【文档说明】【精准解析】江苏省溧阳市光华高中2019-2020学年高一（下）6月月考物理试题（阶段适应性检测）（解析版）.doc，共(17)页，684.000 KB，由小赞的店铺上传

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2019学年第二学期光华高中高一阶段适应性检测卷物理一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，选错或不答的得0分）1.在电场中的某点放入电荷量为

－q的试探电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电荷量为＋3q的试探电荷，此时测得该点的场强A.大小为3E，方向和E相反B.大小为E，方向和E相同C.大小为3E，方向和E相同D.大小为E，方向和E相反【答

案】B【解析】【详解】电场强度是描述电场强弱和方向的物理量，是试探电荷所受的电场力F与试探电荷所带的电荷量q的比值，由电场本身决定，故与试探电荷的有无、电性、电量的大小无关；故在该点放入电荷量为-q的试探电荷时电场强

度为E，改放电荷量为+3q的试探电荷时电场强度大小仍为E，方向和E相同．故B正确ACD错误．2.如图所示，质量为m的飞机在水平甲板上，受到与竖直方向成θ角的斜向下的拉力F作用，沿水平方向移动了距离s，飞机与水平面之间的摩擦力大小为f，则在此过

程中（）A.摩擦力做的功为fsB.力F做的功为FscosθC.重力做的功为mgsD.力F做的功为Fssinθ【答案】D【解析】【详解】A．摩擦力大小为f，则摩擦力做的功fWfs=−故A错误；BD．由题意得，拉力与位移方向上的夹角为90−，则根据功的公式得()F0cossin9WFsFs

=−=故B错误，D正确；C．由于竖直方向上没有位移，故重力不做功，故C错误。故选D。3.半径相同的两个金属小球A、B带有等量的电荷，相隔较远的距离，两球之间的吸引力大小为F，今用第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后

移开，这时A、B两球之间作用力的大小是（）A.4FB.34FC.8FD.38F【答案】C【解析】【详解】两球之间是吸引力，故假设A的带电量为Q，B的带电量为-Q，两球之间的相互吸引力的大小是：22kQFr=，第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为2Q，

C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为4Q−，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小：22212488QQkkQFFrr===故C正确ABD错误。故选C。4.如图，某同学用绳子拉动木箱，使它从静止开始沿粗糙水平路面运动至具有某一速度，木箱获得的动

能一定：()A.等于拉力所做的功；B.小于拉力所做的功；C.等于克服摩擦力所做的功；D.大于克服摩擦力所做的功；【答案】B【解析】【分析】受力分析，找到能影响动能变化的是那几个物理量，然后观测这几个物理量的变化即可．【详解】木箱受力如图所示：木箱在移动

的过程中有两个力做功，拉力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理可知即：2102FfWWmv−=−，所以动能小于拉力做的功，故B正确；无法比较动能与摩擦力做功的大小，ACD错误．故选B【点睛】正确受力分析，知

道木箱在运动过程中有那几个力做功且分别做什么功，然后利用动能定理求解末动能的大小．5.某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点。如图所示，实线为电场线，虚线为粒子运动轨迹，由此可以判定()A.粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度B.粒子在A点的动能小于它在

B点的动能C.电场中A点的电势低于B点的电势D.粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能【答案】D【解析】【详解】A．电场线的疏密表示场强大小，由图知粒子在A点的场强小于B点的场强，在A点所受的电场力小，故在A点的加速度小于B点的加速度，故A错误；B．由图知带电粒子的运动轨迹向下弯曲，则带电粒

子所受的电场力沿电场线切线向下，则知电场力对粒子做负功；动能减小，有粒子在A点的动能大于它在B点的动能；故B错误；D．因粒子由A到B时，电场力做负功，故电势能增大，则粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能；故D正确；C．粒子所受电场力方向与电场强度相反，则

粒子带负电，而电势能PEq=，因A点的电势能低于B点，有()()ABqq−−；可得AB，故A点的电势高于B点的电势；故C错误；故选D。6.如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵

敏静电计相接.将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是A.Q变小，C不变，U不变，E变小B.Q变小，C变小，U不变，E不变C.Q不变，C变小，U变大，E不变D.Q不变，C

变小，U变大，E变小【答案】C【解析】【详解】由于电容器与电源断开，因此电容器的带电量Q保持不变，根据4rSCkd=当增大两板间的距离d时，电容C变小，根据QCU=可知两板间的U电压增大，而电容器内部电场强度UEd=三式联立可得4rkSEQ=因此电场强

度E与d无关，增大d时电场强度E不变，因此C正确，ABD错误。故选C。7.如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A、B是这条直线上的两点．一电子以速度vA经过A点向B点运动，经过一段时间后，电子以速度vB经过B点，且vB与vA方向相反，则（）A.A点的场强一定大于B点的场

