.5（或0.50）【解析】【分析】【详解】(1)[1][2]．使用多用电表粗测元件X的电阻，选择“×1”欧姆挡测量，示数如图（a）所示，读数为10Ω．元

件X的电阻远小于电压表内阻，电流表采用外接法误差较小，因此需要选择图b所示实验电路．-13-(2)[3]．连接所选电路，闭合S；滑动变阻器的滑片P从左向右滑动，并联支路电压增大，电流表的示数逐渐增大；(3)[4]．由图象可知，X电阻不变化；而Y所示电阻随电压的变化而变化，则可判断元件Y是非线性元件

；(4)[5][6]．根据U-I图线得出元件X的电阻3100.3R==闭合S1和S2，电压表读数为3.00V；断开S2，读数为1.00V，根据闭合电路欧姆定律列出等式3310Er=+112110Er=++（）解得E=315Vr=0.50Ω14.某同学通过查找资料自己动手制作了一

个电池．该同学想测量一下这个电池的电动势E和内电阻r，但是从实验室只借到一个开关、一个电阻箱（最大阻值为999.9Ω，可当标准电阻用）、一只电流表（量程Ig＝0.6A，内阻rg＝0.1Ω）和若干导线。(1)请根据测定

电动势E和内电阻r的要求，设计图甲中器材的连接方式，把它们连接起来______；(2)闭合开关，逐次改变电阻箱的阻值R，读出与R对应的电流表的示数I，并作记录。当电阻箱的阻值R＝2.6Ω时，其对应的电流表的示数如图乙所示。处理实验数据时，首先计算出每个电流值I的倒数1I

；再制作R－1I坐标图，如图丙所示，图中已标注出了（1I，R）的几个与测量对应的坐标点，请你将与图乙实验数据对应的坐标点也标注在图丙上______；-14-(3)在图丙上把描绘出的坐标点连成图线______

；(4)根据图丙描绘出的图线可得出这个电池的电动势E＝______V，内电阻r＝______Ω。【答案】(1).(2).(3).-15-(4).1.5(5).0.2【解析】【分析】【详解】（1）[1]应用电流表与电阻箱测电源电动势与内阻，电流表、电阻箱与待测电源组成串联电

路，实物电路图如图所示（2）[2]由图示电流表可知，其量程为0.6A，分度值为0.02A，示数为0.5A，将电流与对应的电阻阻值标在坐标系内，如图所示-16-（3）[3]连成图线如图所示（4）[4]由闭合电路欧姆定律可知()EIRr=+则ERrI=−图像的

斜率表示电源的电动势，故5.61.4V1.5V41.2E−==−-17-[5]故图像与纵坐标的交点0.3Ωr=即内电阻为00.3Ω0.1Ω0.2Ωgrrr=−=−=三、计算题：本题共3小题，共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得

分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。15.如图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω。D为直流电动机，其电枢线圈电阻R=2Ω，限流电阻R′=3Ω。当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V。求：(1)通过电动机的电流是多大？(2)电动机输入的电功

率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？【答案】(1)0.1A；(2)电动机输入功率P入=0.56W；电动机发热功率P热=0.02W；电动机输入功率P出=0.54W【解析】【分析】【详解】(1)通过电动机的电流与流过限流电阻R′的电流相同，由UIR=得0.30.1

3I==A(2)由DEIrUU=++可得电动机两端电压60.110.35.6DEIrUUEIrU=++=−−=−−=V所以电动机的输入功率-18-P入=UDI=0.56W电动机发热功率P热=I2R=0.02W电动机输入功率P出

=P入-P热=0.54W16.如图所示，一质量为m、电量为+q粒子，由静止经电压U加速后，从O点垂直场强方向射入有理想边界MN的匀强电场后经过P点，OP连线与粒子射入电场时速度方向之间的夹角为，OP两点间的距离为L，不

计粒子重力．求:(1)粒子到达O点时的速度大小；(2)粒子从O点运动到P点的时间；(3)匀强电场的电场强度大小.【答案】(1)02qUvm=(2)cos2mtLqU=(3)24sincosUEL=【解析】（1）q粒子由静止经电压U加速2012Uqmv=解得02qUvm=（2）从O点垂直场强方

向射入有理想边界MN的匀强电场，则有0cosLvt=解得cos2mtLqU=（3）从O点垂直场强方向射入有理想边界MN的匀强电场，在竖直方向有-19-Eqam=21sin=2Lat解得：24sincosUEL=17.如图所示，虚线MN、PQ之间存在水平向右的匀强电场，两虚线间距离为d．

一质量为m、电荷量为+q的带电粒子，从a点由静止释放，经电压为U的电场加速后，由b点垂直进入水平匀强电场中，从MN上的某点c(图中未画出)离开，其速度与电场方向成45°角．不计带电粒子的重力．求：(1)带电粒子刚进入水平匀强电场时的

速率v0；(2)水平匀强电场的场强大小E；(3)bc两点间的电势差Ubc．【答案】（1）02qUvm=（2）2UEd=（3）bcUU=【解析】【分析】【详解】（1）对粒子从a运动到b过程应用动能定理2012qUmv=得：02qUvm=（2）粒子在竖直方向上做匀速直线运动，粒子从b运

动到c的时间：02dmtdvqU==粒子在水平方向上做初速度为零的匀加速直线运动，加速度：a=qEm离开电场时水平分速度：xvat=由题意得：0xvv=-20-解得：202mvUEqdd==（3）粒子运动到c点时速度为：02cvv=bc过程对粒子应用动能定理：221122bccbqUm

vmv=−得：bcUU=