【文档说明】四川省达州中学2024-2025学年高二上学期月考物理试题 Word版含解析.docx，共(16)页，1.115 MB，由小赞的店铺上传

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达州中学高2023级高二上期第一次教学质量检测物理试题注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、考号用0.5毫米黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题卡上，将条形码贴在答题卡规定的位置上．2．选择题必须使用2B铅笔将答案标号填涂在答题卡上对应题目标号的位置上，非选择题用0.5毫米黑色字迹的签字笔

或钢笔书写在答题卡的对应框内，超出答题区书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上的答案无效．3．考试结束后，将答题卡收回．一、单项选择题1.共振碎石化是修补混凝土路面的一种技术手段，用来破碎的机器产生振动，破除旧的混凝土的同时要保护旧路面的地基，为实现这样的目的，破碎机器的

振动应该（）A.与要破碎的混凝土的振幅相同B.与旧路面地基的振幅相同C.与要破碎的混凝土的振动频率相同D.与旧路面地基的频率相同【答案】C【解析】【详解】根据共振现象，当驱动力的频率等于物体的固有频率时物体的振幅达到最大值，所

以应使破碎机器的振动与要破碎的混凝土的振动频率相同，从而损坏混凝土，而与地基频率相差较大，可以不损坏路面的地基。故选C。2.关于做简谐运动物体的位移、速度、加速度的关系，下列说法正确的是（）A.位移减小时，速度增大，加速度也增大B.位移方向总跟加速度方向相

反，但跟速度方向相同C.物体远离平衡位置运动时，速度方向跟位移方向相同D.物体的运动方向改变时，加速度方向也改变【答案】C【解析】【详解】A．位移减小时，物体向平衡位置运动，速度增大，加速度减小，故A错误；B．位移方向由平衡位置指向物体所在位置，加速度方向由物体所在位置指向平衡位置，故位移

方向总跟加速度方向相反，但位移方向与速度方向可能相同也可能相反，故B错误；C．位移方向由平衡位置指向物体所位置，物体远离平衡位置运动时，二者方向相同，故C正确；D．加速度方向由物体所在位置指向平衡位置，与运动方向无

关，故D错误。故选C。3.关于机械波，下列说法正确的是（）A.周期T或频率f只取决于波源，而与v、λ无直接关系，波速v取决于介质的性质，它与T、λ无直接关系B.机械波的振幅与介质有关，与波源无关C.机械波的传播速

度与振源的振动速度总是相等D.形成纵波的质点，随波一起发生迁移【答案】A【解析】【详解】A．对于机械波，周期T或频率f只取决于波源，而与v、λ无直接关系，波速v取决于介质的性质，它与T、λ无直接关系，故A正确；B．机

械波的振幅与介质无关，与波源振动的振幅相等，故B错误；C．机械波的传播速度与振源的振动速度没有联系，故C错误；D．根据波的特点可知，在机械波传播过程中，介质中的质点在其平衡位置附近振动，并不随波的传播而迁移，故D错误。故选A。4.两个弹簧振子甲、乙沿水平方向放置，取

向右为正方向，其振动图像如图所示，以下说法正确的是（）A.两弹簧振子具有相同的相位B.甲振幅比乙大，所以甲的能量比乙大在的C.甲、乙两弹簧振子回复力最大值之比一定为2:1D.2st=时甲具有负向最大速度，乙

具有正向最大位移【答案】D【解析】【详解】A．由图像可知，甲的周期为4s，乙的周期为8s，两个弹簧振子的周期不同，只是初相位相同，所以相位不同，故A错误；B．由图像可知，甲的振幅为2cm，乙的振幅为1cm，但是两个弹簧振子的劲度系数不确定，所以两个弹簧振子的能量大小无法比较，故B错误；

C．弹簧振子的最大回复力为FkA=振幅之比为2:1，但是无法确定两弹簧振子的劲度系数，所以两个弹簧振子回复力的最大值无法比较，故C错误；D．由图像可知，当2st=时，甲处于平衡位置且向x轴的负向运动，此时的速度最大；乙处于正方向的最大位移处，速度为0，故D正确。故选D。5.如图所示为

两列同频率的水波在t=0时刻的叠加情况，实线表示波峰，虚线表示波谷。已知两列波的振幅均为2cm，波速为2m/s，波长为0.4m，E点是BD连线和AC连线的交点，下列说法错误的是（）A.A、C两点是振动减弱点B.B、D两点在该时刻的竖直高度差为4cmC.E点是振动加强点D.t=0.05s，E

