【文档说明】吉林省长春市第二十中学2019-2020学年高一下学期期末考试物理试卷 含答案.doc，共(9)页，285.500 KB，由小赞的店铺上传

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绝密★启用前2019-2020学年度第二十中学校期末测试卷高一物理第I卷（选择题)一、选择题（本题共16题，每小题4分，共64分，在每小题给出的四个选项中，第1~11题只有一项符合题目要求，第12~16题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)一、单选题

(共44分)1．(本题4分)下列关于力和运动的说法中正确的是()A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．物体在变力作用下不可能做直线运动C．物体在变力作用下有可能做曲线运动D．物体的受力方向与它的速度方向不在一条直线上时

，有可能做直线运动2．(本题4分)用跨过定滑轮的绳把湖中小船拉靠岸，如图，已知拉绳的速度v不变，则船速A．逐渐增大B．不变C．逐渐减小D．先增大后减小3．(本题4分)“套圈圈”是老少皆宜的游戏，如图，大人和小孩在同一竖直线上的不同高度处分别以水平速度v1、v2抛出铁丝圈，都能套中地面上同一目标．

设大人和小孩的抛出点离地面的高度之比H1：H2=2：l，则v1：v2等于（）A．1：2B．2：lC．1：2D．2：14．(本题4分)如图甲所示，修正带是通过两个齿轮的相互咬合进行工作的，其原理可简化为图乙所示．则齿轮边缘上A、B两点具有相同的A．线速度的大小B．周期C．

向心加速度的大小D．角速度5．(本题4分)如图所示，长为L的细线一端固定，另一端系一质量为m的小球．小球在竖直平面内摆动，通过最低点时的速度大小为v，则此时细线对小球拉力的大小为A．mgB．2vmLC．2vmgmL−D．2vmgmL+6．(本题4分)所有行星绕太阳运转其轨道半径

的立方和运转周期的平方的比值即32rkT=,那么k的大小决定于()A．只与行星质量有关B．与行星及恒星的质量都有关C．只与恒星质量有关D．与恒星质量及行星的速率有关7．(本题4分)北京时间2016年10月19日凌晨，神舟十一号载人飞船与天宫二号空间实

验室成功实现自动交会对接。对接后“天宫二号组合体”在距地面393km的轨道上运行，这比神舟十号飞船与天宫一号空间实验室对接后的“天宫一号组合体”运行轨道高度提高了50km。若两个组合体运行的轨道均可近似为圆轨道。则下

列判断正确的是A．“天宫二号组合体”的向心加速度比“天宫一号组合体”的向心加速度小B．“天宫二号组合体”的角速度比“天宫一号组合体”的角速度大C．“天宫二号组合体”的线速度比“天宫一号组合体”的线速度大D．“天宫二号组合体”的周期比“天宫一号组合体”的周

期小8．(本题4分)物体在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速度叫“第一宇宙速度”，其大小为（）A．7.9km/sB．11.2km/sC．16.7km/sD．24.4km/s9．(本题4分)跳水运动员从10m高的跳台上跳下，运动员在下落的过程中()A．动能减少，重力势能减少B．动能减少，重

力势能增加C．动能增加，重力势能增加D．动能增加，重力势能减少10．(本题4分)如图所示，一木块从固定的粗糙斜面顶端沿斜面匀速下滑，在下滑过程中，下列说法正确的有（）A．支持力对木块做正功B．重力对木块做负功C．

合力做功为零D．摩擦力对木块做正功11．(本题4分)如图所示，光滑绝缘水平轨道上带正电的甲球，以某一水平速度射向静止在轨道上带正电的乙球，当它们相距最近时，甲球的速度变为原来的.已知两球始终未接触，则甲

、乙两球的质量之比为A．l:lB．l：2C．1：3D．l：4二、多选题(共20分)12．(本题4分)如图所示，某人由A点划船渡河，船头指向始终与河岸垂直，关于小船的运动，下列说法中正确的是（）A．小船到达正对岸的B点B．小船到达正对岸B

点的左侧C．小船到达正对岸B点的右侧D．水流速度大小对小船渡河时间没有影响13．(本题4分)质量为m的球用长为L的细绳悬于天花板的O点，并使之在水平面内做匀速圆周运动，细线与竖直线成θ角，则以下正确的是（）A．摆球受重力、拉力

和向心力的作用B．摆球只受重力、拉力的作用C．摆球做匀速圆周运动的向心力为mgtanθD．摆球做匀速圆周运动的向心加速度为gtanθ14．(本题4分)如图，在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入近地停泊轨道Ⅰ，然后由Q

点进入椭圆轨道Ⅱ，再在P点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨Ⅲ，则A．将卫星发射至轨道Ⅰ，发射速度必定大于11.2km/sB．卫星在同步轨道Ⅲ上运行时，其速度小于7.9km/sC．卫星在P点通过加速来实现由轨道Ⅱ进入轨道ⅢD．卫星在轨道Ⅱ上经过P点时的加速度大

