【文档说明】新教材2021-2022人教版物理选择性必修第二册课时检测：2.2　法拉第电磁感应定律含解析.docx，共(7)页，207.781 KB，由envi的店铺上传

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课时跟踪检测(七)法拉第电磁感应定律1．如图所示，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，当它以速度v沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小为E，将此棒弯成两段长度相等且相互垂直的折线，置于与磁感应强度相垂直的平面内。当它沿两段折线夹角的角平分线的方向以速

度v运动时，棒两端的感应电动势大小为E′，则E′E等于()A．12B．22C．1D．2解析：选B设折弯前导体切割磁感线的长度为L，则E＝BLv；折弯后，导体切割磁感线的有效长度l＝L22＋L22＝

22L，故产生的感应电动势E′＝Blv＝B·22Lv＝22E，所以E′E＝22，B正确。2．如图所示，把一阻值为R、边长为L的正方形金属线框，从磁感应强度为B的匀强磁场中，以速度v向右匀速拉出。在此过程中线框中产生了电流，此电流()A．方向与图示箭头方向相同，大小为BLvRB．

方向与图示箭头方向相同，大小为2BLvRC．方向与图示箭头方向相反，大小为BLvRD．方向与图示箭头方向相反，大小为2BLvR解析：选A利用右手定则可判断感应电流是逆时针方向。因为E＝Blv，所以电流I＝ER＝BLvR，A正确。3．如图所示，平行导轨

间的距离为d，一端跨接一个电阻R，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于平行金属导轨所在的平面。一根足够长的金属棒与导轨成θ角放置。金属棒与导轨的电阻不计，当金属棒沿垂直于棒的方向滑行时，通过电阻R的电流为

()A．BdvRB．BdvsinθRC．BdvcosθRD．BdvRsinθ解析：选D题中B、l、v满足两两垂直的关系，所以E＝Blv，其中l＝dsinθ，即E＝Bdvsinθ，故通过电阻R的电流为BdvRsinθ，选项D正确。4．[多选]单匝线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的

轴匀速转动，穿过线圈的磁通量Φ随时间t变化的图像如图所示，则()A．在t＝0时，线圈中磁通量最大，感应电动势也最大B．在t＝1×10－2s时，感应电动势最大C．在t＝2×10－2s时，感应电动势为零D．在0～2×10－2s时间内，线圈中感应电动势的平均值为零解析：选BC由法拉第电磁感应定

律，知E∝ΔΦΔt，故t＝0及t＝2×10－2s时，E＝0，选项A错误，选项C正确；t＝1×10－2s时，E最大，选项B正确；0～2×10－2s时间内，ΔΦ≠0，E≠0，选项D错误。5．如图所示，在半径为R的虚线圆内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化关系为B

＝B0＋kt。在磁场外距圆心O为2R处有一半径恰为2R的半圆导线环(图中实线)，则导线环中的感应电动势大小为()A．0B．kπR2C．kπR22D．2kπR2解析：选C由E＝nΔΦΔt＝ΔBSΔt＝12πR2k，可知选项C正确。6．[多选]无线电力传输目前取得了重大突破，在日本展出了一种

非接触式电源供应系统，这种系统基于电磁感应原理可无线传输电力。两个感应线圈可以放置在左右相邻或上下相对的位置，原理示意图如图所示。下列说法正确的是()A．若甲线圈中输入电流，乙线圈中就会产生感应电动势B．只有甲线圈中输入变化的电流，乙线圈中才

会产生感应电动势C．甲中电流越大，乙中感应电动势越大D．甲中电流变化越快，乙中感应电动势越大解析：选BD根据产生感应电动势的条件，只有处于变化的磁场中，乙线圈才能产生感应电动势，A错误，B正确；根据法拉第电磁感应定律，感应电动势的大小取决于磁通量变化率，所以C错误，D正确。7．如图甲

所示线圈的匝数n＝100匝，横截面积S＝50cm2，线圈总电阻r＝10Ω，沿轴线方向有匀强磁场，设图甲中磁场方向为正，磁场的磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示，则在开始的0.1s内()A．磁通量的变化量为0.25WbB．磁通量的变化率为2．5×102Wb/sC．

a、b间电压为0D．在a、b间接一个理想电流表时，电流表的示数为0.25A解析：选D通过线圈的磁通量与线圈的匝数无关，若设Φ2＝B2S为正，则线圈中磁通量的变化量ΔΦ＝B2S－(－B1S)，代入数据即ΔΦ＝(0.1＋0.4)×50×10－4Wb＝2．5×10－3Wb，A错

误；磁通量的变化率ΔΦΔt＝2.5×10－30.1Wb/s＝2．5×10－2Wb/s，B错误；根据法拉第电磁感应定律可知，当a、b间断开时，其间电压等于线圈产生的感应电动势，感应电动势大小E＝nΔΦΔt

＝2．5V，C错误；在a、b间接一个理想电流表时相当于a、b间接通而形成回路，回路总电阻即为线圈的总电阻，故感应电流大小I＝Er＝0.25A，选项D正确。8．在如图所示的三维坐标系中，有与x轴同方向的磁感应强度为B的匀强磁场。一矩形导线框，面积为S，电阻为R，

