【文档说明】【精准解析】山西省晋中市和诚中学2019-2020学年高一下学期4月月考物理试题.doc，共(15)页，527.000 KB，由管理员店铺上传

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和诚中学2019-2020学年度高一下学期四月月考物理试题一、选择题(本题共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分)1.下列说法正确的是()A.物体做直线运动时，所受的合力

一定为零B.物体做曲线运动时，所受的合力一定变化C.物体做平抛运动时，物体速度的变化量与所用时间的比值恒定D.物体做匀速圆周运动时，物体的速度不变化【答案】C【解析】【详解】A．物体做直线运动，所受的合力不一定为零，如匀

加速直线运动，故A错误;B．物体做曲线运动，所受的合力不一定变化，如平抛运动，故B错误;C．平抛运动的加速度为重力加速度不变，所以物体的速度随时间是均匀变化的，所以C选项是正确的；D．物体做匀速圆周运动，物体的速度大小不变，方向时刻变化，是变速运动，故D

错误.故选C。点睛：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上,合力可以变,可以不变,曲线运动的速度的方向与该点曲线的切线方向相同,方向时刻改变.2.下列说法正确的是()A.拉着一个物体沿着光滑

的斜面匀速上升时，物体的机械能守恒B.物体做竖直上抛运动时，机械能守恒C.物体从置于光滑水平面的光滑斜面上自由下滑时，机械能守恒D.合外力对物体做功为零时，物体机械能一定守恒【答案】B【解析】拉着一个物体沿着光滑的斜面匀速上升时，动能不

变，重力势能变大，物体的机械能增大，选项A错误；物体做竖直上抛运动时，只有重力做功，机械能守恒，选项B正确；物体从置于光滑水平面的光滑斜面上自由下滑时，对物体和斜面的系统机械能守恒，但是物体的机械能不守恒，选项C错误；合外力对物

体做功为零时，物体机械能不一定守恒，例如匀速上升的物体，选项D错误；故选B.3.如图甲所示，在长约1m的一端封闭的玻璃管中注满清水，水中放一个圆柱形的红蜡块R（圆柱体的直径略小于玻璃管的内径，轻重适宜，使它能在玻璃管内的水中匀速上升

），将玻璃管的开口端用胶塞塞紧．将此玻璃管迅速竖直倒置（如图乙所示），红蜡块R就沿玻璃管由管口A匀速上升到管底B．若在将玻璃管竖直倒置、红蜡块刚从A端开始匀速上升的同时，将玻璃管由静止开始水平向右匀加速移动（如图丙所示），直至红蜡块上升到管底B的位置（如图丁所示）．红蜡块

与玻璃管间的摩擦很小，可以忽略不计，在这一过程中相对于地面而言()A.红蜡块做速度大小、方向均不变的直线运动B.红蜡块做速度大小变化的直线运动C.红蜡块做加速度大小变化的曲线运动D.红蜡块做加速度大小、方向均不变的曲线运动【答案】D【解析】【详解】蜡块

在水平方向上做匀加速直线运动，竖直方向上做匀速直线运动，合加速度沿水平方向上，且大小不变，与合速度的方向不在同一条直线上，所以合运动为曲线运动，加速度保持不变．故D正确，ABC错误．故选D．点睛：解决本题的关键

掌握判断合运动轨迹的方法，当合加速度的方向与合速度的方向不在同一条直线上时，蜡块做曲线运动．4.为查明四川九寨沟地区的地质灾害，在第一时间紧急调动了8颗卫星参与搜寻．“调动”卫星的措施之一就是减小卫星环绕地球运动的轨道半径，降低卫星运行的高度，以有利于发现地面（或海洋）目标．下面说

法正确的是()A.轨道半径减小后，卫星的环绕速度减小B.轨道半径减小后，卫星的向心加速度减小C.轨道半径减小后，卫星的环绕周期减小D.轨道半径减小后，卫星的环绕角速度减小【答案】C【解析】卫星受到的万有引

