【文档说明】广西南宁市广西大学附属中学2020-2021学年高一上学期物理试卷【精准解析】.doc，共(14)页，558.000 KB，由小赞的店铺上传

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-1-广西大学附属中学2020-2021学年度上学期高一年级物理科段考试题全卷满分：100分考试时间：90分钟一、选择题（每题4分，共48分，第1-8题只有一项符合要求，第9-12题有多项符合要求，全部选对的

得4分，选对但不全的得2分，不选或有错选的得0分。）1.下列关于质点的说法正确的是（）A.质点是一个理想化模型，实际上并不存在，所以引入这个概念没有多大意义B.只有体积很小的物体才能被看成质点C.凡轻小的物体，皆可被看成质点D.如果物体的形状和大小对所研

究的问题属于无关或次要因素时，即可把物体看做质点【答案】D【解析】【详解】A.质点是一个理想化模型，实际上并不存在，引入这个概念方便我们研究问题，A错误；B.体积大的物体也可以看做质点，比如地球，研究地球

绕太阳公转时可以看成质点，B错误；C.轻小的物体，不一定可以看做质点，要看它的形状对分析的问题有没有影响，C错误；D.如果物体的形状和大小对所研究的问题属于无关或次要因素时，即可把物体看作质点，D正确；故选：D。2.张家口市崇礼区将举办2022

年冬奥会单板滑雪、自由式滑雪等6个项目的比赛。在高山滑雪场滑雪，乘坐滑雪索道是每位滑雪爱好者必不可少的经历。关于正在乘坐滑雪索道上山的某滑雪爱好者，下列说法正确的是（）A.以自己为参考系，同缆车里的人不断上升B.以自

己为参考系，对面的雪山迎面而来-2-C.以对面的雪山为参考系，自己不断下降D.以所乘坐的缆车为参考系，两边的树不断上升【答案】B【解析】【详解】A．以自己为参考系，同缆车里的人是静止的，选项A错误；B．以自己为参考系，对面的雪山迎面而来，选项B正确；C．以对面的雪山为参考系，自己不断上升，选项C

错误；D．以所乘坐的缆车为参考系，两边的树不断下降，选项D错误。故选B。3.一足球以6m/s的速度飞来，被一脚踢回，踢出时速度大小为12m/s，球与脚接触时间为0.1s，则此过程中足球的加速度的大小和方向分别为（）A.60m/s2，方向与踢出方向相同B.60m/s2，方向与飞来方向相同C.

180m/s2，方向与踢出方向相同D.180m/s2，方向与飞来方向相同【答案】C【解析】【详解】规定初速度的方向为正方向，则加速度220126m/s180m/s0.1vvat−−−===−方向与初速度方向相反即与踢出方向相同故选

C。4.三个质点A、B、C的运动轨迹如图所示，同时从N点出发，同时到达M点，下列说法中正确的是（）A.三个质点任意时刻的速度方向都相同B.三个质点从N点出发到M的任意时刻速度大小都相同C.三个质点从N点到M点的平均速度大小和方向均相同D.三个质点从N点到M点的平均速率相同-3-【答案】C【

解析】【详解】由题意可知任意时刻三个质点的速度大小和方向都不相同，选项AB错误；平均速度等于位移除以时间，故平均速度大小相同，平均速度的方向与位移方向相同，故平均速度方向相同，选项C正确；平均速率等于路程除以时间，三质点的路程不

同，时间相同，故平均速率不同，选项D错误．综上本题选C．5.在研究物体的直线运动时，可以用坐标轴上的坐标表示物体的位置，用坐标的变化表示物体的位移．如图所示，某质点先从A点沿坐标轴运动到C点，该过程中其位移x1=﹣3m﹣4m=﹣7m；然后该质点再从

C点沿坐标轴运动到B点，该过程中其位移x2=1m﹣（﹣3）m=4m，下列说法正确的是（）A.由于正数大于负数，故x2大于x1B.由于位移的正负号只表示其方向，故x1大于x2C.整个过程中，质点的位移为4mD.整个过程中，质点通过的路程为3m【答案】B【解析】

由图知C到B的位移小于A到C的位移，虽然前者正数，后者是负数，但正负号表示方向，因此比较大小要看长度，故A错误；位移的符号表示其方向，大小是指其绝对值，则A到C的位移x1大于C到B的位移x2，故B正确．物体整

