【文档说明】【精准解析】河北省唐山市开滦第二中学2019-2020学年高二下学期6月月考物理试题.doc，共(13)页，533.000 KB，由管理员店铺上传

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唐山开滦二中2019～2020学年第二学期6月月考高二物理试卷第I卷选择题（共62分）一、单项选择题：（本大题包括8小题，每小题4分，共32分）1.关于伽利略的两个斜面实验，下面说法中正确的是（）A.伽利略使用图甲斜面进行实验，得出力是改变物体运动状态的原因B.伽利略使用图

乙斜面进行实验，得出自由落体运动的规律C.伽利略使用图乙斜面进行实验，得出力是维持物体运动的原因D.伽利略使用图甲斜面进行实验，得出自由落体运动的速度随时间变化的规律【答案】D【解析】【详解】AD．伽利略使用图甲斜面进行实验，得出自由落体运动速度随时间

变化的规律，故A错误，D正确；BC．伽利略使用图乙斜面进行实验，得出力是改变物体运动状态的原因，故BC错误。故选D。2.下列关于加速度的说法中正确的是（）A.由=vat可知，a与v成正比，与t

成反比B.物体的运动速度很大，加速度可能很小C.加速度越大，物体的速度变化量越大D.物体加速度为零，则物体的速度一定为零【答案】B【解析】【详解】A．加速度=vat是定义式，所以加速度的大小与速度变化量、变化的时间无关，故A错误；

B．速度很大的物体，速度变化可能很小，甚至为零，比如匀速直线运动，故B正确；C．质点运动的加速度越大，它的速度变化越快，但速度变化量不一定大，还与时间有关，故C错误；D．加速度为零的物体，速度不一定为零，比如匀速直线运动，故D错误。故选B。3.甲、乙两物体从同

一点出发且在同一条直线上运动，它们的位移—时间（x–t）图象如图所示，由图象可以得出在0~4s内（）A.甲、乙两物体始终同向运动B.4s时甲、乙两物体间的距离最大C.甲的平均速度等于乙的平均速度D.甲、乙两物体间的最大距离为6m【答案】C【解析】【详解】A．xt−图像的斜率等于速度，可知在0~

2s内甲、乙都沿正向运动，运动方向相同。2~4s内甲沿负向运动，乙仍沿正向运动，运动方向相反，故A错误。BD．0~2s内甲乙同向运动，甲的速度较大，两者距离不断增大。2s后甲反向运动，乙仍沿原方向运动，两者距离减小，则2s时甲、乙两物体间

的距离最大，最大距离为4m1m3ms=−=，故BD错误。C．由图知，在0~4s内甲、乙的位移都是2m，平均速度相等，故C正确。4.一个从静止开始做匀加速直线运动的物体，从开始运动起，连续通过三段位移的时间分别是1s．2s．3s，则这三段位移的长度之比分别是（）A

.1：22：23B.1：32：33C.1：2：3D.1：3：5【答案】B【解析】【详解】根据位移时间公式212xat=物体在1s内、3s内、6s内的位移之比为1：9：36，则三段位移之比为1：23：33，故B正确，ACD错误。5.如图所示，质量为M的车厢静止在光滑的水平面上

，车厢内有一质量为m的滑块，以初速度v0在车厢地板上向右运动，与车厢两壁发生若干次碰撞，最后相对车厢静止，则车厢的最终速度是（）A.0B.v0，方向水平向右C.0mvMm+，方向水平向右D.0mvM，方向水平向右【答案】C【解析】选滑块与小车组成的系统为研究对象，水平方向不受外力作用

，故水平方向动量守恒，并且最后两者具有共同的速度,规定向右为正方向，由水平方向动量守恒得：0mvMmv=（+）解得：0mvvMm=+方向水平向右，与v0同向．故选C6.中国“北斗三号”全球组网卫星计划将在2017年7月左右进行首次发射。“北斗三号”采用星载氢原子钟，其

精度将比“北斗二号”的星载铷原子钟提高一个数量级。如图所示为氢原子的部分能级图，以下判断正确的是（）A.处于n=3能级的氢原子可以吸收任意频率的光子B.欲使处于基态的氢原子被激发，可用12.09eV的光子照射C.当氢原子从n=5的状态跃迁到n=

3的状态时，要吸收光子D.用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射金属铂（逸出功为6.34eV）时不能发生光电效应【答案】B【解析】【详解】A．原子跃迁时吸收或放出的光子能量等于能级能量差，所以氢原子只能吸收特定频率的光子，故A错误；B．1能级与3能级能量之差为

1.51eV(13.6)eV10.2eV−−−=可用12.09eV的光子照射，可以使处于基态的氢原子被激发，故B正确；C．氢原子从高能级跃迁到低能级时放出光子，选项C错误；D．从2n=能级跃迁到1n=能级辐射出的

