【文档说明】《辽宁中考真题物理》2021年辽宁省盘锦市中考物理试题（解析）.docx，共(13)页，60.763 KB，由envi的店铺上传

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答案和解析1.【答案】B【解析】解：A、人体正常体温在37℃左右，对外界环境感觉舒适的温度在25℃左右，故A错误；B、每楼层约高3m左右，一般成年人的身高在1.8𝑚以内，所以教室门高约2m左右，故B正确；

C、100mg相当于两个鸡蛋的质量，故C错误；D、一般家用电视机的电功率在60𝑊−150𝑊左右，故D错误。故选：B。不同物理量的估测，有的需要凭借生活经验，有的需要简单计算，有的需要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。对物体的长度、质量、温度以及常用电器的电功率进行估测，是

初中物理一项基本要求，平时结合所学知识对身边的如：人高，教室高，一步长、步行速度、物理课本长和宽等等，多观察多思考。2.【答案】C【解析】解：𝐴.听不见闹铃声是因为玻璃罩内空气很稀薄，几乎没有空气了，闹铃

一直在振动，故A错误；B.拨动钢尺的力越大，钢尺振动的振幅越大，钢尺发出声音的响度越大，故B错误；C.小球能落回凹槽是因为小球具有惯性，故C正确；D.摩擦过的梳子能够吸引小纸屑，是因为带电体具有吸引轻小物体的性质，故D错误。故选：C。(1)声音传播需要介质，真

空不能传声；(2)影响响度大小的因素是振幅，振幅越大，响度越大；(3)一切物体都具有惯性；(4)带电体具有吸引轻小物体的性质。本题主要考查声音的产生与传播、响度与振幅的关系以及惯性，比较基础。3.【答案】C【解析】解：A、照相时，要使所拍摄景物的像变大，应将照相机的镜头靠近被拍摄物体

，这样可增大像距，使像变大，故A错误；B、使用幻灯机时，幻灯片应放在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，故B错误；C、放大镜成像时，物距小于焦距，成的像是正立、放大的虚像，故C正确；D、近视眼看不清楚远处的物体，原因是远处物体的像成在视网膜

的前方，但是我们可用发散作用的凹透镜矫正，使光线会聚能力减弱，能使像成在视网膜上，能看清物体，故D错误。故选：C。(1)照相机是根据物距大于2倍焦距时，成倒立缩小实像的原理制成的，当物距变小的，像距变大，像变大；

(2)投影仪(或幻灯机)是根据物距大于焦距小于二倍焦距时，成倒立、放大实像的原理制成的；(3)根据放大镜是根据物距小于焦距时，凸透镜成正立放大虚像的原理制成的进行分析；(4)掌握近视眼的成因及矫正，近视眼镜是凹透镜，对光线

有发散作用。此题考查了有关凸透镜成像的规律及应用，同时考查了有关近视眼的成因及矫正，是一道中等题。4.【答案】B【解析】解：A、电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表，故A错误；B、当电路发生短路时，电路中电流过大，空气开关能自动切断电源，故B正确；C、水是导体，发生电火灾时如果直接用水去灭火，

会发生触电事故，故C错误；D、家用电器的金属外壳必须要接地，长脚缺损后外壳不能接地，易发生触电事故，故D错误。故选：B。(1)电能表是测量用电器消耗电能多少(电功)的仪表；(2)漏电保护器是在电路出现漏电时自动切断电源，空气开关是在电流

过大时自动切断电源；(3)发现用电器着火了，要立即断开电源再想法灭火；(4)家用电器的金属外壳要接地。本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，值得注意的是：金属外壳的用电器一定要接地。5.【答案】D【解析】解：A、以轮船为参照物，货物和轮船

之间的位置没有发生变化，货物是静止的，故A错误；B、轮船受到的浮力等于轮船和货物的总重力，货物对轮船的压力等于货物的重力，这两个力大小不相等，所以不是一对平衡力，故B错误；C、柴油机的效率高，是因为柴油机在压缩冲程

中，压缩的程度比较大，燃料燃烧较充分，转化成的有用功更多，而不是因为柴油的热值大，故C错误；D、柴油机工作时通过燃料的燃烧得到内能，再通过高温燃气对活塞做功，把内能转化为机械能，是利用内能做功的机器，故D正确。故选：D。(1)判断一个物体是运动的还是静

止的，关键是看被研究的物体与参照物之间的相对位置是否发生了改变；(2)二力平衡的条件是：作用在同一个物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上，缺一不可；(3)热机效率是有用功与燃料完全燃烧释放能量的比值；柴油机的效率高，是因为柴油机在压缩冲程

中，压缩的程度较大，燃料燃烧较充分，转化成的有用功更多；(4)热机的原理是利用燃烧产生的高温燃气推动活塞做功，从而把内能转化为机械能。本题考查的知识点较多，涉及了参照物、平衡力、热值、热机工作原理等知识，是一道综合题。6.【答案】BCD【解析】解：

A、铁锁来回摆动的过程中，没有在拉力的方向上通过距离，绳子的拉力没有做功，故A错误；B、摆动过程中，铁锁的速度大小和运动方向会发生变化，其运动状态一定发生变化，故B正确；C、铁锁从最高处向下摆动过程中，质量不变，高度变小，重力势能减少；质量不变，速度变大，动能增大，故

C正确；D、铁锁自由摆动的过程中，因为阻力作用，所以机械能最终会转化铁锁和空气的内能，即机械能不守恒，但总的能量保持不变，故D正确。故选：BCD。(1)做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可。(2)运动状态发生变化是指速度大