力充当向心力，根据牛顿第二定律可得222224MmvGmmrmrmarrT====，解得3322rGMGMGMTvaGMrrr====，，，，故在轨道半径减小后，周期减小，线速度增大，角速度增大，向心加速度增大，C正确．5.如图所示，运动员把质量为m的足

球从水平地面踢出，足球在空中达到的最高点高度为h，在最高点时的速度为v，不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是()A.运动员踢球时对足球做功212mvB.足球上升过程重力做功mghC.运动员踢球时对足球做功212mghmv+D.足球上升过程克服重力做功212mg

hmv+【答案】C【解析】【详解】AC.足球被踢起后在运动过程中，只受到重力作用，只有重力做功，足球的机械能守恒，足球到达最高点时，机械能为：212Emghmv=+由于足球的机械能守恒，则足球刚被踢起时的机械能为：212Emghmv=+足球获得的机

械能等于运动员对足球所做的功，因此运动员对足球做功：212Emghmv=+故A错误，C正确；BD.足球上升过程重力做功：GWmgh=−足球上升过程中克服重力做功：W克mgh=故B、D错误．6.质量为m的汽车在平直路面上启动，启动过程的速度图像如

图所示，10~t段为直线，从1t时刻起汽车保持额定功率不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为f，则()A.10~t时间内，汽车的牵引力等于11vmtB.21~tt时间内，汽车牵引力做功为22211122mvmv−C.21~tt时间内，汽车

的功率等于1fvD.21~tt时间内，汽车的功率等于2fv【答案】D【解析】【详解】0～t1时间内，汽车做匀加速直线运动，加速度a=11vt，根据牛顿第二定律得，F-Ff=ma，解得牵引力F=Ff+m11v

t，故A错误．根据动能定理，在21~tt时间内，汽车合外力做功为22211122mvmv−，选项B错误；汽车的额定功率P=Fv1=（Ff+m11vt）v1，故C错误．当牵引力等于阻力时，速度达到最大，故t1～t

2时间内，汽车已达到额定功率，则P=fv2，故D正确．故选D．7.如图所示，用长为L的轻质杆连着质量为m的小球在竖直平面内做圆周运动，则下列说法中正确的是()A.小球在圆周最高点时所受的向心力一定为重力B.小球在最高点时轻杆受到作用

力不可能为零C.小球过最低点轻杆对小球的拉力一定大于小球的重力D.若小球刚好能在竖直平面内做圆周运动，则其在最高点的速率为gL【答案】C【解析】【详解】AB．在最高点，若重力完全充当向心力，即球和轻质杆之间没有相互作用力，此时有2vmgmr=解得vgL=此时小球

刚好能在竖直直平面内做圆周运动。若vgL，则球对杆有拉力；若vgL，则球对杆有压力；所以在最高点，充当向心力的不一定是重力，故AB错误；C．在最低点，杆的拉力和重力充当向心力，故有2mvTmgr−=即2mvTmgr=+故C正确；D．小球刚好能在竖直平面内做圆周运动，在最高点的

速度为零，故D错误。故选C。8.一质量为m的质点以速度v0匀速直线运动，在t＝0时开始受到恒力F作用，速度大小先减小后增大，其最小值为v＝0.5v0，由此可判断（）A.质点受力F作用后一定做匀变速曲线运动B.质点受力F作用后可能做圆周运动C.t＝0时恒力F与速度v0方向间的夹角为

60°D.032mvtF=时，质点速度最小【答案】AD【解析】【分析】由题意可知，物体做类斜抛运动，根据运动的合成与分解，结合力的平行四边形定则与运动学公式，即可求解；【详解】A、在t=0时开始受到恒力F作用，加速度不变，做匀变速运动，若做匀变速直线运动，则最小速度可以为零，所以质点受

