【文档说明】【精准解析】黑龙江省哈尔滨市第三中学2020届高三第一次模拟考试理综物理试题.pdf，共(21)页，412.837 KB，由小赞的店铺上传

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-1-2020届黑龙江省哈尔滨市第三中学高三第一次模拟考试理综物理试题1.如图为质量不等的两个质点A、B在同一直线上运动的速度时间v-t图象，由图可知（）A.在t时刻两个质点不可能在同一位置B.在t时刻两个质点速

率不相等C.在0-t时间内质点B比质点A位移大D.在0-t时间内合外力对质点B做功一定大于对质点A做功【答案】C【解析】【详解】A．两质点位移等于图象与时间轴包围的面积，虽然B的位移较大，但起始位置不确定，则不能确定该时刻是否

同一位置，故A错误；B．速度时间图象反映的是质点任意时刻的速度情况，两个图象的交点表明该时刻速度相等，故B错误；C．两质点位移等于图象与时间轴包围的面积，显然B的位移较大，故C正确；D．两质点质量不相等，t=0时刻动能

均为0，t时刻速度相等，因而动能不相等，根据动能定理，可以知道，合外力做的功不相等，但不能判断大小关系，故D错误。故选C。2.用一束波长为的绿光照射某极限波长为0的金属，能产生光电效应，下列说法正确的是（）-2-A.该金属逸出功为0WhB.把这束绿光遮住一半，则逸出的光电子最大初动能减

小C.若改用一束红光照射，则不可能产生光电效应D.入射光波长不变，若光电流为0，则光电管两极间电压至少为011hce【答案】D【解析】【详解】A．该金属逸出功为0hcW故A错误；B．光电子的最大初动能只与入射光的频率有关，与光强无关，把这束绿光

遮住一半，只是光强减弱，而逸出的光电子最大初动能不变，故B错误；C．红光的频率小于绿光，若改用一束红光照射，则不一定能产生光电效应，故C错误；D．入射光波长不变，若光电流为0，则截止电压满足0chchcUe解得011

chcUe即光电管两极间电压至少为011hce，故D正确。故选D。3.某人造卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为r，运动速度为v，地球半径为R，万有引力常量为G。则（）A.

地球平均密度可表示为2234vrGRB.地球表面重力加速度可表示为2vrR-3-C.若人造卫星半径减小后，其稳定圆周运动周期将减小D.若人造卫星半径增大后，其稳定圆周运动速度将增大【答案】C【解析】【详解】A．根据万有引力提供向心力，则有22MmvGmrr解得2vrMG地球的

平均密度可表示为22333=443vrMvrGVRGR故A错误；B．在地球表面，不考虑地球自转，万有引力等于重力，则有2MmGmgR则地球表面重力加速度可表示为222GMvrgRR故B错误；C．根据万有引力提供向心力，则有222()MmGmr

rT可得234rTGM可知，若人造卫星半径减小后，其稳定圆周运动周期将减小，故C正确；D．根据万有引力提供向心力，则有-4-22MmvGmrr解得GMvr可知，若人造卫星半径增大后，其稳定圆周运动速度将减小，故D错误。故选C。4.有一竖直放置的“T”型架，表面光滑，两个质量相等的

滑块A、B分别套在水平杆与竖直杆上，A、B用一不可伸长的轻细绳相连，A、B可看作质点，如图所示，开始时细绳水平伸直，A、B静止。由静止释放B后，已知当细绳与竖直方向的夹角为60°时，滑块B沿着竖直杆下滑的速度为v，则连接A、B的绳长为（）A.

24vgB.243vgC.254vgD.223vg【答案】B【解析】【详解】将A、B的速度分解为沿绳的方向和垂直于绳子的方向，两物体沿绳子方向的速度相等，有vBcos60°=vAcos30°所以33Avv＝设此时B下落

的高度为h，根据AB组成的系统机械能守恒，有221122ABmghmvmv＝所以-5-223vhg根据几何关系得，绳长为242cos603hvlhg故B正确，ACD错误。故选B。5.据世界卫生组

织事故调查显示，大约50%—60%的交通事故与酒后驾驶有关，酒后驾驶已经被列为车祸致死的主要原因，如图是酒精测试仪的电路，当开关闭合时R0是定值电阻。已知酒精气体的浓度越大，酒精气体传感器的电阻越小，则对酗酒者进行测试时（）A.通过酒精气体传感器的电流变小B.电压表示数变大C

.定值电阻R0的功率变大D.电压表示数变小【答案】BC【解析】【详解】对酗酒者进行测试时，酒精浓度较大，则酒精气体传感器的电阻越小，电路总电阻减小，总电流变大，即通过酒精气体传感器的电流变大，R0两端电压变大，即电压表读数变大，根据P=I2R可知定