于在轨道Ⅲ上经过P点时的加速度15．(本题4分)如图所示，质量为m的物体(可视为质点)以某一初速度由底端冲上倾角为30°的固定斜面，上升的最大高度为h，其加速度大小为g，在这个过程中有关该物体的说法中正确的是()A．重力势能增加了mghB．动能损失了2mghC．动能损失了12mghD．机械能损

失了12mgh16．(本题4分)关于功率,以下说法中正确的是:（）A．根据P=Wt可知，机器做功越多，其功率就越大B．根据P=Fv可知，当发动机的功率保持不变的时候，汽车速度的大小与牵引力成反比C．根据P=Wt可知，只要知道时间t内机器所做的功，就可以求得这段时间内任一时刻机器做功的功

率D．功率大表示做功快，也就是在单位时间内做的功多，但做功不一定多第II卷（非选择题)三、实验题(共8分)17．(本题8分)在“探究平抛运动规律”的实验中：（1）在做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动

的轨迹。为了能较准确地描绘运动轨迹，A．通过调节使斜槽的末端保持______“水平”或者“倾斜”B．每次释放小球的位置必须______“相同”或者“不同”C．每次必须由静止释放小球D．小球运动时不应与木板上的白纸相接触E．将球的位置记录在纸上后，取下纸，

将点连成平滑曲线（2）一个同学在研究平抛物体的运动的实验中，只画出了如图所示的一部分曲线，于是他在曲线上取水平距离相等的三点A、B、C，量得0.2sm=。又量出它们之间的竖直距离分别为h1=0.1m,h2=0.2m，()210

m/sg=，利用这些数据，可求得：①物体抛出时的初速度为______②物体经过B点时速度为______。四、解答题(共28分)18．(本题8分)如图所示，用F=8N的水平拉力，使物体从A点由静止开始沿光滑水平面做匀加速直线

运动到达B点，已知A、B之间的距离s=8m.求：（1）拉力F在此过程中所做的功；（2）若物体从A到B刚好用时t=4s，求拉力F做功的平均功率。19．(本题8分)如图所示，光滑水平面上质量为2.0kg的小

球A以1.0m/s的速度向右运动，在其左方质量为1.0kg的小球B以2.0m/s速度同向运动．碰撞后，小球A以1.5m/s的速度运动．求（1）碰撞后B球的速度；（2）碰撞过程中，A、B系统损失的机械能．20

．(本题12分)如图所示，竖直平面内的一半径R＝0.5m的光滑圆弧槽BCD，B点与圆心O等高，质量m＝0.1kg的小球(可看作质点)从B点正上方H＝0.75m高处的A点自由下落，由B点进入圆弧轨道，从D点飞出，不计空气阻力，(取g

＝10m/s2)求：（1）小球经过B点时的动能；（2）小球经过最低点C时的速度大小vC；（3）小球经过最低点C时对轨道的压力大小．参考答案1．C【解析】【详解】物体在恒力作用下可能做曲线运动，例如平抛运动，选项A错误，C正确；物体在变力作用下也可能做直线运动，例如非匀变速直线运动，选项

B错误；物体在受力方向与它的速度方向不在一条直线上时一定做曲线运动，不可能做直线运动，选项D错误；故选C.2．A【解析】【分析】【详解】设某时刻船速v1，绳子方向和船速夹角为α，则1cosvv=所以当小船靠岸时，随α增

大，船速逐渐增大，选项A正确，BCD错误。故选A。3．C【解析】【分析】【详解】根据212Hgt=得2tHg=则初速度2xgvxtH==因为水平位移相等，高度之比为2：1，可知初速度之比1：2．故选C．4．A【解析】【详解】相互咬合的两个齿轮边缘处质点的线速度相等，

由于两齿轮的半径不同，故A、B两点的角速度、加速度、周期均不同，故A正确，BCD错误．故选A。5．D【解析】在最低点,根据牛顿第二定律得,F−mg=2vmL，解得F=mg+2vmL.故ABC错误，D正确．故选D.6．C【解析】【分析】【详解】行星绕太阳运转

时，万有引力提供向心力，则2224MmrGmrT=解得322==4rGMkT，则k的大小决定于恒星质量，故C正确，ABD错误。7．A【解析】【详解】根据万有引力提供向心力:,所以轨道半径大的“天宫二号组合体”线速度小，加速度小，周期大

，角速度小，BCD错误A正确。8．A【解析】第一宇宙速度是把近地人造卫星的轨道半径近似等于地球半径R，所受的万有引力近似等于卫星在地面上所受的重力mg，即根据公式2vmgmr=得出vgR==7.9km/s9．D【解析】【详解】运动员下落过程中，重力做正功，重力势能减小