其初始位置abcd与xOz平面的夹角为θ，以z轴为转动轴沿顺时针方向匀速转动2θ角到达a′b′cd位置，角速度为ω。求：(1)这一过程中导线框中产生的感应电动势的平均值；(2)θ为0°时感应电动势的瞬时值。解析：(1)导线框转动2θ角的过程所用

的时间Δt＝2θω，穿过线框的磁通量的变化量ΔΦ＝2BSsinθ。由法拉第电磁感应定律知，此过程中产生的感应电动势的平均值E－＝ΔΦΔt＝2BSsinθ2θω＝BωSsinθθ。(2)θ为0°时，线框中感应电动势的大小为a

b边切割磁感线产生的感应电动势的大小即E＝B·Lab·Lbc·ω＝BSω。答案：(1)BωSsinθθ(2)BSω9．如图所示，导线OA长为l，在方向竖直向上，磁感应强度为B的匀强磁场中以角速度ω沿图中所示方向绕通过

悬点O的竖直轴旋转，导线OA与竖直方向的夹角为θ。OA导线中的感应电动势大小和O、A两点电势高低情况分别是()A．Bl2ωO点电势高B．Bl2ωA点电势高C．12Bl2ωsin2θO点电势高D．12Bl2ωsin2θA点电势高解析：选D导线OA切割磁感线的有效长度等于圆的半径，即R＝l·sinθ

，产生的感应电动势E＝12BR2ω＝12Bl2ωsin2θ，由右手定则可知A点电势高，所以D正确。10．如图所示，将一根总电阻为R的直导线弯成一半径为a的金属环，放在竖直平面内，磁感应强度为B的匀强磁场垂

直穿过环平面，在环的最高点A用铰链连接长度为2a、电阻为R2的导体棒AB，AB由水平位置紧贴环面摆下，当摆到竖直位置时，B点的线速度为v，则这时AB两端的电压大小为()A．Bav3B．Bav6C．2Bav

3D．Bav解析：选A摆到竖直位置时，导体棒AB切割磁感线产生的感应电动势为E＝B·2a·0＋v2＝Bav；导体棒AB相当于电源，电源的内阻为R2，金属环的两个半圆部分的电阻分别为R2，两个半圆部分的电阻是并联关系，并联总电阻为R4；根据闭合电路欧姆定律，可知回路中的总电流为I＝

ER4＋R2＝4Bav3R，AB两端的电压即路端电压，大小为U＝I·R4＝Bav3，选项A正确，B、C、D错误。11．如图所示，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路。虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直于回路所在的平面。回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN垂直。从D

点到达边界开始到C点进入磁场为止，下列结论错误的是()A．感应电流方向不变B．CD段直线始终不受安培力C．感应电动势最大值E＝BavD．感应电动势平均值E－＝14πBav解析：选B感应电动势公式E＝ΔΦΔt，只能用来计算平均值，利用感应电动势

公式E＝Blv计算时，l应是有效长度，即垂直切割磁感线的长度。在闭合回路进入磁场的过程中，通过闭合回路的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知感应电流的方向为逆时针方向不变，A正确。根据左手定则可以判断，CD段所受的安培力方向向下，B错误。当半圆闭合回路进入磁场一半时，其等

效切割长度最大为a，这时感应电动势最大值E＝Bav，C正确。感应电动势平均值E－＝ΔΦΔt＝B·12πa22av＝14πBav，D正确。12．如图所示，固定于水平面上的金属架CDEF处在竖直向下的匀强磁场中，金属棒MN沿框架以速度v向右做匀速运动。t＝0时，磁感应强度为B0，此

时MN到达的位置使MDEN构成一个边长为l的正方形，为使MN棒中不产生感应电流，从t＝0开始，磁感应强度B应怎样随时间t变化？请推导出这种情况下B与t的关系式。解析：要使MN棒中不产生感应电流，应使穿过闭合回路的磁通量不发生变化。在t＝0时刻，穿过闭合回路的磁通量Φ

1＝B0S＝B0l2设t时刻的磁感应强度为B，此时磁通量为Φ2＝Bl(l＋vt)由Φ1＝Φ2，得B＝B0ll＋vt。答案：B＝B0ll＋vt13．如图所示，倾角为α的光滑导轨上端接入一定值电阻，Ⅰ和Ⅱ是边长都为L的两正方形磁场

区域，其区域内的磁场方向都垂直于导轨平面向上，区域Ⅰ中磁场的磁感应强度为B1，恒定不变，区域Ⅱ中磁场随时间按B2＝kt变化。一质量为m、电阻为r的金属杆穿过区域Ⅰ垂直地跨放在两导轨上，并恰能保持静止(金属杆所受安培力沿斜面向上)。试求：(1)通过金属杆的电流大小；(2)定值电阻的阻值

为多大？解析：(1)对金属杆，有mgsinα＝B1IL①解得I＝mgsinαB1L。②(2)感应电动势E＝ΔΦΔt＝ΔB2ΔtL2＝kL2③闭合电路的电流I＝ER＋r④联立②③④解得R＝EI－r＝kB1

L3mgsinα－r。答案：(1)mgsinαB1L(2)kB1L3mgsinα－r获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com