【文档说明】【精准解析】江苏省清江中学2019-2020学年高一4月阶段测试物理试题.pdf，共(11)页，233.407 KB，由小赞的店铺上传

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-1-江苏省清江中学高一阶段测试三物理一、单项选择题1.第一次通过实验比较准确的测出引力常量的科学家是（）A.卡文迪许B.伽利略C.胡克D.牛顿【答案】A【解析】【详解】牛顿在推出万有引力定律的同时，并没能得出引力常量G的具体值，G的数值于1789年由卡文迪许利用他所发明的扭秤得出，BCD错误

，A正确．2.一质点沿曲线从M点运动到N点，它在P点时的速度v方向和加速度a方向可能是A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】A．图中速度方向沿轨迹的切线方向，加速度指向轨迹的内侧，符合实际，故A正确；BCD．曲线运动需要向心加速度，故加速度指向曲线的内侧，故BCD错误。故选A。3.如图所示，两

根长度相同的细线下面分别悬挂质量相等的A、B两小球，细线上端固定在同一点，两小球绕共同的竖直轴在水平面内做匀速圆周运动，则（）A.绳中拉力ABFFB.角速度ABC.周期ABTTD.线速度ABvv-2-【答案】C【

解析】【详解】A．由受力分析得cosmgF为绳子与竖直面的夹角，B小球相连绳子与竖直面的夹角小，故ABFF，故A错误；BD．重力和绳子拉力的合力提供向心力22tanvmgmrmr解得tansi

ntanvgrgL，tan=cosggrL可知线速度ABvv，角速度AB，故D错误，B错误；C．周期2πT可知周期ABTT，故C正确。故选C。4.如图所示，质量为m的小球从A点下落到B点，

下列说法中正确的是（）A.以桌面为零势能面小球在B的重力势能为1mghB.以地面为零势能面小球在B的重力势能为1mghC.小球从A点下落到B点重力势能增大21mghhD.选取不同的零势能面小球从A点下落到B点重力势能的变化量相同【答案】D【解

析】-3-【详解】A．以桌面为零势能面小球在B的重力势能为1mgh，故A错误；B．以地面为零势能面小球在B的重力势能为0，故B错误；C．小球从A点下落到B点重力做功为12()Wmghh重力做正功

，故小球从A点下落到B点重力势能减小21mghh，故C错误；D．重力做功取决于物体的初末位置，选取不同的零势能面小球从A点下落到B点重力做功不变，重力势能的变化量不变，故D正确。故选D。5.如图，一足够长的木板放在光滑水平地面上，一小木块水平滑上木板，此过程中木块受到的平均阻力

为f，小木块在木板上的位移为d，木板位移为s，则此过程中（）A.木板和小木块组成的系统机械能守恒B.木板增加的动能为f（s+d）C.小木块减小的动能为f（s+d）D.小木块动能的减少量等于木板动能的增

加量【答案】C【解析】【详解】A．因为系统中摩擦力做功，所以小物块和木板组成的系统机械能不守恒，故A错误；B．对木板，由动能定理得kfsE故B错误；C．小木块减小的动能为克服摩擦力做的功()kEfds故C

正确；D．根据能量守恒小木块动能的减少等于木板动能的增加和系统内增加的内能之和，故D错误。故选C。二、多项选择题-4-6.关于功率，下列说法中正确的是（）A.功率是说明做功多少的物理量B.做的功越多，用的时间越少，功率一定越大C.功率是说明力做功快慢的物理

量D.力做功越少，功率一定小【答案】BC【解析】【详解】AC．功率是表示做功快慢的物理量，故A错误，C正确；BD．根据功率的定义式WPt可知做的功越多，用的时间越少，功率一定越大，力做功越少，功率不一定小，故B正

确，D错误。故选BC。7.我国发射的“神州六号”载人飞船，与“神州五号”飞船相比，它在更高的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法正确的是（）A.“神州六号”的线速度小于“神州五号”的线速度B.

“神州六号”的线速度大于“神州五号”的线速度C.“神州六号”的周期小于“神州五号”的周期D.“神州六号”的周期大于“神州五号”的周期【答案】AD【解析】【详解】根据万有引力提供向心力22224MmvFGmmrrrT解得GMvr，3=2πrTGM

，可知神州五号的半径较小，故线速度较大，周期较小。故选AD。8.下列几种情况中，机械能一定守恒的是（）A.固定粗糙曲面上运动的物体B.水平抛出的物体（不计空气阻力）-5-C.做匀速直线运动的物体D.以加速度g竖直向下做匀加速直线运动的物体【答案】BD【解析】【详解】A．固定粗糙曲面

上运动的物体，摩擦力可能会做功，机械能不一定守恒，故A错误；B．水平抛出的物体（不计空气阻力），只有重力做功，机械能守恒，故B正确；C．做匀速直线运动的物体，合外力为零，除重力外有其他力做功，机械能不守恒，故C错误；D．以加速度g竖直向

下做匀加速直线运动的物体，只有重力做功，机械能守恒，故D正确。故选BD。9.如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端连接一小物块，O点为弹簧在原长时物块的位置、物块由A点静止释放，沿粗糙程度相同的水平面向右运动，最远到达B点。在从A到B的过程中，物块（）A.加速度逐渐减小B.经过O点时的速度最大C.所受