光子的能量213.4eV(13.6)eV10.2eV6.34eVEEE=−=−−−=＞而使金属发生光电效应的条件是光子的能量大于材料的的逸出功，故可以发生光电效应，选项D错误。故选B。7.下列说法正确的是（）①液晶具有各向同性②有规则几何形状的物体一定是晶体③晶体有一定的熔解温度

④晶体内部分子的排列具有规律性A.①②③正确B.②③正确C.③④正确D.①②④正确【答案】C【解析】【详解】液晶具有各向异性的光学性质，则①错误；有规则几何形状的物体一定是单晶体，则②错误；晶体有一定的熔解温度，则③正确；晶体内部分子的排列具有规律性，则

④正确。故选C。8.贮气筒内封闭有一定质量的理想气体，温度为127C，压强是10atm，从筒内放出一半质量的气体后，并使筒内剩余气体的温度降低到27C，则剩余气体的压强为（）A.3.25atmB.3.75atmC.4.25atmD.4.75atm【答案】B【解

析】【详解】以筒内剩余气体为研究对象，设贮气筒容积为V，则初态：p1=10atm，T1=400K，V1=12V；末态：T2=300K，V2=V由理想气体状态方程112212pVpVTT=即2102400300VpV=解得气体压强为p2=3.75atm．故选B。二．多项选择题：

（本大题包括5小题，每小题6分，选不全的得3分，共30分）9.一列长L的火车以加速度a匀加速经过一座长为x的直桥()Lx，火车通过桥头和桥尾的时间分别是1t和2t，则（）A.火车通过桥头的平均速度是1

LtB.火车通过桥头的平均速度是1xtC.火车头从桥头到桥尾的时间是()1212Lttatt−D.火车头从桥头到桥尾的时间是()1212122Lttttatt−−+【答案】AD【解析】【详解】AB．火车通过桥头的时间为1t，根据平均速度公式可知，火车通过桥头的平均速度11Lvt=故B错误

，A正确；CD．火车通过桥尾的时间为2t，根据平均速度公式可知，火车通过桥尾的平均速度22Lvt=根据平均速度定义可知，火车头到桥尾的速度2322tvva=−火车头到桥头的速度1412tvva=−则火车头从桥头到桥尾的时间()123412122Lttvvtttaatt−−−==+故C错误，D正确

。故选AD。10.如图所示，为一物体运动的速度一时间图象，下列说法正确的是（）A.物体在0～1s内，a=4m/s2B.物体在2～3s内的加速度与在3～4s内的加速度相同C.物体在3～4s秒内的加速度与4～5s内的加速度相同D.物体在5s内总位移为4m【

答案】ABD【解析】【详解】A．速度时间图象的斜率等于加速度，所以物体在0-1s的加速度为224m/s4m/s1vat===故A正确；B．根据速度图象的斜率等于加速度，直线的斜率不变，则物体在2～3s内的加速度与在3～4s

内的加速度相同．故B正确；C．物体在3～4s秒内的加速度与4～5s内的加速度大小相等、方向相反，所以加速度不同，故C错误；D．根据图线与t轴所围的面积表示位移，所以5s内的位移13244m4m22x+=−

=故D正确；故选ABD．11.如图所示，质量为200kgm=的小船静止在平静的水面上，船两端载着质量为40kg60kgmm==甲乙．的游泳者，甲向左．乙向右同时以2m/s(相对于岸)的水平速度跃入水中，不计水对船的阻力，则正确的是（）A.小船获得的速度大小为1m/s，方向

水平向左B.小船获得的速度大小为0.2m/s，方向水平向左C.小船受到的冲量大小为40kgm/s，方向水平向右D.小船受到的冲量大小为40kgm/s，方向水平向左【答案】BD【解析】【详解】AB．甲、乙和船组成的系统动量守恒，以水平向右为正方向，开始时总动量为零，根据动量

守恒定律有0=-m甲v甲+m乙v乙+mv代入数据解得v=-0.2m/s负号说明小船的速度方向向左，故A错误，B正确；CD．根据动量定理可得，小船获得的动量为P=mv=200×0.2=40kg•m/s方向水平向左，故C错误，D正确。故选BD。12.在做光电效应实验中，某金属被光照射

发生了光电效应，实验测出了光电子的最大初动能Ek与入射光的频率v的关系如图所示，由实验图象可求出（）A.该金属的逸出功B.该金属的极限频率C.单位时间内逸出的光电子数D.普朗克常量【答案】ABD【解析】【详解】ABCD．根据爱因斯坦光电

效应方程Ek=hν−W任何一种金属的逸出功W一定，说明Ek随ν的增大而增大，直线的斜率等于普朗克常量，直线与横轴的截距OA表示Ek=0时的频率ν0，即为金属的极限频率。由Ek=hν–W得，当Ek=0时，有hν0−W=0可得0Wh=

