【文档说明】四川省成都市树德中学2024-2025学年高二上学期期中物理试题 PDF版含答案.pdf，共(5)页，1.053 MB，由小赞的店铺上传

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2024-11高二物半第1页，共3页树德中学高2023级高二上学期11月半期测试物理试题时间：75min总分：100分命题人：张文举审题人：刘健邓优张勇1．下列单位换算关系正确的是()一、单项选择题(本题共7小题，每题4分，共28分．每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题

目要求)．A．1法拉=1库仑•伏特B．1焦耳=1.6×10-19电子伏C．1牛顿⁄库仑=1伏特⁄米D．1安培=1库仑⁄欧姆2．船上的人和水下的潜水员都能听见轮船的鸣笛声．声波在空气中和在水中传播时的()．A.波速和波长均不同B.频率和波速均不同C.波长

和周期均不同D.周期和频率均不同3．如图，曲线是电子进入点电荷Q形成的电场中的运动轨迹，它先后经过A、B两点，受到的电场力如图中箭头所示．已知电子只受电场力，下列说法正确的是()．A．点电荷Q带负电B．电子在A点的加速度大于B点的加速度C．电子从A点到B点

，速度先减小后增加D．电子在A点的电势能小于在B点的电势能4．在研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电路．当调节滑动变阻器R，使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5A和1.0V；当重新调节R，使电动机恢

复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和15.0V。电表均为理想表。则有关这台电动机正常运转时的说法正确的是()．A．电动机的内电阻为7.5ΩB．电动机的内电阻发热功率为8WC．电动机的输出功率为30WD．电动机的效

率约为27%5．某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标系中，如图中的a、b、c所示．则()．A．图线b表示输出功率PR随电流I变化的关系B．图中a线最高点

对应的功率为最大输出功率C．图线上A、B、C三点的纵坐标一定满足关系PA＝1.5PB＝3PCD．两个图线交点M与N的横坐标之比一定为1∶2，纵坐标之比一定为1∶46．如图所示，电源电动势E、内阻r恒定，定值电阻R1的阻值等

于r，定值电阻R2的阻值等于2r，闭合开关S，平行板电容器两板间有一带电液滴刚好处于静止状态．将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3的示数变化量的绝对值分别为U1、U2、U3，理想电流表A示数变化量的绝对值为I，下列说法不．正确．．的是()．A．带电液滴将向下运动，定值电阻R

2中有从a流向b的瞬间电流B．UU12C．1UI、2UI、3UI均不变D．电源的输出功率变大，电源效率变小7．纸面内存在沿某方向的匀强电场，在电场中取O点为坐标原点建立x轴，以O为圆心、R为半径，从x轴上的a点开始沿逆时针方向作圆，a～

h是圆周上的8个等分点，如图（a）所示；测量圆上各点的电势φ与半径同x轴正方向的夹角θ，描绘的图像如图（b）所示，下列说法正确的是()．A．电场强度的大小为122RB．O点的电势为122C．a、e两点的电势

差为123()2D．从e到f，电势一直降低，从g到h，电势一直升高2024-11高二物半第2页，共3页二、多项选择题(本题共3小题，每题5分，共15分．每题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得5分，部分选对得

3分，选错不得分)8．一列简谐横波在t=0.2s时的波形如图甲所示，P是介质中的质点，图乙是质点P的振动图像．已知波在介质中的波长为12m，则下列说法正确的是()．A.波速为10m/sB.波速为20m/sC.质点P的平衡位置坐标为x=2mD.质点P的平衡位置坐标为x=3m9．如图甲所示，

两等量同种正点电荷位于同一竖直线上，在两点电荷连线的中垂线上放置绝缘水平轨道MN，电荷连线中点O处有一可视为质点、电荷量大小为0.5C、质量为1kg的带电小球．t=0时刻给小球一个水平向右的初速度v0=1m/s，此后运动的v－t图像如图乙所示，已

知0时刻图线斜率绝对值为4，图线上的P点切线斜率为t1－t3间曲线切线斜率最大点，其值为6，小球运动至距O点0.8m处时速度减为零，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是()．A．小球带负电B．小球与水平轨道因摩擦产生的热量为3.2JC．两点电荷连线中垂线上的场强最大值为10N/CD．若

取小球最终停止位置为零电势点，则O点电势为5.4V10．如图所示，固定光滑直杆上套有一个质量为m，带电量为+q的小球和两根原长均为L的轻弹簧，两根轻弹簧的一端与小球绝缘相连，另一端分别固定在杆上相距为2L的A、B两点；空间存在方向竖直向下的匀强电场．已知直杆与水平面的夹角为θ，两弹簧

的劲度系数均为3sinmgL，小球在距B点L45的P点处于静止状态．Q点距A点L45，小球在Q点由静止释放，重力加速度为g．则()．A．匀强电场的电场强度大小为sin5mgqB．小球在Q点的加速度大小为g12sin5C．小球运动的最大动能为mgL12sin25D．小球从Q

点运动到最低点弹性势能变化量为mgL24sin25(1)某实验小组在“测定金属丝电阻率”三、高考资源网：实验题(本题共2小题，共15分)11．(7分)的实验过程中，如图甲、乙所示，正确操作用游标卡尺测得金属丝的长度L为cm

、用螺旋测微器测得金属丝的直径d为mm．(2)已知实验中所用的滑动变阻器阻值范围为0～10Ω，电流表内阻约几欧，电压表内阻约20kΩ，电源为干电池（不宜在长时间、大功率状况下使用），电动势E＝4.5V，内阻很小

