【文档说明】福建省福州第一中学2020届高三6月高考模拟考试理综-物理试题含答案.docx，共(15)页，525.724 KB，由小赞的店铺上传

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2019-2020学年福州第一中学高三下学期理科综合能力校模拟-物理（完卷时间：150分钟；满分：300分）【可能用到的相对原子质量】H-1Li-7C-12O-16Na-23S-32Cu-64Zn-65As-75第I卷（选择题共126分）一、选择题

（本题共13小题，每题6分，共78分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。）14.下列说法正确的是（）A．卢瑟福通过对α粒子散射实验结果的分析，提出了原子核内有中子存在的观点B．核泄漏事故污染物13755Cs能够产生对人体有害的辐射，其核反应方程式为13755Cs→13756Ba

＋X，可以判断X为电子C．紫外线照射到金属锌板表面时能产生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的电子的最大初动能也随之增大D．动能相等的质子和电子，它们的德布罗意波长也相等15.如图所示，用绝缘细线把小球A悬于O点，静止时恰好与另一固定于O点正下方的小球B接触。现使两球带同种电荷

，细线将偏离竖直方向某一角度θ1，此时细线中的张力大小为T1，库仑斥力为F1；若增加两球的带电量，悬线偏离竖直方向的角度将增大为θ2，此时细线中的张力大小为T2，库仑斥力为F2，则（）A．T1<T2B．T1＝T2C．F1>F2D．

F1=F216.甲、乙两车在同一水平路面上做直线运动,某时刻乙车在前、甲车在后（两车在相邻车道行驶）,某个瞬间两车沿车道方向相距s=6m,从此刻开始计时,两车运动的v-t图象如图所示。则在0~12s内关于两车位置关系的判断,下列说法正确的是()A.t=4s时两车相遇B.t=4s时两车间

的距离最大C.0~12s内两车有两次相遇D.0~12s内两车有三次相遇17.如图甲所示，变压器为理想变压器，a、b间输入如图乙所示的正弦交流电，两灯泡额定电压相等，电流表和电压表均为理想交流电表，闭合开关后，两灯泡均正常发光，电流表的示数为1A，电压表示数为22V，由此

可知()A．输入变压器原线圈的交流电压的瞬时值表达式为u＝2202sin50πt（V）B．正常发光时，灯泡L1的电阻是L2的3倍C．原线圈电流为19AD．副线圈交变电流的频率为5Hz18．福州一中的同学总是对身边的的事物充满好奇，某同学对智能手机中的电子指南针（电子罗盘）产生了兴趣，通过查资料

得知其原理是利用重力传感器和霍尔效应来确定地磁场的方向。如图，某个智能手机中固定着一个导电物质为电子的霍尔元件，各边长度如图所示。元件的上表面与手机平面平行，始终通有从C到D方向的恒定电流I，当手机水平转动时，霍尔元件上下表面A、B之间的电势差也发生改

变，不考虑地磁场的磁偏角，小范围内的地磁场可视为匀强磁场，下列说法正确的是()A.当C端朝着正西方向时，UAB>0B.当C端朝着正西方向时，仅增大元件的厚度c，则A、B两表面的电势差增大bIAcaBCDC.CD沿着竖直方向

时，A、B两表面的电势差UAB一定为零D.当C端从正西方向缓慢转动90°到正北方向时，A、B两表面的电势差不断减小19、北斗卫星导航系统是中国自行研制的全球卫星导航系统。由35颗卫星组成，包括5颗静止轨道卫星（与地面的相对位置保持不变），3颗倾斜同步轨道卫星（从地球上看是移动

的，但却每天同一时刻经过同一特定地区），27颗中地球轨道卫星，下表给出了其中三颗卫星的信息，其中倾角为轨道平面与赤道平面的夹角，下列陈述正确的是()卫星发射日期运行轨道北斗﹣G42010年11月01日地球静止轨道160.0°E，高度35815公里，倾角0.5°北斗﹣IGSO22

010年12月18日倾斜地球同步轨道，高度35833公里，倾角54.8°北斗﹣M32012年04月30日中地球轨道，高度21607公里，倾角55.3°A．北斗–G4的线速度小于北斗–M3的线速度B．北斗–IGSO2的运行周期和地球自转周期相等C．北斗–G4向