力F作用后一定做匀变速曲线运动，故A错误；B、物体在恒力作用下不可能做圆周运动，故B错误；C、设恒力与初速度之间的夹角是，最小速度为：1000.5vvsinv==可知初速度与恒力的夹角为钝角，所以是150，故C错误；D、质点速度最小

时，即在沿恒力方向上有：030Fvcostm=，解得：023mvtF=，故D正确．【点睛】考查类斜抛运动的处理规律，掌握合成法则与运动学公式的应用，注意分运动与合运动的等时性．9.下列关于万有引力的说法正确的是（）

A.牛顿测出了万有引力常量GB.对于质量分布均匀的球体，公式F=122mmGr中的r指两球心之间的距离C.因地球质量远小于太阳质量，故太阳对地球的引力远小于地球对太阳的引力D.只有当物体的质量大到一定程度时，物体之间才有万有引

力【答案】B【解析】【详解】卡位迪许测出了万有引力常量G，选项A错误；对于质量分布均匀的球体，公式122mmFGr=中的r指两球心之间的距离，选项B正确；万有引力是相互作用力，虽然地球质量远小于太阳质量，但太阳对地球的引力大小等于地球对太阳的引力大

小，选项C错误；任何两物体之间均存在万有引力作用，选项D错误．10.有关圆周运动的基本模型，下列说法正确的是()A.如图a，汽车通过拱桥的最高点处于超重状态B.如图b所示是两个圆锥摆，增大，但保持圆锥的高度不变，则圆锥摆的角速度不变C.如图c，同一小球在光滑而固定

的圆锥筒内的A、B位置先后分别做匀速圆周运动，则在A、B两位置小球的角速度相等D.如图c，同一小球在光滑而固定的圆锥筒内的A、B位置先后分别做匀速圆周运动，则在A、B两位置所受筒壁的支持力大小相等【答案】BD【解析】汽车在最高点有mg-FN

=m2vr，则FN＜mg，故汽车处于失重状态，故A正确；如图b所示是一圆锥摆，由重力和拉力的合力提供向心力，则有F=mgtanθ=mω2r；r=Lsinθ，知ggLcosh==，故增大θ，但保持圆锥的高h不变，角速度不变，故B正确；图c，根据受力分析知两球受力情况相同，若设侧壁

与竖直方向的夹角为θ；则支持力sinNmgF=，则支持力相同；向心力F=mg/tanθ相同，由F=mω2r知r不同，角速度不同，故C错误，D正确；故选BD.11.某人将1kg的物体由静止向上匀加速提起1m，这时物体的速度为2m/s（210/gms=），则下列说法正确的是()A.物体重力势能增加1

0JB.物体所受的合外力做功2JC.物体所受的合外力做功12JD.人对物体做功10J【答案】AB【解析】重力做的功为WG=mgh=-10×1=-10J，所以物体克服重力做功10J，故A正确；分析物体的运动的情况可知，物体的初

速度的大小为0，位移的大小为1m，末速度的大小为2m/s，由速度位移关系公式v2-v02=2ax，可得加速度：a=2m/s2；由牛顿第二定律可得：F-mg=ma；所以F=mg+ma=12N，合力的大小为ma=2N，所以合力做的功为

2×1=2J，所以合外力做功为2J，故B正确，C错误；手对物体做功W=FL=12×1J=12J，故D错误；故选AB．12.一物体静止在水平地面上，在竖直向上的拉力F的作用下向上运动．不计空气阻力，物体的机械能E与上升高度h的关系如图所示，

其中曲线上A点处的切线斜率最大，h2~h3的图线为平行于横轴的直线．下列说法正确的是A.在h1处物体所受的拉力最大B.在h2处物体的动能最大C.h2~h3过程中合外力做的功为零D.0~h2过程中拉力F始终做正功【答案】AD【解析】由图可知，h1处物体图象的斜率最