值电阻R0的功率变大，故BC正确，AD错误。故选BC。6.一理想变压器原副线圈的匝数比为10:1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头，下列说法正确的是-6-A.副线圈输出电压的频率为50HzB.副线圈输出电压的有效值为31VC.P向

右移动时，变压器的输出功率增加D.P向右移动时，原副线圈的电流比减小【答案】AC【解析】由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50Hz，所以A正确．根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为310V，所以副线圈的

电压的最大值为31V，所以电压的有效值为3122V，所以B错误．P右移，R变小，原副线的电流都变大．而电压不变，故功率增大，故C正确；原副线圈电流之比等于匝数的反比，故原副线圈的电流之比不变，故D错误．

故选AC．7.空间存在一静电场，一沿x轴的电场线上的电势随x的变化如图所示．一个质量为m、电荷量为q的带电粒子仅在电场力作用下，从坐标原点0由静止开始沿x轴做直线运动．则带电粒子的加速度a、速度v、动能E

k、电势能Ep与x的关系图像中可能正确的是-7-A.B.C.D.【答案】CD【解析】【详解】A、沿x轴的电场线上的电势随x的变化图像的斜率代表电场强度的大小，xφ图像的斜率越来越小，故物体受到的电场力越来越小，电场力提

供加速度，故加速度越来越小，故A错误；BC、粒子在电场力的作用下从静止开始运动，故电场力做正功，动能增大，由题意得21===2kWWEmv合电，故kEx图像的斜率表示电场力的大小，C图像可读取的信息是：kEx图像的斜率越来越小，由xφ图像可知电场力越来越小，故C符合题意；2kvE，

故2vx图像的斜率与电场力成正比，故2vx图像的斜率也越来越小，故vx图像不可能是一条直线；故B错误，C正确．D、电场力做功0=()PPPWEEE电，0PPEEW电，0PE是初始位置的电势能；故PEx图像的斜率的大小也表示电场力的大小，PEx图像

的斜率越来越小，故电场力也越来越小，符合题意，故D正确．8.如图所示，等腰直角三角形区域分布有垂直纸面向里的匀强磁场，腰长AB=2m，O为BC的-8-中点，磁感应强度B=0.25T，一群质量m=1×l0-

7kg，电荷量q=-2×10-3C的带电粒子以速度v=5×l03m/s垂直于BO，从BO之间射入磁场区域，带电粒子不计重力，则（）A.在AC边界上有粒子射出的长度为（2-1）mB.C点有粒子射出C.在AB边界上

有粒子射出的长度为1mD.磁场中运动时间最长粒子从底边距B点（2-1）m处入射【答案】ACD【解析】【详解】粒子在磁场中偏转，根据洛伦兹力提供向心力，则有2vBqvmR粒子在磁场中运动的轨道半径为73310510m1m2100.25mvR

qB作出粒子在磁场中的运动轨迹图，如图所示A．由图可知，能从AC边射出的粒子长度为2(21)mDERR-9-故A正确；B．由图可知，粒子不可能到达C点，故B错误；C．由图可知，在AB边界上有粒子射出的长度为BF=R

=1m故C正确；D．磁场中运动时间最长粒子运动半个圆周，轨迹与AB、AC相切，由图可知从底边距B点（2-1）m处入射，故D正确。故选ACD。三、非选择题:第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：本题共4小题。9.现用已调为水平

的气垫导轨及图甲中所示的其它装置验证动量守恒定律，实验的主要步骤为：(1)用一游标卡尺测得挡光片的宽度d如图乙所示，则d=___cm。用天平测得滑块a（含挡光片）的质量为m1及滑块b（含挡光片和弹簧）的质量为m2(2)将滑块b静置于两光电门之间，将

滑块a置于光电门1的右端，然后将滑块a水平压缩弹簧，滑块a在弹簧的作用下向左弹射出去，通过光电门1后继续向左滑动并与滑块b发生碰撞(3)a、b两滑块碰撞弹开后，分别通过光电门1和2，实验结束(4)实验后，分别记录了

滑块a先后两次通过光电门1的时间t1和t2，及滑块b通过光电门2的时间t3.(5)若碰撞前后动量守恒，则验证的表达式为___（用测得量符号表示）-10-(6)如果该碰撞为弹性碰撞，且滑块a碰撞后也随即向左通过光电门2，则两滑块的质量m1

______m2（填大于、等于或小于）【答案】(1).1.550(2).112123mdmdmdttt或112123mlmlmlttt(3).大于【解析】【详解】(1)[1]根据游标卡尺的读数原理，可知挡光片的宽度d=1.5×10

mm+0.05mm×10=15.50mm=1.550cm(5)[2]滑块a先后两次通过光电门1的速度分别为11dvt22dvt滑块b通过光电门2的速度为33dvt设向左为正方向，则要验证的关系为111223mvmvmv即1121

23mdmdmdttt(6)[3]如果该碰撞为弹性碰撞，且滑块a碰撞后也随即向左通过光电门2，则111223mvmvmv222111223111222mvmvmv解得1221120mmvvmm则12mm-11-10.