强B.A点的电势一定低于B点的电势C.电子在A点的动能一定小于它在B点的动能D.电子在A点的电势能一定小于它在B点的电势能【答案】D【解析】【详解】根据题意一电子以速度vA经过A点向B点运动，经过一段时间后，电子以速度vB经过B点，说明从A到B，电子在做减速运动，说明电场力向

左，即电场方向向右，则电势A高B低，所以B错；一根电场线无法判断疏密，所以A错；由于先减速，所以动能减小，电势能应该增加，所以A点电势能小于B点，D正确，C错。故选D。8.静止在地面上的物体在竖直向上的恒力作用下上升，在

某一高度撤去恒力．不计空气阻力，在整个上升过程中，物体机械能随时间变化关系是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】恒力做功的大小等于机械能的增量，撤去恒力后，物体仅受重力，只有重力做功，机械能守恒．设在恒力作用下的加速度为a，则机械能增量212EFhFat==，知机械能随

时间不是线性增加，撤去拉力后，机械能守恒，则机械能随时间不变，故C正确．二、多项选择题（共5小题，每小题4分，共计20分。每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上答案符合题意，全部选对的得4分，选对但

不全的得2分，其它得0分）9.图中实线是一簇竖直的未标明方向的匀强电场的电场线，虚线是一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，ab、是轨迹上的两点.若带电粒子在运动中只受电场力作用，且在a点速度垂直于电场线，则根据此图可知（）A.带电粒子带正电B

.带电粒子在ab、两点的受力方向竖直向下C.带电粒子在a点的水平速度等于在b点的水平速度D.带电粒子在a点的速度小于在b点的速度【答案】BCD【解析】【详解】AB．假定粒子由a到b运动，由图可知，粒子偏向下方，则说

明粒子在a、b两处所受的电场力向下，由于不知电场线方向，故无法判断粒子电性，故A错误，B正确；C．由于在a、b两处所受的电场力向下，所以带电粒子的运动分解为在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做匀变速直线运动，所以带电粒子在a点的水平速度等于

在b点的水平速度，故C正确；D．由图可知，若粒子从a到b的过程中，电场力做正功，故说明粒子速度增大，故可知b速度较大，所以带电粒子在a点的速度小于在b点的速度，故D正确；故选BCD．【点睛】由粒子的偏转方向可得出粒子的受力方向，若粒子从

a到b的过程中，电场力做正功，故说明粒子速度增大．10.在如图所示的4种情况中，a、b两点的场强相同，电势不同的是（）A.带电平行板电容器两极板间的a、b两点B.离点电荷等距的a、b两点C.达到静电平衡时导体内部的a、b两点D.两个等量异种电荷连线上，与连线中点O等距的a、b两点【

答案】AD【解析】【分析】电势是标量，电场强度是矢量，标量只要大小相等，标量就相等，而矢量，大小、方向均相同，矢量才相同．根据电场线的分布判断．【详解】a、b处于匀强电场中，场强相同，电势不同，沿着电场线电势逐渐降低，a点电势高

于b点电势，即a、b两点电势不等，故A正确；a、b处于同一等势面上，电势相等，而电场强度方向不同，故电场强度不同，故B错误．处于静电平衡状态下的金属内部a，b两点，电场强度均为零，整个导体是等势体，电势相等，故C错

误；根据电场线的分布情况可知a、b两点场强相同，a、b间的电场线从正电荷到负电荷，沿着电场线电势逐渐降低，故a、b两点电势不等，故D正确；故选AD．【点睛】对于典型的电场的电场线分布要掌握，抓住特点，有助于解答关于电场强度、电势高

低判断的问题．11.在高为H的桌面上以速度v水平抛出质量为m的物体，当物体落到距地面高为h处，如图所示，不计空气阻力，若以地面作为重力势能的零参考平面，正确的说法是（）A.物体在A点的机械能为212mghmv+B.物体在A点的机械能为212

mgHmv+C.物体在A点的动能为212mghmv+D.物体在A点的动能为21()2mgHhmv−+【答案】BD【解析】【详解】AB．在刚抛出时，物体的动能为212mv，重力势能为mgH，机械能为212EmvmgH=+，根据机械能守恒

可知：物体在A点的机械能等于物体在刚抛出时的机械能，故A错误，B正确；CD．根据机械能守恒得：2kA12mvmgHmghE+=+，则2kA1()2EmgHhmv=−+，故C错误，D正确．12.如图所示，平行板电容器A、B间有一带电油滴P正好静止在极板正中间，现将B极板匀速向