大，则说明此时机械能变化最快，由E=Fh可知此时所受的拉力最大，此时物体的加速度最大；故A正确；h1～h2过程中，图象的斜率越来越小，则说明拉力越来越小；h2时刻图象的斜率为零，则说明此时拉力为零；在这一过程中物体应

先加速后减速，则说明最大速度一定不在h2处；故B错误；h2～h3过程中机械能保持不变，故说明拉力一定为零；合外力等于重力，合外力做功不为零；故C错误；由图象可知，0～h2过程中物体的机械能增大，拉力F始终做正功；故D正确；故选AD．点睛：本题画出了我们平时所陌生的机械能

与高度的变化图象；要求我们从图象中分析物体的运动过程．要求我们能明确机械能与外力做功的关系；明确重力做功与重力势能的关系；并正确结合图象进行分析求解．二、实验题（共15分，13题第一空2分第二空3分，14题每空2分）13.如图所示，在研究平抛运动时，小球A沿轨道滑下，离开轨道

末端（末端水平）时撞开轻质接触式开关S，被电磁铁吸住的小球B同时自由下落．改变整个装置的高度H做同样的实验，发现位于同一高度的A、B两球总是同时落地，（1）该实验现象说明了A球在离开轨道后__________A．水平方向的分运动是匀速直线运动．B．水平方向的分

运动是匀加速直线运动．C．竖直方向的分运动是自由落体运动．D．竖直方向的分运动是匀速直线运动．（2）在“研究平抛物体的运动”的实验中，得到的轨迹如图所示，其中O点为平抛运动的起点，根据平抛运动的规律及图中给出的数据，可计算出小球平抛

的初速度v0=________m/s，（29.8/gms=）【答案】(1).(1)C(2).(2)1.6【解析】【详解】（1）由于AB两球同时从同一高度开始下落，并且同时到达地面，故在竖直方向两球遵循相同的运动规律：即

速度加速度总是相同．由于B球做自由落体运动，故A球在平抛过程中在竖直方向也做自由落体运动，故C正确，D错误．而A球在水平方向的运动没有可以参照的物体，故无法确定平抛运动的物体在水平方向的运动所遵循的规律．故AB无法判定．故选C．（2）小球做平抛运动，在水平方向上：x=v

0t，在竖直方向上：y=12gt2，解得v0=x2gy；由图示实验数据可得：09.80.321.6/220.196gvxmsy===；14.用如图1所示的实验装置验证机械能守恒定律.实验所用的电源为学生电源，输出电压有交流电和直

流电两种.重锤从高处由静止开始下落，打点计时器在重锤拖着的纸带上打出一系列的点，对图中纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律．()1下列几个操作步骤中：A.按照图示，安装好实验装置；B.将打点计时

器接到电源的“交流输出”上；C.用天平测出重锤的质量；D.先释放重锤，后接通电源，纸带随着重锤运动，打点计时器在纸带上打下一系列的点；E.测量纸带上某些点间的距离；F.根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势是否等于增加的动能．没有必要

的是______，操作错误的是______.(填步骤前相应的字母)()2使用质量为m的重锤和打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，在选定的纸带上依次取计数点如图2所示，纸带上所打的点记录了物体在不同时刻的位置，那么纸

带的______端(填“左”或“右”)与重物相连.设打点计时器的打点周期为T，且O为打下的第一个点.当打点计时器打点“3”时，物体的动能表达式为______，若以重物的运动起点O为参考点，当打第点“3”时物体的机械能表达式为______．【答案】(1).C(2).D(3).左(

4).2422()8ssmT−(5).24232()8ssmmgsT−−【解析】【详解】（1）验证机械能守恒定律验证的是：22211122mghmvmv=−，等号两边的质量可以约去，所以不需要质量，故C项没必要；在实验室应该先接通电源，再释放纸带，故选项D错误．（2）因为

是自由落体运动，下落的距离应该是越来越大，所以纸带最左端与重锤相连．根据推论中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度可得打点“3”时的瞬时速度为：4232Tssv−=，重锤动能的表达式为：()242232128