个过程中的位移为物体由A到B的合位移，就是起点到终点的有向线段，所以为△x=x1+x2=﹣7+4=﹣3m，故C错误；路程是运动的轨迹的和，则路程的大小为：s=|x1|+x2=|﹣7|+4=11m，故D错误；故选B．点睛：路程是物体运动轨迹的长度．位移表示物体位置的改变，它

只与物体的初末位置有关，与物体的运动过程无关．6.某跳伞运动员从悬停在高空的直升机上跳下，运动员做直线运动，如图所示为运动员从跳离飞机到落地的过程中运动的vt－图像，则下列关于他的运动情况分析正确的是（）-4-A.0~10s内加

速度向上B.10~15s内加速度向下C.10s~15s内运动员做加速度逐渐增大的减速运动D.运动员在0~10s内的平均速度大小大于10m/s【答案】D【解析】【详解】ABC．速度—时间图象斜率等于加速度，由图可知，010s斜率为正，加速度向下；10s15s斜率为负，

加速度向上；10s~15s内运动员做加速度逐渐减小，速度减小，运动员做加速度逐渐减小的减速运动，故ABC错误；D．若010s内做匀加速直线运动，则位移为02010m100m2x+==而本题图象围成的面积比匀加速直线运动的大，所以01

0s内下落的距离大于100m，根据svt=，则实际平均速度大于10m/s，故D正确。故选D。7.一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动。开始刹车后的第1s内和第2s内位移大小依次为9m和7m。则刹车后6s内的位移是（）A.2

0mB.24mC.25mD.75m【答案】C【解析】【详解】由Δx=aT2得22297m/s2m/s1a−==由-5-9=v0T-12aT2得v0=10m/s汽车刹车时间tm=0va=5s<6s故刹车后6s内的位移为刹车后

5s内的位移x=202va=25m故选C。8.甲、乙两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的x－t图象如图所示(乙的图线为抛物线)，下列说法正确的是A.乙物体先向负方向运动，t1时刻以后反向向正方向运动B.0～

t2时间内，乙的速度和加速度都是先减小后增大C.t2时刻，乙物体追上甲D.t1时刻，两者相距最远【答案】ACD【解析】【详解】A．在位移-时间图象中，图象的斜率表示速度，由图象可知，乙的斜率先负后正，则乙物体先向负方向运动，t1时刻以后反向向正方向运动，故A项正确

；B．乙的图线为抛物线，则乙做匀变速直线运动，加速度不变，故B项错误；C．图象的交点表示相遇，t2时刻之前甲在乙的前面，则t2时刻，乙物体追上甲，故C项正确；D．纵坐标之差表示甲乙之间的距离，根据图象可知tl时刻，两者相距最远，故D项正确．9.在对自由落体运动的研究过程中，关于伽

利略所提出的假设、采用的推理过程和科学方法等，下列叙述正确的是（）A.通过观察与思考，伽利略提出自由落体运动应该是一种速度随位移均匀变化的加速直线运动-6-B.为了解决无法测量瞬时速度的困难，伽利略改测

位移与时间的关系C.为了解决没有准确的计时工具的困难，伽利略利用“冲淡重力”的斜面实验D.伽利略认为自由落体运动可以认为由斜面的倾角外推增大为90°时的特例【答案】BCD【解析】【详解】A．伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，故

A错误；B．为了解决无法测量瞬时速度的困难，伽利略改测位移与时间的关系，故B正确；C．为了解决没有准确的计时工具的困难，伽利略利用“冲淡重力”的斜面实验，故C正确；D．伽利略认为自由落体运动可以认为由斜面的倾角外推增大为90°时的特例，这是合理外推，故D正确。

故选BCD。10.关于自由落体运动，下面说法正确的是（）A.它是竖直向下，00v=，ag=的匀加速直线运动B.在开始连续的三个1s内通过的位移之比是1:4:9C.在开始连续的三个1s末的速度大小之比是1:3:5D.从开始运动起下落4.9m、9.8m、14