用下列器材组装一个电路A.待测电池组B.待测小灯泡（2A、2.5V）C.电流表A（量程3A、内阻非常小）D.电压表V1（量程5V、内阻非常大）E.电压表V2（量程1.5V、内阻为1000Ω）F.滑动变阻器R（

最大阻值20Ω、额定电流5A）G.定值电阻R1（1000Ω）H.开关一只，导线若干实验要求：既能测定电池组的电动势E和内阻r，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线(1)下列四个电路设计图中，你认为设计相对合

理的实验电路图是____；A.B.C.D.(2)通过移动滑动变阻器，每次记录电流表A。电压表Vl和电压表V2的示数，记录数据如下：根据表格中的原始数据，经过换算请在下图所示U−I坐标系中，分别描绘出电池组和小灯泡的U-I图线_______。-12-(3)根据你绘制的

图线，电池组的电动势E=____V、内阻r=____Ω。（结果保留两位有效数字）(4)如果将两个相同的该待测小灯泡并联后，直接接到该电池组两端，则两个小灯泡实际消耗的总电功率为____W。（结果保留两位有效数字）【答案】(

1).B(2).(3).4.9V(4).1.2Ω(5).3.5W-4.1W均可【解析】【详解】(1)[1]在B图中电压表V2和定值电阻R1串联相当于量程为3V的电压表，可用来测量小灯泡两端的电压，用电流表A测量小灯泡的电流，来研究小灯泡的伏安特性曲线；电压表V1可测量电池两端的

电压，用电流表A测量通过电池的电流，即可测量电源的电动势和内阻，故B符合题意，ACD不符合题意；故电路图选B；(2)[2]根据实验数据描绘出电池组和小灯泡的U-I图线如图-13-(3)[3][4]根据绘制的电池组的U-I图线，纵截

距表示电池组的电动势，则有E=4.9V，斜率的绝对值表示内阻，则有4.91.91.22.5UrI(4)[5]如果将两个相同的该待测小灯泡并联后，直接接到该电池组两端，设灯泡的电流为I，电压为U，则有E=U+2Ir即4.9=U+2.4I将此关系画在小灯泡

的U-I图像上，如图交点坐标为I=1.5A，U=1.2V，则两个灯泡消耗的总功率P=2IU=3.6W11.一种重物缓降装置利用电磁感应现象制成，其物理模型如图所示，半径为L的铜轴上焊接一个半径为3L的铜制

圆盘，铜轴上连接轻质绝缘细线，细线缠绕在铜轴上，另一端悬挂着一个重物，从静止释放后整个转轴和圆盘可以在重物的作用下一起转动，整个装置位于垂直于圆盘面的匀强磁场中，铜轴的外侧和圆盘的外侧分别通过电刷及导线和外界的一个灯泡相

连，电磁感应中产生的电流可以通过灯泡而使灯泡发光，如果已知磁感应强度为B，重物质量为m，灯泡电阻恒为R，重力加速度为g，不计一切摩擦阻力，除了灯泡以外的其余电阻不计，问：-14-(1)当圆盘转动的角速度为ω时灯泡两端的电压；(2)如果绳子足够长，铜轴所处高度足够高，求重物从静止释放后所能达到最大速

率。【答案】（1）24UBL；（2）2216mgRvBL。【解析】【详解】（1）由转动切割公式212EBl得2221[(3)]42UBLLBL（2）当匀速时a=0就是速度最大2UPR224BLPFvmgvRvL解得2216mgRvBL1

2.固定的直角三角形斜面倾角为37°上面放着三个可视为质点的物块mA=3kg，mB=2kg，mC=1kg，g=10m/s2，其中BC间距4.2m，C到斜面底端D点的距离为24m，AB间用轻绳跨过光滑定滑轮连接，开始时用手托住A使其静止

在距离地面4m的高处，绳子伸直且张紧，放手后B将在A的带动下沿斜面运动，且在A落地瞬间B就与轻绳在连接处断开，已知B在运动中不会到达定滑轮处，B与斜面间的摩擦因数为μ1=0.5，BC间碰撞时为弹性正碰，不计空气阻力，-15-已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，求∶(1)放手后

A经过多长时间落地；(2)若要保证C开始时静止在斜面上，且BC在斜面上仅发生一次弹性碰撞，求C与斜面间摩擦因数μ2应该满足的条件。【答案】(1)2s；(2)3748【解析】【详解】(1)对AB进行受力分析，根据牛顿第二定律有sincosABBABmgmgmgmm

a解得22m/sa根据2112hat解得t1=2s速度v=at1=4m/s(2)若要保证C开始时静止在斜面上，则sincosCCmgmg即34A落地后对B受力分析，根据牛顿第二定律有sincosBB