点离开平衡位置的位移大小为4cm【答案】B【解析】【详解】A．A、C两点分别为波峰与波谷叠加，为振动减弱点，故A正确，不符合题意；B．D点在该时刻波峰与波峰叠加，振动加强，偏离平衡位置的位移为4cm，B点在该时刻波谷与波谷叠加，振动加强，偏离平衡位置的位移为-4cm，则D、B两点

在该时刻的竖直高度差为8cm，故B错误，符合题意；C．D点是波峰与波峰叠加点，B点是波谷与波谷叠加点，即为振动加强点，则E点也是振动加强点，故C正确，不符合题意；D．波传播的周期0.4s=0.2s2Tv==再经过t=0.05s时，即为14个

周期，E点是波峰与波峰相遇，所以离开平衡位置的位移大小为4cm，故D正确，不符合题意。故选B。6.如图甲所示，一列简谐横波沿x轴正向传播，质点a的平衡位置在3mx=处，如图乙所示为质点a的振动图像，则下列判断正确的是（）A.图甲对应的时刻可能是23.510st−=B.这列波传播的速度大小为

200m/sC.若在0.2s内质点a运动的路程为2m，则质点a振动的振幅为5cmD.1st=时刻，质点a位于波谷【答案】B【解析】【详解】A．由于波沿x轴正向传播，因此图甲对应时刻质点a正沿y轴正向运动，因此选项A错误；B．这列波传播的速度

28m/s200m/s410vT−===选项B正确；C．若在0.2s内质点a运动的路程为2m，则542mA=解得10cmA=选项C错误；D．由于质点振动的周期为0.04s，因此1st=时刻，质点a位于平衡位置，选项D错误。故选B

。7.一列简谐横波沿x轴正方向传播，t＝0时刻的波形如图中实线所示，t＝0.1s时刻的波形如图中虚线所示。波源不在坐标原点O，P是传播介质中平衡位置离坐标原点2.5m处的一个质点。则以下说法正确的是（）A.质点P

的振幅为0.05mB.波的频率可能为0.75HzC.波的传播速度可能为50m/sD.在t＝0.1s时刻，平衡位置与质点P平衡位置相距5m处的质点一定沿x轴正方向运动【答案】C【解析】【详解】A．振幅等于质点离开平衡位置的最大距离，由图知，质点P的振幅为0.1m，A错误；B．波沿x轴正方

向传播，则4TtnT=+周期为40.4s4141tTnn==++频率为141Hz(102.5)Hz0.4nfnT+===+（n=0，1，2，3…）所以波的频率可能为2.5Hz，12.5Hz，不可能为7.5Hz，B错误；C．波速为4102.5m/s(4010)m/svfnn==+=

+（）当n=1时50m/sv=C正确；D．波沿x轴正方向传播，在t=0.1s时刻，沿x轴正方向与P相隔5m处的质点和与P点相距1m的质点振动情况完全相同，即距原点为3.5m的质点在0.1s时刻的速度方向，沿y轴正方向，故D错误。故选C。二、多项选择题8.超声波是一种频率高于20000

Hz的声波，波长很短，广泛应用于生活与生产实践，关于超声波及应用，下列说法正确的是（）A.在同种介质中，超声波的速度大于次声波的速度B.超声波的频率越高，衍射本领越弱C.高速公路上的测速仪接收到的超声波频率大于发出的超声波频率，说明此时车正在靠近测速仪D.“彩超”

检查身体时，利用了超声波的多普勒效应【答案】BCD【解析】【详解】A．在同种介质中，超声波的传播速度与次声波的速度一样，故A错误；B．超声波的频率越高，波长越短，越不容易发生衍射，衍射本领越弱，故B正确；C．高速公路上的测速仪接收到的超声波频

率大于发出的超声波频率，根据多普勒效应可知此时车正在靠近测速仪，故C正确；D．“彩超”检查身体时，利用了超声波的多普勒效应，故D正确。故选BCD。9.如图甲所示，金属小球用轻弹簧连接在固定的光滑斜面顶端．小球在斜面上做简谐运动，到达最高点时，弹簧处于原长．

取沿斜面向上为正方向，小球的振动图像如图乙所示．则A.弹簧的最大伸长量为4mB.t=0.2s时，弹簧的弹性势能最大C.t=0.2s到t=0.6s内，小球的重力势能逐渐减小D.t=0到t=0.4s内，回复力冲量为零【答案】C【解析】的【详解】A.小球的振幅等于振子