弹簧弹力做的功等于克服摩擦力做的功D.弹簧弹性势能先减小后增大，O点时弹簧弹性势能最小【答案】CD【解析】【详解】A.由于水平面粗糙且O点为弹簧在原长时物块的位置，弹力与摩擦力平衡的位置在AO之间，加速度

为零时弹力和摩擦力平衡，所以物块在从A到B的过程中加速度先减小后反向增大，故A错误；B.物体在平衡位置处速度最大，所以物块速度最大的位置在AO之间某一位置，故B错误；C.从A到B过程中根据动能定理可得0fWW弹克即=fWW弹克，即弹簧弹力做的功等于克服摩擦力

做的功，故C正确；D.弹簧长度先缩短后伸长，O点为弹簧在原长时物块的位置，故弹簧弹性势能先减小后增大，O点时弹簧弹性势能最小，故D正确。-6-故选CD。10.如图所示，传送带以恒定速度v0向右运动，A、B间距为L，质量为m的物块无初速度放于左端A处，同时用水平恒力F向右拉物块，物块与传送带间的动摩

擦因数为μ，物块从A运动到B的过程中，动能Ek随位移x变化的关系图像不可能的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】开始时滑块受向右的拉力F和向右的摩擦力f而做加速运动，则动能EK=(F+f)x；若物块在到达最右端之前还未达到与传送带

共速，此时图像为C；若F>f，则当物块与传送带共速后还会加速，此时动能增加为∆EK=(F-f)x，此时图像为D；若F≤f，则当物块与传送带共速后会随传送带一起匀速运动，动能不变，此时图像为B；物块与传送带共速后只能匀速或者加速，不可能做减

速，则图像A不可能。故选A。三、计算题11.一重为10N的物体，放在动摩擦因数为0.5的水平支持面上，受到与水平方向成37°角的斜向下方20N的拉力作用在水平方向发生10m的位移。求：(1)物体所受各个力做的

功；(2)各个力对物体所做的总功；(3)合力对物体所做的功。【答案】（1）0GW，0NW，160JFW，110JfW；（2）50J；（3）50J-7-【解析】【详解】(1)根据受力分析可知物体受到重力，支持力，拉力，摩擦力支持力sin10200.6N22NNFmgF

摩擦力11NNfF重力做功0GW支持力做功0NW拉力做功cos20100.8J160JFWFx摩擦力做功110JfWfx(2)各个力对物体所做的总功+=50JGNFfWWWWW(3)物体所受合力=cos5NFFf合合力对物体所

做的功=50JWFx合合12.一质量为m的小球以速度v0水平抛出，经时间t落地，不计空气阻力，求：(1)小球落地时的动能为多少？(2)此过程中重力的平均功率为多少？(3)小球落地时重力的瞬时功率为多少？【答案】（1）22202mvmg

t；（2）22mgt；（3）2mgt【解析】-8-【详解】（1）竖直方向的速度ygtv小球落地时的动能为22222001()22kymvmgtEmvv（2）下落的高度为212hgt重力的平均功率为22Wm

ghmgtPtt（3）小球落地时重力的瞬时功率为2cosyPmgvmgvmgt13.轻杆一端固定在O点，另一端拴一个质量为m的小球，小球以O为圆心、R为半径在竖直平面内做圆周运动，小球恰能通过最高点A，g为重力加速度，不计一切阻力，求：(1)小球通过A点时速度大小；(2)小球通过最

低点时速度大小；(3)小球通过最低点时杆中弹力大小。【答案】（1）0；（2）2gR；（3）5mg【解析】【详解】（1）轻杆做圆周运动小球恰能通过最高点A时速度为0（2）根据动能定理有2122mgRmv小球通过最低点时速度大小2vgR（3）轻杆做圆周运动有-9-2NvFm

gmR小球通过最低点时杆中弹力大小5NFmg14.如图所示，竖直平面内固定一半径为R的光滑半圆环，圆心在O点。质量均为m的A、B两小球套在圆环上，用不可形变的轻杆连接，开始时球A与圆心O等高，球B

在圆心O的正下方。轻杆对小球的作用力沿杆方向。（1）对球B施加水平向左的力F，使A、B两小球静止在图示位置，求力的大小F；（2）由图示位置静止释放A、B两小球，求此后运动过程中A球的最大速度v；（3）由图示位置静止释放A、B两小球，求释放瞬间B球的加速度大小a。【

答案】（1）mg；（2）(21)vgR；（3）12ag=【解析】【详解】（1）设圆环对A球的弹力为1N，轻杆对A球的弹力为1F，对A、B和轻杆整体，根据平衡条件有10NF对A球有1sin450Fmg11cos450NF解得Fmg（2）当轻杆运动至水平时，A、B球速度最大

且均为v，由机械能守恒有2221(2)222mgRmgRRmv解得-10-(21)vgR（3）在初始位置释放瞬间，A、B速度为零，加速度都沿圆环切线方向，大小均为a，设此时杆的弹力1F，根据牛顿第二定律对A球有1sin45m

gFma对B球有1cos45Fma解得12ag=-11-