下移动到虚线位置，其他条件不变．则在B极板移动的过程中()A.油滴将向下做匀加速运动B.电流计中电流由b流向aC.油滴运动的加速度逐渐变大D.极板带的电荷量减少【答案】CD【解析】【详解】AC．将B极板匀速向下运动时，两极板的距离增大，由于电势差U不变，则根据：UEd=知极板间的电场强度减小，油

滴所受的电场力减小，电场力小于重力，油滴所受合力向下，油滴向下加速运动，加速度：mgqEqUagmmd−==−由于q、U、m不变，d逐渐增大，则加速度a逐渐增大，油滴向下做加速度增大的加速运动，故C正确，A错误；

BD．电容器板间距离增大，则电容器的电容C减小，而板间电压U不变，则由：QCU=可知电容器所带电荷量Q减小，电容器放电，上极板带正电，则知电流计中电流由a流向b，故B错误，D正确．13.如图所示，Oxy坐标系中，将一负

电荷Q由y轴上a点移至x轴上b点时，需克服静电力做功W；若从a点移至x轴上c点时，也需要克服静电力做功W，那么关于此空间存在静电场可能是A.存在电场强度方向沿y轴负方向的匀强电场B.存在电场强度方向沿y轴正方向的匀强电场C.处在第1象限某一位置的正点电荷形成的电场D.处在第4象限某一位

置的正点电荷形成的电场【答案】AC【解析】【详解】由题意，符合条件的电场应满足：a点的电势高于b、c点的电势；bc两点具有相同的电势．A．沿y轴负方向的匀强电场满足以上的条件，故A正确；B．沿y轴正方向的匀强电场，不满足以上的条件，故B错误；C．处于第I象限某一位置

的正点电荷形成的电场，当点电荷的位置在bc连线的中垂线上，且点电荷到a的距离小于到bc的距离时，满足以上的条件，故C正确；D．当点电荷的位置在bc连线的中垂线上，且点电荷到a的距离小于到bc的距离时，满足以上的条件，故不可能处在第4象

限某一位置的正点电荷形成的电场，故D错误．故选AC。三、简答题（本题共1题，每空2分，共8分）14.某同学用如图所示的实验装置验证1m和2m组成的系统机械能守恒，已知21mm＞，2m由静止释放，1m拖着纸带运动，打点计时

器在纸带上打出一系列点，通过对纸带上的点的测量分析，即可验证机械能守恒定律，已知180gm=，2200gm=，某次实验打出的纸带如下图所示，O是打下的第一个点，然后每隔4个点取一个计数点，分别标记为A、B、C、D、E、F，分别测出各计数点到O点距离，其中C、D、

E到O点的距离已经标出，已知打点计时器所使用交流电电压为220V、频率为50Hz，g取298/ms．．（1）下列操作或要求能够提高实验结果的准确性有__________________A．细绳的质量要轻B．2m要远远大于1mC．定滑轮质量要轻D．保证重物在下落不要据晃（2）纸带上打下D点时

的速度为：_________ms／（结果保留3位有效数字）；（3）从打下“O”点到打下“D”点的过程中，经过分析计算1m的的机械能增加了10.353JE=，2m的机械能_______（选填“增加”或“减少”）了20.371JE=；（4）在误差允许的范围内，1E和2E近似

相等，从而验证了系统的机械能守恒，由上述计算结果表明1m和2m组成的系统机械能有所损失，损失的机械能除因摩擦转化为内能外，还转化________（具体到物体和能量，写出其中一条即可）．【答案】(1).A

CD(2).1.60(3).减少(4).滑轮（纸带、细线或墨粉纸盘）的动能测量C值【解析】(1)A项：本实验原理为系统减小的重力势能转化为系统的动能，轻绳的质量越轻，误差越小，故A正确；B项：根据实验原理可知，本实验不要2m要远远大于1m，故B错误；C项：由实验原理可知，重力势能转化为系统的

动能，定滑轮越轻，定滑轮的动能越小，误差越小，故C正确；D项：物体晃动会增加纸带与打点计时器间的摩擦，误差越大，故D正确．(2)由匀变速直线运动的瞬时速度等于平均速度，即2(50.1418.15)101.60220.1CDDxmmvss

T−−===；(3)由机械能守恒可知，m1的机械能增加，则m2的机械能减小，(4)由能量守恒可知，1m和2m组成的系统机械能有所损失，损失的机械能除因摩擦转化为内能外，还有滑轮的动能．三计算题（本题共4小题，共4

8分.解答时写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位）15.把一带电荷量为q＝－3×10－6C的点电荷从电场中的A点移动B点，电荷克服电场力做功为6×10－4J，从B点移到C点

，电场力对点电荷做功为9×10－4J．求：(1)A、C两点的电势差；(2)把Q＝4×10－6C的点电荷从A点移动到B点，电场力对电荷做的功．【答案】（1）100V−（2）4810J−【解析】【详解】（1）负电荷从A移到B点的过程，电荷克服电场力做功，可见负电荷从电势