，运动员速度越来越大，因此动能增加，故ABC错误，D正确。故选D。10．C【解析】【分析】【详解】A．因为支持力的方向和物体的运动方向相垂直，支持力对木块不做功，A错误；B．因为重力的方向和物体的运动方向夹角为锐角，重力对木块做正功，B错误；C．根据2K12Emv=匀速运动，动能不变

，由动能定理K0WE==合C正确；D．物体所受摩擦力的方向沿斜面向上，物体的速度方向沿斜面向下，所以摩擦力对木块做负功，D错误。故选C。11．B【解析】甲乙组成的系统动量守恒，当两球相距最近时具有共同速度v，由动量守恒：mAv0=（mA+mB），解得：mB=2mA，故选B.12．CD【

解析】【详解】ABC.因为船速垂直河岸，水流速度沿着河岸方向，船沿河岸方向参与水流运动，所以船会达到对岸B点的右侧，AB错误C正确。D.船速垂直河岸，渡河时间：dtv=船，与水速无关，D正确。13．BCD【解析】

【详解】AB.摆球受重力，拉力作用，重力和拉力的合力提供向心力，A错误B正确。CD.重力和拉力的合力提供向心力：ntanFmgma==，所以向心加速度tanag=，CD正确14．BC【解析】【分析】【

详解】A．11.2km/s是第二宇宙速度，发射到近地轨道的最小速度是第一宇宙速度7.9km/s，A错误B．根据万有引力提供向心力：22MmvGmrr=，同步卫星轨道半径大于近地卫星，所以同步卫星的环绕速度小于近地卫星环绕速度7.9km/s，B正确C．由轨道Ⅱ进入轨道Ⅲ，从低轨道

进入高轨道，需要点火加速离心，C正确D．万有引力提供加速度：2MmGmar=，无论哪个轨道经过P点，到地心的距离都相同，受到的万有引力都相同，加速度相同，D错误15．AB【解析】【详解】A.物体重力势能的增加量等

于克服重力做的功，故A正确；B.物体的合力做的功等于动能的减少量2kEmgh＝，故B正确C.根据选项B的分析,故C错误；D.物体机械能的损失量等于克服摩擦力做的功，sinfmgma+=，a=g,在此过程中克服摩擦力做的功为sinhWfmgh==，故D错误.故选AB16．BD【解析】【详解】

A.据P=W/t可知，在相同时间内，做功多的机器，功率一定大，选项A缺少“相同时间”这一条件．故A错误；B.据P=Fv可知，当功率恒定时，牵引力与速度成反比，故B正确；C.据P=W/t可知，知道时间t内机器所做的功，就可以求得这段时间内做功的平均功率，故C错误；D.功率的大小表示做功的

快慢，也就是单位时间内做功的多少，功率是比值的大小，与功的大小无关，D正确．故选BD17．水平相同静止平滑曲线2.02.5【解析】【详解】（1）A.为了保证小球做平抛运动，初速度水平，斜槽末端必须水平。BC.为了保证每次小球平抛初速度相同每次必须从同

一位置由静止释放小球。E.将球的位置记录在纸上后，取下纸，用平滑的曲线将点连接。（2）竖直方向221hhhgt=−=，解得：0.1st=，水平方向：0svt=，解得：02.0m/sv=；竖直方向匀加速，所以12By1.5m/s2hhvt+==，所以22BBy02.5m/svvv=+

=。18．（1）64J（2）16W【解析】【详解】（1）根据做功方程：88J64JWFs===（2）根据功率方程：64W16W4WPt===19．1m/s；0.25J【解析】【详解】（1）根据动量守恒，取

水平向右为正：''AABBAABBmvmvmvmv+=+，代入数据解得：'1m/sBv=，方向水平向右（2）根据能量守恒有：22221111''2222AABBAABBEmvmvmvmv=+−+

，代入数据解得：0.25JE=20．(1)0.75J(2)5m/s(3)6N【解析】（1）小球从开始运动到B点的过程中，机械能守恒，由机械能守恒列出方程即可求解．（2）A到C的过程中，机械能守恒，由机械能守恒列出方程即可求解；（3）在C点时，做圆周运动，由机械能守恒

求C点的速度．在C点，由重力和支持力的合力作为向心力，由向心力的公式可以求得轨道对它的支持力NF，再由牛顿第三定律求出小球经过最低点C时对轨道的压力大小．（1）小球从A点到B点，根据机械能守恒定律得:kmgHE=代入数据解得：0.75kEJ=（2）小球从A点

到C点，设经过C点速度为1v，根据机械能守恒定律得:()2112mgHRmv+=代入数据解得：15/vms=（3）小球在C点，受到的支持力与重力的合力提供向心力由牛顿第二定律得：21NvFmgmR−=

代入数据解得:6NFN=由牛顿第三定律有小球对轨道压力的大小6NFN=