纵截距代表逸出功，不能求出单位时间内逸出的光电子数，故ABD正确，C错误。故选ABD。13.一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其p—T图象如图所示。下列判断正确的是（）A.过程ab中气体一定吸热

B.a、b和c三个状态中，状态a分子的平均动能最小C.过程bc中气体既不吸热也不放热D.过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热【答案】AB【解析】【分析】【详解】A．由图示可知，ab过程，气体压强

与热力学温度成正比，则气体发生等容变化，气体体积不变，外界对气体不做功，气体温度升高，内能增大，由热力学第一定律可知，气体吸收热量，故A正确；B．a、b和c三个状态中，状态a温度最低，则分子的平均动能最小，故B正确；C．由图示图象可

知，bc过程气体发生等温变化，气体内能不变，压强减小，由玻意耳定律可知，体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律△U=Q+W可知，气体吸热，故C错误；D．由图象可知，ca过程气体压强不变，温度降低，由盖吕萨克定律可知，其体积减小，外界对气体做功，W＞0，气体温度降低，内能减少，△U

＜0，由热力学第一定律可知，气体要放出热量，过程ca中外界对气体所做的功小于气体所放热量，故D错误。故选AB。第Ⅱ卷（非选择题共38分）三、填空题（每空3分，共9分）14.某同学利用自由落体运动测当地的重力加速度，如图是他用频闪仪拍摄小球自由下落过程的照片的一部分，频闪仪每隔1s30闪光一次，

回答下列问题：（1）小球运动到B点时的速度Bv=_________m/s；（结果保留3位有效数字）（2）当地的重力加速度为g=_________2m/s；（3）完整的照片中A点上方还有________

_个小球的影像（含未释放时的影像）（结果保留1位有效数字）【答案】(1).1.31m/s(2).29.81m/s(3).3【解析】【详解】(1)［1］根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出小球运动到B点时的速度24.903

.8110m/s1.31m/s12230ACBxvT−+===(2)［2］根据逐差法可得加速度为222224.903.8110m/s9.81m/s130hgT−−===(3)［3］小球运动到B点的时间为1.31s=1.34s9.81BBvtg==频闪仪每隔1

s30闪光一次，所以有1.344130Btnt==即完整的照片中A点上方还有3个小球的影像。四、计算题（15题8分，16题10分，17题11分，共29分）15.一辆汽车从O点由静止开始做匀加速直线运动，

已知在2S内经过相距24m的A和B两点，汽车经过A点时的速度为10m/s，如图所示，求：（1）汽车的加速度．（2）A点与出发点O间的距离．【答案】（1）2a2m/s=（2）s25m=【解析】（1）汽车从A到B，根据位移公式有：201x2vtat=+代入数

据：212410222a++解得：2a2m/s=（2）汽车从O点到A点，根据速度位移公式有：2202vvas−=代入数据：2100sm25m22−==16.如图所示，用不可伸长的细线悬挂一质量为1kg

M=的小木块，木块处于静止状态．现有一质量为0.01kgm=的子弹以初速度0300m/sv=自左方水平地射穿木块，木块上升的最大高度0.2hm=，求：（1）子弹射出木块时的速度v；（2）若子弹射穿木块的时间为0.02st=，子弹对木块的平均作用力F大小为多少。【

答案】（1）100m/s；（2）100N【解析】【详解】（1）设子弹射穿木块后木块获得速度为'v，木块上摆过程，只有重力做功，其机械能守恒，由机械能守恒定律得21'2MvMgh=子弹射穿木块过程系统的动量守恒，以水平向右为正方向，由动量守恒定律得0'mvmvMv

=+联立并代入数据解得'2m/sv=100m/sv=（2）以木块为研究对象，由动量定理可得'FtMv=代入数据解得100N=F17.如图，一带有活塞的气缸通过底部的水平细管与一个上端开口的竖直管相连，气缸与竖直管的横截面面积之比为3：1，初始时，该装置的底部盛有水

银；活塞与水银面之间有一定量的气体，气柱高度为l（以cm为单位）；竖直管内的水银面比气缸内的水银面高出38l。现使活塞缓慢向上移动1132l，这时气缸和竖直管内的水银面位于同一水平面上，求初始时气缸内气体的压

强（以cmHg为单位）【答案】158pl=【解析】【详解】设S为气缸的横截面积，p为活塞处于初始位置时气缸内气体的压强，p0为大气压强，有038ppl=+①在活塞上移1132l后，气缸内气体的压强变为p0，设气体的体积为V，由玻意耳定律得0pVpSl=

②设气缸内水银面上升x，有338xlx=−③1132VllxS=+−④联立①②③④式，解得158pl=⑤