高处移至电势低处．即φA＞φB，AB间的电势差为：46610V200V310ABABWUq−−−===−负电荷从B移至C，电场力做正功，可见负电荷从电势低处移至电势高处，即φC＞φB，BC间的电势差：46910V300V310BCBCWUq−−===−−根据UAC=

UAB+UBC，AC两点的电势差为：UAC=-100V（2）把q=4×10-6C的点电荷从A点移到B点，电场力对电荷做功为：W=q′UAB=4×10-6×200J=8×10-4J16.如图所示，有一电子（电量为e，质量为m，）经电压U0加速后，进入两块间距为d、电压为

U的平行金属板间．若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且恰好能从金属板右缘飞出，求：（1）该电子刚飞离加速电场时的速度大小（2）金属板AB的长度．（3）电子最后穿出电场时的动能．【答案】（1）002eUvm=②（2）0

2ULdU=（3）0()2KUEeU=+【解析】试题分析：（1）电子先在加速电场中加速，由动能定理可求其加速后的速度，（2）电子进入偏转电场中做类平抛运动，由于电子正好能穿过电场，所以在偏转电场中的偏转的距离就是，由此可以求得极板的长度；（3）电子正好能穿过电场偏转电场对电子做

功解：（1）设电子被加速后速度大小为v0，对于电子在加速电场中由动能定理得：①所以②（2）在偏转电场中，由电子做类平抛运动，设加速度为a，极板长度为L，由于电子恰好射出电场，所以有：③L=v0t④⑤由②③④⑤解得：（3

）电子正好能穿过电场偏转电场，偏转的距离就是，由此对电子做功⑤①代人⑤中得：答：（1）电子进入偏转电场时的速度为；（2）极板的长度为；（3）电子最后穿出电场时的动能．【点评】电子先在加速电场中做匀加速直线运动，后在偏转电场中做类平抛运动，根据电子的运

动的规律逐个分析即可17.如图所示，在足够长的光滑绝缘水平直线轨道上方h高度的P点，固定电荷量为＋Q的点电荷．一质量为m、带电荷量为＋q的物块（可视为质点），从轨道上的A点以初速度v0沿轨道向右运动，当运动到P点正下方B点时

速度为v．已知点电荷＋Q产生的电场在A点的电势为φ（取无穷远处电势为零），PA连线与水平轨道的夹角为60°，试求：（1）物块在A点时受到轨道支持力的大小；（2）点电荷＋Q产生的电场在B点的电势．【答案】（1）2338kQqmgh+（2）220(

)2mvvq−+【解析】【详解】（1）物体受到点电荷的库仑力2QqFkr=由几何关系可知sin60hr=设物体在A点时受到轨道的支持力大小为N，由平衡条件有sin600NmgF−−=解得233+8kQqNmgh=（2）设点电荷产生的电

场在B点的电势为B，由动能定理有：()2201122Bqmvmv−=−解得()220+2Bmvvq−=18.如图所示，装置的左边AB部分是长为L1＝1m的水平面，一水平放置的轻质弹簧左端固定并处于原长状态．装置的中间BC部分是长

为L2＝2m的水平传送带，它与左右两边的台面等高，并能平滑对接，传送带始终以v＝2m/s的速度顺时针转动．装置的右边是一光滑的曲面，质量m＝1kg的小滑块从其上距水平台面h＝1m的D处由静止释放，滑块向左最远到达

O点，OA间距x＝0.1m，并且弹簧始终处在弹性限度内．已知物块与传送带及左边水平面之间的摩擦因数μ＝0.25，取g＝10m/s2．（1）求滑块第一次到达C点时速度大小；（2）求弹簧获得的最大弹性势能；（3）求滑块再次回到右边曲面部分所能到达的最大高度．【答案】（1）滑块第一次到达C点时速度

大小是25m/s；（2）弹簧获得的最大弹性势能是2.75J；（3）滑块再次回到右边曲面部分所能到达的最大高度是0.2m．【解析】【详解】（1）对滑块从D到O由动能定理得：2012mghmv=，解得：025m/sv=（2）对滑块从D到O由能量守恒定律得：P21()EmghmgLLx=−

+−，解得：Ep＝2.75J（3）设滑块返回到达B点速度为v1由能量守恒定律得：2P111()2EmvmgLx=+−，解得：v1＝1m/s．滑块再次进入传送带后匀加速运动，由牛顿二定律得：μmg＝ma，解得：a＝2.5m/s2，滑块速度增加到2m/s时的位移为：22120.6m2v

vLLa−==，所以滑块再次回到C点的速度为2m/s，对滑块从C到最高点，由机械能守恒得：2112mvmgh=，解得：h1＝0.2m．获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com