.7m，所经历的时间之比为11:2:3【答案】A【解析】【详解】A．自由落体运动是指物体在仅受重力的情况下由静止开始的匀变速直线运动,其下落的加速度为g，故A正确；B．做自由落体运动的物体在第1s内的位移21115m2Hhgt===物体在前2s内的位移222120m2hgt==故物

体在第2s内的位移22115mHhh=−=物体在前3s内的位移-7-233145m2hgt==故物体在第3s内的位移33225mHhh=−=所以123::5:15:301:3:5HHH==故B错误；C．物体在第1s末

的速度1110msvgt==物体在第2s末的速度2220msvgt==物体在第3s末的速度3330msvgt==所以1231:2:3vvv=::故C错误；D．根据公式212hgt=可知从开始运动起下落4.9m所经历的时

间112htg=从开始运动起下落9.8m所经历的时间222htg=从开始运动起下落14.7m所经历的时间332htg=所以-8-123::4.9:9.8:14.71:2:3ttt==故D错误。故选A。11.质点以2m/s2的加速度做匀加速运动，下列说法正确的是（）

A.质点的加速度越来越大B.质点的速度每经1s增加2m/sC.质点在任ls内位移比前1s内位移大2mD.质点在任ls内平均速度比前1s内平均速度大2m/s【答案】BCD【解析】【详解】A．质点做匀加速直线运动，加速度保持不变，故A错误；B．质点以2m/s2的加速度做匀加速运动，知每秒内速度增加2m

/s，故B正确；C．根据△x=aT2得，△x=2×1m=2m，故C正确；D．因为任1s内的位移比前1s内的位移多2m，根据平均速度的定义式知，平均速度大2m/s，故D正确。故选BCD。12.两辆完全相同的

汽车正准备从车站向同一方向发车，已知汽车由静止开始做匀加速直线运动，加速度都为a，经时间t0达到速度v0后匀速行驶，后一辆车在前一辆车刚达到匀速时开始启动，则两车都匀速行驶时两车的距离是()A.12at02B.at

02C.12v0t0D.v0t0【答案】BD【解析】【详解】根据题意，作出两车运动的v－t图像，如图所示两车都匀速运动时，两车间的距离等于v－t图线与t轴所围的面积差，即-9-Δx＝v0t0＝at02故BD正确，AC错误。故选BD。二、实验题（2小题，共12分）13.在“用打点计时器测速度”实

验中：(1)打点计时器有两种，分别是电火花打点计时器和______打点计时器，都是使用交流电源的仪器，电火花计时器的工作电压是______V；(2)安装纸带时，应将纸带置于复写纸的______（选填“上方”或“下

方”）。拉动纸带应在接通打点计时器的电源______（选填“之前”或“之后”）。【答案】(1).电磁(2).220V(3).下方(4).之后【解析】【分析】主要考察打点计时器的认识。【详解】(1)[1][2]打点计时器有两种，分别是电火花打点计时器和电磁打点计时器，都是使用交流电源的仪器

，电磁打点计时器的工作电压是4~6V，电火花计时器的工作电压是220V；(2)[3][4]安装纸带时，应将纸带置于复写纸（或墨粉纸盘）的下方，把纸带固定在小车上，应在放开小车之前启动打点计时器。【点睛】理解打点计时器的原理是解题的关键。14.如图所示，某同学在做“探究小车速度随时间变化

的规律”的实验中：(1)使用频率为50Hz的电源，则相邻计时点间的时间间隔为______s；纸带上每5个点取一个计数点，纸带上相邻计数点间的时间间隔为______s；(2)纸带上相邻计时点间距离分别为，17.05cmx=、

27.68cmx=、38.33cmx=、48.95cmx=、59.61cmx=、610.26cmx=，则A点的瞬时速度的大小为______m/s，小车运动的加速度大小为______m/s2；（计算结果保留两位有效数字）(3)若电源频率变小，而未被发现，

则加速度的计算结果比实际值_______（选填“偏大”或“偏-10-小”）。【答案】(1).0.02(2).0.1(3).0.86(4).0.64(5).偏大【解析】【详解】（1）[1]使用频率为50Hz的