心加速度等于地面重力加速度D．北斗–IGSO2卫星在一个周期内有2次经过赤道上同一位置上空20.如图，在xOy平面内，x≥0、y≥0的空间区域内存在与平面平行的匀强电场，场强大小为E=1.25×105V/m

，在y<3cm空间区域内存在与平面垂直的匀强磁场。现有一带负电粒子，所带电荷量q=2.0×10-7C，质量为m=1.0×10-6kg，从坐标原点O以一定的初动能射出，粒子经过P(4cm，3cm)点时，动能变为初动能的0.2倍，速度方向

平行于y轴正方向。最后粒子从y轴上点M(0，5cm)射出电场，此时动能变为过O点时初动能的0.52倍。不计粒子重力。则（）A.P点电势高于O点电势B.O、M的电势差UOM与O、P电势差UOP的比值为13:5Px/cm01234M12345y/cmC.OP上与M点等电势点的坐标为（2.4c

m，1.8cm）D.粒子从P到M的时间为0.002s21.一根劲度系数为k的轻质弹簧下端固定在斜面底端，弹簧与光滑斜面平行，自然长度时弹簧上端位于A点。可视为质点的物块a、b的质量均为m，静止在斜面上时弹簧被压缩到O点。以O点

为原点，沿斜面向上为x轴正方向，建立x轴，现对b施加一沿斜面向上的拉力F，F随坐标x变化的关系为F=k0x，如图所示。已知弹簧劲度系数k=100N/m，斜面倾角θ=30o，O、A的距离x0=10cm（弹性限度内），取g=10m/s2。若a沿斜面向上运动位移x1=4

cm时a、b恰好分离，则以下判断正确的是（）A.k0的单位用国际单位制中的基本单位表示为N/mB.k0和k的关系为k0=1.5kC.a、b分离时，b的速度大小为0.2m/sD.从O到a、b即将分离，b对a做的功为0.1J第Ⅱ卷（非选择题共174分）三、非选择题：包括必考题和选考题两部

分。第22题~第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33~38题为选考题，考生根据要求做答。（一）必考题（共129分）22、（5分）如图1所示，某组同学借用“探究a与F、m之间的定量关系”的相关实验思想、原理及操作，进行“研究合外力做功和动能变化的关系”的实验

：abOx0FkAθx①为达到平衡阻力的目的，取下细绳及托盘，通过调整垫片的位置，改变长木板倾斜程度，根据打出的纸带判断小车是否做__________运动。②连接细绳及托盘，放入砝码，通过实验得到图2所示的纸

带。纸带上O为小车运动起始时刻所打的点，选取时间间隔为0.1s的相邻计数点A、B、C、D、E、F、G。实验时小车所受拉力为0.2N，小车的质量为0.2kg。请计算小车所受合外力做的功W和小车动能的变化ΔEk，补填表中空格（结果保留至小数点后第四位）。分析上述数据可知：在实验误差允许的范围内W

=ΔEk，与理论推导结果一致。③实验前已测得托盘质量为7.7×10-3kg，实验时该组同学放入托盘中的砝码质量应为-__________kg（g取9.8m/s2，结果保留至小数点后第三位）。23.（10分）同学们测量某电阻丝的电阻Rx，所用电流表的内阻与R

x相当，电压表可视为理想电压表。①若使用图1所示电路图进行实验，要使得Rx的测量值更接近真实值，电压表的a端应连接到电路的点（选填“b”或“c”）.②测得电阻丝的U-I图如图2所示，则Rx为Ω（保留两位有效数字）。③实验中，随电压进

一步增加电阻丝逐渐进入炽热状态。某同学发现对炽热电阻丝吹气，其阻值会变化。他们对此现象进行探究，在控制电阻丝两端的电压为10V的条件下，得到电阻丝的电阻Rx随风速v（用风速计测）的变化关系如图3所示。由图可知当风速增加时，Rx会（选填“增大”或“减小”）。当风速增加过程中，为保持电阻丝两端

电压为10V，需要将滑O-BO-CO-DO-EO-FW/J0.04320.05720.07340.0915ΔEk/J0.04300.05700.07340.0907砝码托盘图1小车打点计时器细绳滑轮垫片纸带55.75cm21.60cmO15.50cmABCDEF