BBmgmgma解得-16-aB=10m/s2B向上减速，则有v=aBt22212BBxat得B向上运动的位移0.8Bxm即向上最大的位移为4.8Bhxm接下来B会向下运动，由受力分析，根据牛顿第二定律有

'sincosBBBBmgmgma解得a′B=2m/s2向下运动的总位移为x=4.8m+4.2m=9m根据'2312Bxat得t3=3svB=a′Bt3=6m/sB与C相碰由于弹性碰撞得BBBBCCm

vmvmv2221122BBBBCCmvmvmv解得2m/sBv，8m/sCv之后B加速，加速度a′B=2m/s2，剩余位移为x′=24m由-17-'''24412BBxvtat解得t4

=4s对于C由''24412CCxvtat解得aC=lm/s2物块C做减速运动，根据牛顿第二定律有'cossinCCCCmgmgma解得'78即3748（二）选考题：本题共4小题。13.下列说法中正确的是（）

A.露珠呈球形是由于液体的表面张力所致B.布朗运动反映了悬浮颗粒中分子运动的无规则性C.气体温度升高时，分子的平均速率增大，但速率仍按“中间多，两头少”的规律分布D.热量从低温物体传向高温物体是可能的，从单一热源吸收热量，完全变成功也是可能的E.用

打气筒给自行车打气时，越下压越费力，说明分子间斥力越来越大，分子间势能越来越大【答案】ACD【解析】【详解】A．露珠呈球形是由于液体的表面张力所致，故A正确；B．布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动，反映了液体分子运动的无

规则性，故B错误；C．气体温度升高时，分子的平均速率增大，但速率仍按“中间多，两头少”的规律分布，故C正确；D．根据热力学第二定律可知，热量从低温物体传向高温物体是可能的，从单一热源吸收热量，-18-完全变成功也是可能的，但要引起其他的变化，故D正确

；E．用打气筒给自行车打气时，越下压越费力，这是气体压强作用的缘故，不是由于分子间斥力造成的，故E错误。故选ACD。14.一定质量的某种理想气体，从状态A变化到状态B再变化到状态C，其状态变化过程的p－V图像如图所示。已

知该气体在状态A时的温度为127℃。求：①试求该气体在状态B、C时的温度分别为多少K？②该气体从状态A经B再到C的全过程中是吸热还是放热？传递的热量是多少？【答案】①800BTK，400CTK；②吸热，675J【解析】【详解】①对一定质量的理想气体，由A→B是等容变化，由查理定律得ABABp

pTT解得800BTK由理想气体状态方程得CCAAACpVpVTT解得400CTK②由于TA=TC，一定质量理想气体在状态A和状态C内能相等，0U从A到B气体体积不变，外界对气体做功为0从B到C气体体积变大，气体对外界做功，由p-V图线与横轴所围

成的面积可得：-19-()675J2BCBCppWVV由热力学第一定律△U=W+Q可得Q=675J即气体从外界吸收热量，传递的热量为675J.15.下列说法正确的是___________.A.在摆角小于5°时单摆的周期与振幅无关B.用三棱镜观察太阳光谱是

利用光的干涉现象C.在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象D.用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象E.两列波相叠加产生干涉现象，振动加强区域与振动减弱区域应交替出现【答案】ACE【解析】【详解】在

摆角小于5°时单摆的振动可视为简谐振动，此时周期与振幅无关，选项A正确；三棱镜观察太阳光谱，是利用光的折射率不同，出现光的折射色散现象，故B错误；在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象，选项C正确；用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光的干涉现象，选项D错误；两列波相叠加产生干

涉现象，振动加强区域与振动减弱区域应交替出现，选项E正确.16.如图中实线是一列简谐横波在t1＝0时刻的波形，虚线是这列波在t2＝0．5s时刻的波形，问：（1）若波向右传播，波速多大？若波向左传播，波速多大？（2）若波速大小为74m/s，波速方向如何？【答案】（

1）当波向右传播时，166/vnms（其中n=0,1,2…）当波向左传播时，1610/vnms（其中n=0,1,2…）（2）波向左传播-20-【解析】（1）若波向右传播，则波传播的距离为138xn

（其中n=0,1,2…），波传播的速度1121xvtt，联立解得：1166/vnms（其中n=0,1,2…）若波向左传播，则波传播的距离为258xn（其中n=0,1,2…），波传

播的速度2221xvtt，联立解得：11610/vnms（其中n=0,1,2…）(2)若波速大小为74m/s，则波传播的距离21740.537xvttmm37458xm，故波向左传播点睛：图形的周期性变化带来多解．-2

1-