。则以下电路图中（填电路图下方的字母代号）电路为本次实验应当采用的最佳电路。但用此最佳电路测量的结果仍然会比真实值（选填“偏大”“偏小”或“不变”）．(3)若已知实验所用的电流表内阻的准确值RA＝2.0Ω，则精确测量金属丝Rx的阻值的最佳电路应是(2)中电路（选填

电路图下方的字母）．此时测得电流为I、电压为U，那么金属丝的电阻率为（用直接测量的物理量字母表示）．2024-11高二物半第3页，共3页12．(8分)某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A．待测干电池一节B．电流表A：量程0～0

.6A，内阻为0.8ΩC．电压表V1：量程0～3V，内阻未知D．电压表V2：量程0～15V，内阻未知E．滑动变阻器R1：0～20Ω，2AF．滑动变阻器R2：0～2000Ω，1AG．开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差．

在现有器材的条件下，为消除上述系统误差，尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。(1)在上述器材中请选择适当的器材：电压表，滑动变阻器选（填写器材前的序号字母）．(2)实验电路图应选择下图中的（填“甲”或“乙”）．(3)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U－I图像。由此可

知，干电池的内电阻r=Ω（结果保留2位有效数字）．四、计算题(本题共3小题，共42分)13．(10分)如图所示电路，电源电动势为6V，内阻为1Ω。定值电阻R1阻值为2Ω，R2阻值为1Ω，滑动变阻器阻值范围为0～8Ω，电表为理想表，

则：(1)S断开时调节滑动变阻器的阻值，电压表示数的最大值和最小值的差为1U；S闭合时调节滑动变阻器的阻值，电压表示数的最大值和最小值的差为2U，求二者之比；(2)S断开时，滑动变阻器阻值为多少时其功率最大？最大功率为多少？14．(14分)如

图所示，半径为r的绝缘光滑圆环固定在竖直平面内，环上套有一质量为m，带电荷量为+q的珠子，现欲加一个与圆环面平行的匀强电场，场强方向平行BC指向B，使珠子由最高点A从静止开始释放，沿圆弧经过B、C刚好能运动到D．重力加速度为g．求：(1)所加电场的电场强度大小；(2)珠子由A到D过程中速度最

大时对圆环的作用力大小；(3)要使珠子能完成完整的圆周运动，在A点至少应具有多大的初动能？15．(18分)如图甲所示，在直角坐标系的y轴正半轴上，固定一个负点电荷，位置yQ、电量Q均未知，其产生的电场仅在第二象限存在．在整个第三象限内，有平行于y轴向上的匀强电场，电场

强度为E1但大小未知．一质量为m，电荷量为q的正离子（不计重力）从y轴负半轴距坐标原点23d处沿x轴负方向以速度v0射入第三象限，之后从x轴负半轴距坐标原点d3处进入第二象限后做匀速圆周运动，经过y轴时，第一、四象限开始有周期性变化的电场E

2，E2初始方向平行于y轴正方向，其周期0423vdT，E2与时间t的关系如图乙所示，已知静电力常量为k．求：(1)电场强度E1的大小；(2)负点电荷的位置yQ、电量Q；(3)离子从y轴正半轴到x轴的时间．2024-11高二物半第4

页，共3页树德中学高2023级高二上学期11月半期测试物理试题参考答案题号12345答案CACBD题号678910答案BCADBDBCD11．(7分)(1)1.050(1分)、0.530(1分)；(2)A(1分)、偏小(1分)；(

3)B(1分)、πd2（U－IRA）4IL(2分)．12．(8分)(1)C(2分)、E(2分)；(2)乙(2分)；(3)0.20(2分)．13．(10分)(1)43V38V22121UUUU，，(6分)(2)滑动变阻器阻值为4Ω时功率最大，最

大为2.25W(4分)14．(14分)(1)找到等效重力方向：斜向左下方45°，则：(2分)qmgE22(2分)(2)由A点到等效最低点M，由动能定理：021)45cos1(222maxmvmgr(2分)在等效最低点M，根据牛顿第二定律：mg

FFrmvmgFNNN)1223(222max(4分)(3)由A点到等效最高点N，由动能定理：mgrEEmgrkAkA2120)45cos1(22-(4分)15．(18分)(1)离子在第三象限做类平抛运动，则有：11maqE(1分)竖直方向有：dt

ay232121(1分)水平方向有：dtvx30(1分)解得：qdmvE201(1分)(2)离子在第三象限完成类平抛运动时，速度的偏转角为。有：01tanvta(1分)解得：060离子在第二象限做匀速圆周运动，半径为r，由几

何关系得：dr2(1分)dryQcos(1分)离子在第二象限做匀速圆周运动，速度为v，有：002cosvvv(1分)离子在第二象限做匀速圆周运动，静电力充当向心力，有：rmvrkQq22(1分)解得：kqmdvQ208(1分)(3)离子到y轴正半轴时距

坐标原点3d，第1、4象限加速度大小：dvmqEa2022(1分)以向下为正方向，作出离子运动的v－t图像。如图所示2024-11高二物半第5页，共3页①在30T，离子向上位移：daty812120

(1分)其速度为：0122vatv②在340T，离子竖直方向的总位移为0，之后竖直方向一直沿着y轴负半轴运动；③在3734TT，其位移有：dyy8733101）（(1分)④在31037TT，其位移有：dyy8135530

2）（(1分)在3100T，竖直向下总位移为25d；⑤还剩下2d，则接下来311310TT，其位移为：ddyy2185503(1分)说明离子在此期间穿过x轴，设310T后经过t到达x轴，有：21212

21attvd(1分)解得：02)22(vdt(1分)从y轴正半轴到x轴的时间：0)122(310vdtTt总(1分)