G36.70cm45.75cm66.77cm图228.61cmAVabcRxRwEKMN图1动变阻器RW的滑片向端调节（选填“M”或“N”）.④为了通过电压表的示数来显示风速，同学们设计了如图4所示的电路。其中R为两只阻值相同的电阻，Rx为两根相同的电阻丝，一根置于气

流中，另一根不受气流影响，V为待接入的理想电压表。如果要求在测量中，风速从零开始增加，电压表的示数也从零开始增加，则电压表的“＋”端和“－”端应分别连接到电路中的点和点（在“a”“b”“c”“d”中选填）.24．（12分）如图所示，质量为m3＝2m的滑道静止在光滑的水平面上，滑道

的AB部分是半径为R的四分之一圆弧，圆弧底部与长为0.5R滑道水平部分相切，滑道末端距离地面高度为R，整个滑道均光滑。质量为m2＝3m的物体2(可视为质点)放在滑道的B点，现让质量为m1＝m的物体1(可视为质点)自A点由静止释放，

两物体在滑道上相碰后粘为一体，重力加速度为g。求：（1）物体1从释放到与物体2恰好将要相碰的过程中，滑道向左运动的距离；（2）物体1和2落地时，距滑道右侧底部的距离。图20.0000.0500.1000.1500.2000.90

0.800.700.600.500.400.300.200.100.00U/VI/ARx/Ωv/(ms-1)0.01.02.03.04.05.06.04.304.354.404.454.50图3图4Vabc

RxRKRRx+侧风通道d25.（20分）如图1，倾角α=37o的光滑倾斜导轨MN、PQ相互平行，导轨长为4m间距为0.5m,已知两根导轨单位长度的电阻都为0.5Ω，导轨上端用电阻不计的导线连接一个阻值为1Ω的定值电阻R。虚线MP下方有个匀强磁场，磁场方向垂直于斜面向上，大小随时间变

化关系图象如图2所示，有根电阻不计质量为0.01kg的导体棒在沿斜面方向的外力F（图中未画出）作用下，从t=0时刻开始由导轨顶端MP处沿斜面以2m/s的速度匀速下滑，重力加速度g=10m/s2,sin370=0.6,求(1)t=0时刻通过导体棒的电流大小(2)t=1s时外力F的大

小和方向(3)导体棒从顶端运动到底端过程中整个回路产生的焦耳热及外力F所做的功BNααQRPM图1B/Tt/s0.10.201图233.[物理—选修3-3]（15分）(1)（5分）下列说法正确的是()（填正确答案标号。选

对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A.某气体的摩尔质量为M，分子质量为m，若1摩尔该气体的体积为V，则该气体单位体积内的分子数为MmVB.气体如果失去了容器的约束会散开，这是因为气体分子热运动的结果C.改进内燃机结构，提高内燃机内能转化率，最终可能实现

内能完全转化为机械能D.生产半导体器件时，需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，可以在高温条件下利用分子的扩散来完成E.单晶体具有固定的熔点，多晶体没有固定的熔点(2)（10分）如图所示，圆柱形喷雾器高为h，内有高度为h2的水，上部封闭有压强为p0、温度为T0的空气.将喷雾器移到室内，

一段时间后打开喷雾阀门K，恰好有水流出.已知水的密度为ρ，大气压强恒为p0，喷雾口与喷雾器等高。忽略喷雾管的体积，将空气看作理想气体。(室内温度不变)①求室内温度.②在室内用打气筒缓慢向喷雾器内充入空气，直到水完全流出，求充入空气与原有空气的质量比.34.[物理—选修3-4]（15分）

（1）（5分）下列各仪器或现象的分析中正确的是__________（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A．偏光镜是利用纵波偏振特性的仪器B．全息技术利用了激光相干性好的特

性C．虎门大桥桥面的剧烈抖动属于受迫振动D．照相机镜头呈淡紫色是光的衍射引起的E．雷达测速仪是利用波的多普勒效应原理（2）（10分）在同一均匀介质中，甲乙两波源位于O点和Q(84m,0)点，分别产生向右和向左的简谐波。某时刻波形如

图实线和虚线表示，此时甲波传播到x＝48m处，乙波传到x＝24m处。已知甲波波源振动了1.2s，求：①甲、乙两波的波速及波源起振的时间差；②通过计算说明x＝48m位置质点的位移能否达到25cm。偏光镜全息影像虎门大桥相机镜头测速仪物理参考答案：14.

