【文档说明】辽宁省盘锦市盘锦第二高级中学2019-2020学年高二下学期第一阶段考试物理【精准解析】.doc，共(14)页，487.500 KB，由管理员店铺上传

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物理一、选择题（总分48分。其中1-8题为单选题，每题4分；9-12题为多选题，每题4分，全部选对得4分，选不全得2分，有错选和不选的得0分。）1.关于感应电流，下面说法正确的是（）A.只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定有感应电流B.只要闭合电路中有部分导线做切割磁感线运

动，导体中就一定有感应电流C.若闭合电路的一部分导体不做切割磁干线运动，闭合电路中一定没有感应电流D.当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中一定有感应电流【答案】BD【解析】【详解】A．只要穿过闭合线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定有感应电流，选项A错误；B．

只要闭合电路中有部分导线做切割磁感线运动，导体中就一定有感应电流，选项B正确；C．闭合电路的一部分导体如果不做切割磁感线的运动，若磁场变化，磁通量变化，也能产生感应电流，故C错误。D．当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中一定有感应电流，选项D正确。故选BD。

2.某物体表现出各向异性是由于组成物体的物质微粒（）A.在空间的排列不规则B.在空间按一定的规则排列C.数目较多的缘故D.数目较少的缘故【答案】B【解析】【详解】某物体表现出各向异性是由于组成物体的物质微粒

在空间排列的规则性导致，与分子数目无关。故选B。3.下列实例说明做功改变系统内能的是（）A.热水袋取暖B.用双手摩擦给手取暖C.把手放在火炉旁取暖D.用嘴对手呵气给手取暖【答案】B【解析】【详解】B选项中双手摩擦做功，使手的内能增加，感到暖和；ACD都是通过热传递来改变系统的内能，选

项B正确，ACD错误。故选B。4.如图所示，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里的变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导线abcd所围区域内磁场的磁感应强度按下列哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体圆环将受到向上的磁场作用力

()A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】导体圆环将受到向上的磁场作用力，根据楞次定律的另一种表述，可见原磁场磁通量是减小，即螺线管和abcd构成的回路中产生的感应电流在减小．根据法拉第电磁感应定律，BENSt=则感应电流NBSI

tR=可知Bt减小．A．图中Bt减小，则选项A正确；B．图中Bt变大，则选项B错误；C．图中Bt不变，则选项C错误；D．图中Bt不变，则选项D错误；5.一矩形线圈，绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动。线圈中的感应电

动势e随时间t的变化如右图所示。下面说法中正确的是（）A.t1时刻通过线圈的磁通量为零B.t2时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大C.t3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D.每当e变换方向时，通过线圈的磁通量绝对值都为最大【答案

】D【解析】【详解】AC．1t、3t时刻感应电动势为零，线圈位于中性面位置，所以穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率为零，故AC错误；B．2t时刻感应电动势最大，线圈位于中性面的垂直位置，穿过线圈的磁通量为零，故B错误；D

．由于线圈每过一次中性面时，穿过线圈的磁通量的绝对值最大，e变换方向，故D正确。故选D。6.如图所示，电路中完全相同的三只灯泡L1、L2、L3分别与电阻R、电感L、电容C串联，然后再并联到220V、50Hz的交流电路上，三

只灯泡亮度恰好相同。若保持交变电压不变，将交变电流的频率增大到60Hz，则发生的现象是（）A.三只灯泡亮度不变B.三只灯泡均变亮C.L1亮度不变、L2变亮、L3变暗D.L1亮度不变、L2变暗、L3变亮【答案】D【解析】【详解】电阻与频率无关，故

频率增加，电阻不变，故L1亮度不变，由容抗12πCxfC=可知，频率越高，容抗越小，故L3变亮，由感抗2πLxfL=可知，频率越高，感抗越大，故L2变暗，故D正确，ABC错误。故选D。7.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为20∶1，原线圈接正弦交流电源，

副线圈接入“220V，60W”灯泡一只，且灯泡正常发光，则()A.电流表的示数为32220AB.电源输出功率为1200WC.电流表的示数为3220AD.原线圈端电压为11V【答案】C【解析】【详解】ACD．灯泡正常发光，所以副线圈两

端的电压为220V，根据PUI=可得副线圈中的电流为603A22011PIU===根据公式1122UnUn=可得原线圈中的电压为120220V4400V1U==根据1221InIn=可得原线圈中的电流为1133AA2011220I==即电流表示数为3220A，故AD错误，C正确；B．原副

线圈中的电功率相等，所以电源的输出功率为60W，故B错误。故选C。8.如图所示的电路中，电源两端的电压恒定，L为小灯泡，R为光敏电阻，LED为发光二极管(电流越大，发出的光越强)，且R与LED之间的距离不变，