位移的最大值，由图读出，振幅为2cmA=，由于当振子到达最高点时，弹簧处于原长，所以弹簧的最大伸长量为24cmA=，故选项A错误；B.由图可知0.2st=时，弹簧处于原长，弹簧的弹性势能最小，为零，故选项B错误；C.0.2st=到0.6st=内，小球的沿斜面向下运动，小球的重力势能逐渐减小，故选项

C正确；D.0t=时小球经过平衡位置沿斜面向上运动，0.4st=时小球经过平衡位置沿斜面向下运动，根据动量定理可知回复力的冲量不为零，故选项D错误；10.如图所示，一列振幅为10cm的简谐横波，其传播

方向上有两个质点P和Q，两者的平衡位置相距3m。某时刻两质点均在平衡位置且二者之间只有一个波谷，再经过0.3s，Q第一次到达波峰。则下列说法正确的是（）A.波长可能为2mB.周期可能为0.24sC.波速可能为15m/sD.0.3s内质点P的位移大小为10cm【答案】ACD

【解析】【分析】【详解】某时刻P、Q两质点均在平衡位置且二者之间只有一个波谷，故存在以下四种情况A．当P、Q之间的波的形式如图c所示时，则有3=3m2则有λ＝2mA正确；B．由图可知，质点Q第一次到达波峰经历的时间可能为1=0.3s4T或3=0.3s4T解得周期可能为1.

2s或0.4s，B错误；C．图a、b、c、d的波长分别为λa＝λb＝3mλc＝2mλd＝6m当周期为1.2s时，波速为va＝vb＝2.5m/svc＝53m/svd＝5m/s当周期为0.4s时，波速为va′＝vb′＝7.5m/

svc′＝5m/svd′＝15m/sC正确；D．经过0.3s，当质点Q到达波峰时，图a、b中质点P到达波峰，图c质点P到达波谷，图d质点P到达波谷，故0.3s内质点P位移大小为10cm，D正确。故选AC

D。三、实验题11.实验小组的同学们用如图所示的装置做“用单摆测定重力加速度”的实验．（1）用游标卡尺测量摆球的直径，结果如图所示，则摆球的直径d=______cm。（2）将单摆正确悬挂后进行如下操作，其中正确的是（）A.测出摆线长作为单摆的摆长的B.把单摆从平衡位置拉开一个很小的角

度释放，使之在竖直平面内做简谐运动C.在摆球经过平衡位置时开始计时D.用秒表测量单摆完成1次全振动所用时间并作为单摆的周期（3）甲同学多次改变单摆的摆长并测得相应的周期，他根据测量数据做出了如图所示的图像，横坐标为摆长，纵坐标为周期的平方，若图线斜率为k，则当地的重力

加速度g=________（用k表示）。（4）乙同学测得的重力加速度数值大于当地的重力加速度的实际值，造成这一情况的原因可能是（）A.开始摆动时振幅较小B.开始计时时，过早按下秒表C.测量周期时，误将摆球（n

-1）次全振动的时间记为n次全振动的时间【答案】（1）0.89（2）BC（3）24k（4）C【解析】【小问1详解】游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，所以8mm90.1mm8.9mm0.89cmd=+==【小问2详解】A．摆线长度与摆球半径之和是单摆摆长，故A错误；B．单摆在小角度下的

运动为简谐运动，把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度释放，使之做简谐运动，故B正确；C．为减小测量误差，在摆球经过平衡位置时开始计时，故C正确；D．为减小测量误差，应测出n个周期的总时间t，然后求出周期为

tn，所以用单摆完成1次全振动所用时间作为单摆的周期实验误差较大，故D错误。故选BC。【小问3详解】根据单摆的周期公式2LTg=可得224LTkLg==则24gk=【小问4详解】根据单摆的周期公式可得224πL

gT=由此可知，开始摆动时振幅较小，则重力加速度不变，若开始计时时，过早按下秒表，则单摆振动周期变大，重力加速度应偏小，若测量周期时，误将摆球（n-1）次全振动的时间记为n次全振动的时间，则周期变小，重力加速度应偏大。故选C。12.某同学设计了一个测量重力加速度

大小g的实验方案，所用器材有：2g砝码若干、托盘1个、轻质弹簧1根、米尺1把、光电门1个、数字计时器1台等。具体步骤如下：①将弹簧竖直悬挂在固定支架上，弹簧下面挂上装有遮光片的托盘，在托盘内放入一个砝码，