B15.B16.D17.C18.D19.ABD20.CD21.BC22.①匀速运动（1分）②0.1115,0.1105（2分）③0.015（2分）23.①c；（2分）②4.1（4.0～4.2）；（2分）③减小，M；（4分）④b，d（2分）24.答案：（1）0.5

R；（2）R26。解析：（1）物体1从释放到与物体2碰撞前瞬间，物体1、滑道组成的系统水平方向动量守恒，设物体1水平位移大小为x1，滑道水平位移大小为x3，有：0＝m1x1-m3x3x1＝R（2分）解得1133mxxm＝0.5R（2分）（2）设物体1运动到滑道上的B点时物

体1的速度大小为v1，滑道的速度大小为v3，轨道对物体1的支持力为N，物体1和滑道组成的系统，由机械能守恒定律有22111331122mgRmvmv（2分）由动量守恒定律有0＝m1v1－m3v3（1分）物体1与物体2碰撞后立即飞离轨道做平抛运动,设物体1和物体2相碰后

的共同速度大小为v2，做平抛运动时物体1、2水平位移为s1，轨道向左滑动s2，由动量守恒定律有m1v1＝(m1＋m2)v2（1分）212Rgt（1分）12svt（1分）23svt（1分）代入数据可以求得1262sssR（1分）25答案：（1）

0.1A（2）0.05N沿斜面向上（3）0.06J-0.2J解析.(1)①（1分）②（1分）由①②得③（1分）(2)导体棒匀速运动时,同时产生感生和动生电动势,由楞次定律可知,两电动势方向相同E1=+B1Lv

④（1分）s1=Lvt1⑤（1分）I1=⑥R1=R+2vt1R0⑦（1分）FA1=B1I1L⑧（1分）由④⑤⑥⑦⑧解得FA1=0.01Nmgsinα=FA1+F1⑨（1分）由⑨得F1=0.05N方向沿斜面向上（2分）(3)根据法拉第电磁感应定律,t时刻的总电动势

Et=St+BtLv⑩（1分）t时刻回路的总电阻Rt=R+2vtR0⑾（1分）t时刻通过导体棒的电流It=⑿由⑩⑾⑿解得It=0.1A⒀（1分）即回路电流为定值,与时间无关,导体棒运动的总时间⒁整个回路电阻随时间均匀变化，整个过程整个回路电阻的平均

值⒂（1分）⒃（1分）由⒀⒁⒂⒃解得Q=0.06J（1分）mgsinα=FAt+Ft⒄⒆⒇（1分）FAt=BtItL⒅由⒄⒅得Ft=0.055-0.005t（1分）由于导体棒匀速运动,则外力随位移也是均匀变化则外力所做的功W=-x（1分）解得W

=-0.2J（1分）33.（1）ABD(2)①(1＋ρgh2p0)T0②2p0＋3ρgh2p0＋ρgh解析①设喷雾器的横截面积为S，室内温度为T1，喷雾器移到室内一段时间后，封闭气体的压强p1＝p0＋ρg·h2，V0＝S·h2气体做等容变化：p0T0＝p0＋ρg·h2T1解得

：T1＝(1＋ρgh2p0)T0②以充气结束后喷雾器内空气为研究对象，排完水后，压强为p2，体积为V2＝hS.此气体经等温变化，压强为p1时，体积为V3则p2＝p0＋ρgh，p1V3＝p2V2即(p0＋ρg·h2)V3＝(p0＋ρgh)hS同温度下同种

气体的质量比等于体积比，设充入气体的质量为Δm则Δmm0＝V3－V0V0代入得Δmm0＝2p0＋3ρgh2p0＋ρgh34.（1）BCE（2）①0.3s②不能[解析]①由于波匀速传播且速度相同，波速v＝xt＝481.2＝40m/s（1分）

t乙＝Δxv＝6040＝1.5s（1分）所以t乙－t甲＝0.3s（1分）②要使x＝48cm的位置振幅为25cm，则两列波峰同时到达，由此时开始计时且波速相同可得x＝v甲t＝n＋34λ甲（2分）x＝v乙t＝m＋14λ乙(m，n为整数)（2分）所以n＋34

λ甲＝m＋14λ乙，解得12m＝8n＋3（2分）不可能使m、n同为整数，所以不可能到达。（1分）