KmsEmTsv−==，以O为参考点，当打第点“3”时物体的重力势能为3mgs−，因此物体的机械能为24232()8ssmmgsT−−三、计算或论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位（共3

7分，15题12分，16题10分，17题15分）15.如图，水平转盘上放有质量为m的物块，物块到转轴的距离为r，物体和转盘间的摩擦因数为μ，设物体受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，已知重力加速度为g，求：（1）当

水平转盘以角速度1匀速转动时，物块与转盘刚好能相对静止，求1的值是多少？（2）将物块和转轴用细绳相连，当转盘的角速度23gr=时，求细绳的拉力T2的大小．（3）将物块和转轴用细绳相连，当转盘的角速度353gr=时

，求细绳的拉力T3的大小．【答案】（1）1gr=（2）20T=（3）323Tmg=【解析】（1）设水平转盘以角速度ω1匀速转动时，物块与转盘刚好要相对滑动，此时物体所需向心力恰好最大静摩擦力提供，则μmg=mrω12解得：1gr=（2）由于ω2＜ω1；物体受到的最

大静摩擦力大于所需向心力，此时绳对物体没有拉力，故FT2=0（3）由于ω3＞ω1；物体受到的最大静摩擦力不足以提供所需向心力，此时绳对物体有拉力由μmg+FT3＝mω32r得此时绳子对物体拉力的大小为FT3＝23μmg点睛：解

决本题的关键求出绳子恰好有拉力时的临界角速度，当角速度大于临界角速度，摩擦力不够提供向心力，当角速度小于临界角速度，摩擦力够提供向心力，拉力为0．16.如图所示，位于竖直平面上的四分之一光滑圆弧轨道固定于水平地面，且半径为R，OB沿竖直方向，上端A距水平地面高度为H，现将

质量为m的小球从A点由静止释放，最后落在地面上C点处，已知重力加速度为g，不计空气阻力，求：（1）小球刚运动到B点时对轨道的压力；（2）小球落地点C与B点的水平距离．【答案】（1）3mg（2）()2xRHR=−【解析】（1）设小球经过B点时的速度大小为vB，对小球从A到B的过程，由机

械能守恒得：mgR=12mvB2解得：vB＝2gR在B点根据向心力公式得：N-mg=m2BvR解得：N=3mg根据牛顿第三定律得：小球对圆弧轨道的压力为3mg（2）小球从B点抛出后做平抛运动，则有：2()HRtg−=则()=2B

xvtRHR=−17.如图所示，高为h=5m的光滑斜面AB，倾角为θ=30°，底端与水平面BD相连，经过B点时无机械能损失，在水平面末端墙上固定以轻弹簧，水平面BC段粗糙，长度为20m，动摩擦因数为μ=0.2，水平面CD段光滑，且等于弹簧原长，质量为m=1kg的物块，由斜面顶端A点静止下滑（

210/gms=），求：（1）物块滑到B点时的速度大小；（2）物块滑到C点时的速度大小；（3）弹簧被压缩具有的最大弹性势能；（4）物块会停在距离C点多远的地方；（5）物块与水平面摩擦产生的热量为多少．【答案】（1）10m/s（2）25/Cvms=（3）10J（4）5m（5）50J【解析】【详解】（

1）物体由A到B过程中机械能守恒mgh=12mvB2求得vB=10m/s（2）B到C过程，由动能定理可得2211-22CBmgsmvmv=−求得vC=25m/s（3）C到D过程，物体动能全部转化为弹性势能EP=12mvC2求得EP=10J（

4）物体由C出发到停止过程，由动能定理可得21-02Cmgsmv−=求得s’=5m（5）全程中，能量守恒Q=mgh=50J【点睛】用动能定理解题时，关键是要正确的选择研究过程，找准初态和末态，并弄清此过程的各个力的做功情况.