如图（a）所示。②用米尺测量平衡时弹簧的长度l，并安装光电门。③将弹簧在弹性限度内拉伸一定长度后释放，使其在竖直方向振动。④用数字计时器记录30次全振动所用时间t。⑤逐次增加托盘内砝码的数量，重复②③④的操作。该同学将振动系统理想化为弹簧振子。已知弹簧振子的振动周期2πMTk=，其中k

为弹簧的劲度系数，M为振子的质量。（1）由步骤④，可知振动周期：T=______。（2）设弹簧原长为0l，则l与0glT、、的关系式为：l=______。（3）由实验数据作出的2lT−图线如图（b）所示，可得g=______2m/s（保留三

位有效数字，2π取9.77，g取29.8m/s）。【答案】（1）30t（2）2024πgTl+（3）9.59【解析】【小问1详解】30次全振动所用时间t，则振动周期30tT=【小问2详解】弹簧振子的振动周期2MTk=可得振子的质量224kTM=振子平衡时，根据平衡条件Mgkl=可得的2

24gTl=则l与g、0l、T的关系式为20024gTllll=+=+【小问3详解】根据2024gTll=+整理可得2024gllT=+则图像斜率20.5420.47440.580.30gk−==−解得29.

59m/sg=四、解答题13.如图所示，甲为某一简谐横波在0t=时刻的图像，2mx=处的质点P的振动图像如图乙所示。（1）写出该波振幅和周期的大小；（2）求该波的传播方向和波速v；（3）求19s3时质点P的位置坐标。【答案】（1）3c

m，4s；（2）沿x轴正方向传播，2m/s；（3）（2m，1.5cm−）【解析】【详解】（1）由图可知该波振幅和周期的大小分别为3cmA=4sT=（2）由质点P的振动图像可以看出，0时刻质点P向上振动，根据上下坡法可知，该波沿x轴正方向传播。由图甲知8m=所以波速2msv

T==（3）质点P的振动方程为3sin(cm)yt=由2T=得3sin(cm)2yt=则19s3t=时1.5cmy=−横坐标不变，所以质点P的坐标为（2m，1.5cm−）。14.一列横波沿x轴传播，如图所示，实线a为t=0时刻的波形曲线，

虚线b为0.5s时的波形曲线，求：（1）若周期大于0.5s，则波速多大；（2）若该列波波速为30m/s，求波的传播方向及x=1m处的质点从t=0时刻到0.5s的时间内通过的路程。【答案】（1）见解析（2）0.3m【解析】【小问1详解】若该列

波向右传播，则1Δ4TnTt+=（n=0，1，2…）0.5sT联立可得0n=，2sT=所以2m/svT==若该列波向左传播，则3Δ4TnTt+=（n=0，1，2…）0.5sT解得0n=，2s3T=所以6m/svT==【小问2详解】若波速为30m/s，则3ΔΔ15m34xv

t===+所以该波向左传播，则2s15Tv==由于3Δ0.5s34tTT==+所以x=1m处的质点从t=0时刻到0.5s的时间内通过的路程为34330cm0.3msAA=+==15.如图所示，将质量为A100gm=的物体A放在弹

簧上端并与之连接，弹簧下端连接一质量为B200gm=的物体B，物体B放在地面上，形成竖直方向的弹簧振子，使A上下振动。弹簧原长为10cm，弹簧是劲度系数为50N/mk=。A、B的厚度可忽略不计，g取210m/s。（1）当系统做简谐运动时，求A的

平衡位置离地面的高度；（2）若物体A在振动过程中弹簧始终不拉伸，当物体A以最大振幅振动时，求物体B对地面的最大压力；（3）在第（2）问的基础上，求弹簧最大的弹性势能及A运动的最大速度大小。【答案】（1）0.08m（2）4N，竖直向下（3）0.04J，

05m/s5v=【解析】【小问1详解】A在平衡位置时，所受合力为零，设弹簧的压缩量为0x，则A0mgkx=解得00.02mx=则A的平衡位置离地面的高度00.08mhlx=−=【小问2详解】物体A在振动过程中弹簧始终不拉伸，最大振幅00.02mAx==A在最低点时，B对地面压力最大，此时弹簧

压缩形变量为2A，物体B对地面的最大压力B24NFmgkA=+=方向竖直向下。【小问3详解】A运动到最低点时弹性势能最大，根据机械能守恒定律，弹簧最大弹性势能为pA20.04JEmgA==A运动到平衡位置速度最大，根据动能定理2AA00122kAmgAAmv+

−=解得05m/s5v=