下列说法正确的是()A.当滑动触头P向左移动时，L消耗的功率增大B.当滑动触头P向左移动时，L消耗的功率减小C.当滑动触头P向右移动时，L消耗的功率可能不变D.无论怎样移动滑动触头P，L消耗的功率都不变【答案】A【解析】【详解】ABD.滑动触头P左移，滑动变阻器接入电路的电阻减小，流

过二极管的电流增大，从而发光增强，使光敏电阻阻值减小，最终达到增大流过灯泡的电流的效果，即灯泡消耗的功率增大．故A正确，BD错误C.滑动触头P右移，滑动变阻器接入电路的电阻增大，流过二极管的电流减小，发光减弱，光敏电阻阻值增大，灯泡消粍的功率减小．故C错误．9.关于布朗

运动，下列说法中不正确的是（）A.布朗运动是微观粒子的运动，牛顿运动定律不再适用B.布朗运动是液体分子无规则运动的反映C.随着时间的推移，布朗运动逐渐变慢，最终停止D.因为布朗运动的激烈程度跟温度有关，所以布朗运动也叫做热运动【答案】ACD【

解析】【详解】A．布朗运动是宏观固体颗粒的运动，其运动规律同样遵循牛顿运动定律，选项A错误，符合题意；B．布朗运动虽然是固体小颗粒的运动，但却反映了液体分子的无规则运动，选项B正确，不符合题意；C．分子运动永不

停息，则布朗运动也永不停息，选项C错误，符合题意；D．热运动指分子的无规则运动，布朗运动是固体颗粒的运动，不能称为热运动，选项D错误，符合题意。故选ACD。10.图中甲、乙两图分别表示两个分子之间分子力和分子势能随分子间距离变化的

图象．由图象判断以下说法中正确的是()A.当分子间距离为r0时，分子力和分子势能均最小且为零B.当分子间距离r>r0时，分子力随分子间距离的增大而增大C.当分子间距离r>r0时，分子势能随分子间距离的增大而增大D.当分子间距离r<r0时，若分子间距离逐渐减小，分

子力和分子势能都逐渐增大【答案】CD【解析】A、由图可以知道,当分子间距离为0r时,分子力和分子势能均最小,但分子势能不一定为零，要看零势能面的选取，故A错误；B、由图可以知道,当分子间距离0rr时,分子力表现为引力

，随分子间距离的增大先增大后减小，故B错误；C、由图可以知道，当分子间距离为0r时，分子势能最小，分子势能随分子间距离的增大而增加，故C正确；D、由图可以知道,当分子间距离0r时，分子力和分子势能均最小，分子间距离逐渐减小，分子力和

分子势能都逐渐增加，故D正确；故选CD．【点睛】根据题中的图象，分子间同时存在引力和斥力，随着分子间距的增加,引力和斥力同时减小，根据分子之间距离变化情况与分子势能的变化情况即可正确分析．11.如图所示为一定质量的理想气体沿着所示的方向发生状态变化的过程，则该气体压强变化是（）A.从状态c到状态d

，压强减小B.从状态d到状态a，压强不变C.从状态a到状态b，压强增大D.从状态b到状态c，压强不变【答案】AC【解析】【详解】在V－T图象中，过原点的直线表示等压变化，直线的斜率越大，气体的压强越小．分别连接aO、bO、cO、dO做过a、b、c、d四点的等压线，则有pb>pc>pd>

pa。故选AC。12.如图所示，用恒力F将闭合线圈自静止开始（不计摩擦）从图示位置向左加速拉出有界匀强磁场，则在此过程中（）A.线圈向左做匀加速直线运动B.线圈向左运动且速度逐渐增大C.线圈向左运动且加速度逐渐减小D.线圈中感应电流逐渐增大【答案】BCD【解析】【详解】

拉出过程中22=BlvFBIlR=安随着v增大，F安增大，由牛顿第二定律知F－F安＝mav增大，F安增大，a减小，故做加速度减小的变加速运动；而BlvIR=v增大，I也增大。故选BCD。二、填空题（每空3分，共18分）13.(1)“用油膜法估测分子大小”的实验简要步骤如下：A.将画有油膜轮廓的玻

璃板放在坐标纸上，数出轮廓中的方格（不足半个的舍去，多于半个的算1个），再根据格数及方格的边长，求油膜面积SB.将一滴油酸酒精溶液滴在水面上，待油酸薄膜的形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔将薄膜的形状画在玻璃板上C.用浅盘装入约2cm深的水D.将油酸融入酒精中，制成一定浓度的油酸酒精溶液E.用

公式VdS=，求出薄膜厚度，即油酸分子的大小F.根据油酸酒精溶液的浓度，算出一滴溶液中纯油酸的体积V上述步骤中有步骤遗漏或步骤不完全的，请指出：①______________；②______________；③上述实验步骤的合