电源，则相邻计时点间的时间间隔为10.02sTf==[2]纸带上每5个点取一个计数点，则纸带上相邻计数点间的时间间隔为50.020.1st==（2）[3]A点的瞬时速度的大小为34A==0.86ms2x

xvT+[4]根据逐差法则有()()()26543212=0.64ms3xxxxxxaT++−++=（3）[5]打点计时器打点的频率是由电源的频率决定的，且打点的频率等于电源的频率。当交流电的频率为50Hz时，打点计时器每隔0.02s打一个点，当交流电频率

低于50Hz时，打点计时器打点的时间间隔将大于0.02s，而计算依旧是按照0.02s计算，所用值偏小，则根据2xaT=可知，计算加速度偏大。三、计算题（4小题，共40分，要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中

必须明确写出数值和单位。）15.汽车以010m/sv=的速度在水平路面上匀速运动，遇到紧急情况突然刹车，汽车做匀减速直线运动，后经2t=秒速度变为6m/sv=，求：(1)刹车过程的加速度；(2)刹车后4秒末的速度；(3)刹车后6秒内的位移。【答案】（1）22ms−；（2）2

ms；（3）25m【解析】-11-【详解】（1）根据匀变速速度公式可得0vvat=+代入解得22msa=−。（2）根据匀变速速度公式可得101vvat=+代入解得12msv=。（3）根据匀变速速度公式可可知刹

车时间022vvat=+代入解得5st=。刹车后6秒内的位移20125m2xvtat=+=16.某小球从高地面高度为3.2mh=处以06m/sv=的初速度竖直上抛，不计空气阻力，重力加速度210m/sg=，

求：(1)小球离地面的最大高度；(2)小球在空中的运动时间；(3)小球运动过程的平均速度的大小。【答案】(1)5m；(2)1.6s；(3)2m/s【解析】【详解】(1)由竖直上抛规律得2011.8m2vhg==则小球离地面的最大高度为1=5mHhh+=(2)小球从抛出到最高点的时间为01

0.6svtg==从最高点运动到地面的时间为-12-221sHtg==则小球在空中的运动时间为121.6sttt=+=(3)整个过程中小球的位移大小为3.2mxh==则小球运动过程的平均速度的大小为3.2m/s2m/s1.6xvt===17.如图所示，小球从斜面的某一位置由静止释放，小球做加

速度为4m/s2的匀加速直线运动，途中经过A、B、C、D、E五点，小球运动到B点时速度为1m/s，从A点运动到B点与从B点运动到C点所用的时间均为0.1s，小球运动到E点时速度为3m/s，D是BE的中点，CD距离为38cm，求：(1)A点与

C点之间的距离；(2)小球运动到D点时的速度；(3)小球释放的位置与A点的距离。【答案】(1)0.2m；(2)5m/s；(3)4.5cm【解析】【分析】本题主要考察匀变速直线运动的推论。【详解】(1)根据匀变速直线运动的平均速度公式2

ACBtxvvt==代入数据xAC=0.2m则A点与C点之间的距离为0.2m。-13-(2)根据匀变速直线运动的速度公式vC=vB+at代入数据vC=1.4m/s再根据公式222DCCDvvax−=代入数据5Dv=m/s则小球运动到D点时的速度为5m/s。(3)根据平均速度公式22ACtvvv+=

，202Avax−=代入数据vA=0.6m/s，x=4.5cm小球释放的位置与A点的距离为4.5cm。【点睛】本道题主要考察匀变速直线运动的平均速度公式，对平均速度公式的理解是解决本道题的关键。18.某段直线高速

公路上，一辆货车以120m/sv=的速度运动，一辆客车以232m/sv=的速度跟随其后。前方货车由于遇到险情突然紧急刹车，刹车时的加速度为214m/sa=−；客车司机发现前车刹车后的，经反应时间0.50st=，也采取紧急刹车，客车刹车时加速度为228m/sa=−，为了避免发生追尾事故，客车和货车

之间至少应保留多大的距离？【答案】31m【解析】【详解】设货车刹车时间为0t时，客车与货车恰好不追尾，此时客车和货车速度相等，由匀变速直线运动规律可得货车的速度为110vvat=+-14-货车的位移为22112vvxa−=货客车反应时间内的位移为12x

vt=客车的速度为220()vvatt=+−客车减速过程的位移为222222vvxa−=为了避免发生追尾事故，客车和货车之间至少应保留的距离为12xxxx=+−货联立解得：31mx=