理顺序是：_______。(2)在做“用油膜法估测分子大小”的实验中，将油酸溶于酒精，其浓度为每104mL溶液中有6mL纯油酸。用注射器测得1mL上述溶液有75滴，把1滴该溶液滴入盛水的浅盘里，待水面稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用笔在玻璃板上描出油酸的轮廓，再把玻璃板放在坐标纸上，其形状和尺寸

如图所示，坐标中正方形方格的边长为1cm，则：①油酸膜的面积是________cm2；②每滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是________mL；③由以上数据估测出油酸分子的直径为__________m。【答案】(1).C步骤中，要在水面上撒上痱子粉或细石膏粉(2).F步骤中

：实验时还需要用注射器或滴管将事先配制好的酒精油酸溶液一滴一滴地滴入量筒，记下量筒内增加一定体积时的滴数．(3).CDBAFE(4).104(5).8×10－6(6).7.7×10－10【解析】【详解】(1)①[1]C步骤中，要在水面上撒上痱子粉或细石膏粉；②[2]F步骤中：

实验时还需要用注射器或滴管将事先配制好的酒精油酸溶液一滴一滴地滴入量筒，记下量筒内增加一定体积时的滴数；[3]实验合理的步骤是：CDBAFE(2)①[4]数轮廓包围方格约为104个，则油酸膜的面积S＝10

4×12cm2＝104cm2②[5]每滴溶液中含纯油酸的体积V＝4167510mL＝8×10－6mL③[6]油酸分子直径6610481010m7.710m10410VdS−−−−===三、计算题。本题包括3小题，共34分14.如图所示，粗细均匀的U形

管，左端封闭，右端开口，左端用水银封闭着长L=15cm的理想气体，当温度为27℃时，两管水银面的高度差3cmh=，设外界大气压为75cmHg，则（I）若对封闭气体缓慢加热，为了使左右两管中的水银面相平，温度需升高

到多少；（2）若保持27℃不变，为了使左右两管中的水银面相平，需从右管的开口端再缓慢注入的水银柱长度应为多少。【答案】(1)70.75℃；(2)4.2cm【解析】【详解】(1)以封闭气体为研究对象初态：p1=p0−ρg△h=72cmHg，V1=LS=15S，T

1=300K末态：p2=p0=75cmHg，V2=(L+△h/2)S=16.5S，T2=?根据理想气体状态方程112212pVpVTT=代入数据得T2=343.75K即为t2=70.75℃(2)由题知，末态：p3=75cmHg，

V3=L′S根据玻意耳定律有p1V1=p3V3代入数据得L′=14.4cm根据几何关系有l=△h+2(L−L′)=4.2cm15.把总电阻为2R的均匀电阻丝焊接成一半径为a的圆环，水平固定在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，如图

所示，一长度为2a，电阻等于R，粗细均匀的金属棒MN放在圆环上，它与圆环始终保持良好的接触，当金属棒以恒定速度v向右运动经过环心O时，求：(1)棒上电流的大小和方向及棒两端的电压MNU；(2)圆环消耗的热功率和在圆环及金属棒上消耗的总热

功率．【答案】(1)43BavR；由N→M，23Bav；(2)22289BavR；22283BavR【解析】【详解】(1)金属棒MN切割磁感线产生的感应电动势为E=BLv=2Bav外电路的总电阻为12RRRRRR==+

并金属棒上电流的大小为43EBavIRRR并==+电流方向从N到M；金属棒两端的电压为电源的路端电压23MNUIRBav==外(2)圆环消耗的热功率为外电路的总功率222289BavPIRR==外圆环和金属棒上消耗的总热功率为电路的总功率22283BavPIER==总16

.发电机的端电压为220V，输出电功率为44kW，输电导线的电阻为0.2Ω，如果用初、次级匝数之比1：10的升压变压器升压，经输电线后，再用初、次级匝数比为10：1的降压变压器降压供给用户。求：(1)升压变压器副线圈两端的电压；(2)求输电线上损失的功率；(3)用户得到的功率。【

答案】（1）2200V；（2）80W；（3）4.392×104W【解析】【详解】（1）如图，升压变压器次级的输出电压：221110220V=2200V1nUUn==（2）据升压变压器输出电功率等于输入电功率知，升压变压器次级输出电流3224410A=20A2200PIU==输电线路上

的电压损失和功率损失分别为UR＝I2R＝20×0.2V＝4VPR＝I2R＝202×0.2W＝80W（3）加到降压变压器初级线圈上的输入电流和电压为I3＝I2＝20AU3＝U2－UR＝2200V－4V＝2196V降压变压器次级的输出电流和电压为443312196V=219.

6V10nUUn==3434·1020A200AnIIn＝＝＝用户得到的功率为P4＝I4U4＝200×219.6W＝4.392×104W