小或运动方向发生变化。(3)重力势能大小的影响因素：质量和高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；动能大小的影响因素：质量和速度。质量越大，速度越大，动能越大。(4)机械能守恒是一种理想的情况，只有在无摩擦、无空气阻力的情况下才能真正实现。铁锁自由摆动的过程中

，会受到空气阻力的作用。本题考查了做功的必要因素、运动状态是否改变的判断、影响动能和重力势能的因素，以及能量守恒定律等知识的理解和应用，涉及的知识点较多，但难度不大。7.【答案】AD【解析】解：A、指南针的工作原理是磁极间的相互作用，故A正确；B、电铃是根据电流的磁效

应工作的，故B错误；C、扬声器的工作原理通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，故C错误；D、动圈式话筒的工作原理是电磁感应现象，故D正确。故选：AD。(1)地球的周围存在磁场，地磁场的N极在地理南极的附近，地磁场的S极在地理北极的附近，由于异名磁极相互吸引，故指南针静止时指向南方的是它的S极

，指向北方的是它的N极。(2)电磁铁的应用在电铃、固定电话、电磁起重机等，其工作原理都是将利用电流的磁效应工作的；(3)扬声器的工作：线圈中有随声音变化的电流，线圈在磁场受到力作用发生振动，将电信号转化为声信

号，工作原理是通电导体在磁场中受力；(4)动感线圈式话筒：线圈随声音的振动在磁场中做切割磁感运动时产生感应电流，将声信号转化为电信号，工作原理是电磁感应现象。本题考查了指南针的认识、电铃、扬声器以及动圈式话筒的原理的认识

，考查知识点多，综合性强，难度不大。8.【答案】BC【解析】解：A、由图可知，重物由3段绳子承担，故绳子移动的距离为：𝑠=3ℎ=3×2𝑚=6𝑚；拉力做功为：𝑊总=𝐹𝑠=200𝑁×6𝑚=1200𝐽；滑轮组机械效率为80%，

根据𝜂=𝑊有𝑊总可知，有用功为：𝑊有=𝑊总𝜂=1200𝐽×80%=960𝐽，故A错误；B、拉力的功率为：𝑃=𝑊总𝑡=1200𝐽6𝑠=200𝑊，故B正确；C、不计绳重和摩擦，所做的额外功为：𝑊额=𝑊总−𝑊有=1200𝐽−9600

𝐽=240𝐽；根据𝑊额=𝐺动ℎ可知，动滑轮的重力为：𝐺动=𝑊额ℎ=240𝐽2𝑚=120𝑁，故C正确；D、当拉力的方向不在竖直方向上时，由于动力臂变短，会造成拉力偏大，从而使得总功变大，根据𝜂=𝑊有𝑊总可知，在有用功不变的情况下，总功

增大，所以机械效率变小，故D错误。故选：BC。(1)明确绳子的段数，得出绳子距离和高度的关系，再根据功的计算公式𝑊=𝐹𝑠可求出拉力做的功，即总功；然后根据机械效率求出有用功的大小；(2)根据𝑃=𝑊总𝑡求出拉力的功率；(3)不计绳重和摩擦，额外功为提升动滑轮所做的

功；根据𝑊额=𝐺动ℎ求出动滑轮的重力；(4)当拉力的方向不在竖直方向上时，由于动力臂变短，会造成拉力偏大，从而使得总功变大，然后根据机械效率的公式进行分析。本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、动滑轮重力的计算、机械效率的变化，难度不大。9.【答案】ACD【解析】解：A、

灯泡L的规格为“6V3W”，由𝑃=𝑈𝐼可得灯泡L的额定电流：𝐼𝐿=𝑃𝐿𝑈𝐿=3𝑊6𝑉=0.5𝐴，故A正确；B、由图甲可得，当𝑆1、𝑆3闭合，𝑆2断开时，灯L被短路、滑动变阻器没有连入电路，电路中只有𝑅1，由欧姆定律可得：𝑅1=𝑈𝐼1

=6𝑉1.2𝐴=5𝛺，故B错误；C、只闭合开关𝑆2时，灯L与滑动变阻器串联，串联电路各处电流相等，调节滑片P，使𝑅2的电功率为灯泡的2倍，由𝑃=𝑈𝐼可知：𝑅2两端的电压、灯L两端电压之比：𝑈2：𝑈𝐿′=2：1，串联电路总电压等于各

部分电压之和，即𝑈2+𝑈𝐿′=𝑈=6𝑉，所以𝑅2两端的电压为4V、灯L两端电压为2V，由图乙可知此时通过灯的电流，即电路中的电流：𝐼′=0.25𝐴，10s内𝑅2消耗的电能是：𝑊=𝑈2𝐼′𝑡=4𝑉×0.

25𝐴×10𝑠=10𝐽，故C正确；D、只闭合开关𝑆1时，灯泡和定值电阻串联接入电路，串联电路各处电流相等，当通过电路的电流为0.4𝐴时，由乙图可知灯泡两端的电压为4V，由欧姆定律可得定值电阻两端的电压：𝑈1=𝐼1′𝑅1=0.4𝐴

×5𝛺=2𝑉，灯泡电压和电阻电压之和正好等于电源电压(4𝑉+2𝑉=6𝑉)，此时小灯泡的实际功率：𝑃𝐿′=𝑈𝐿′𝐼1′=4𝑉×0.4𝐴=1.6𝑊，故D正确。故选：ACD。A、灯泡L的规格为“6𝑉3𝑊”，由𝑃=𝑈𝐼可得灯泡L的额定电

流；B、由图甲可得，当𝑆1、𝑆3闭合，𝑆2断开时，灯L被短路、滑动变阻器没有连入电路，电路中只有𝑅1，根据欧姆定律计算定值电阻的阻值；C、只闭合开关𝑆2时，灯L与滑动变阻器串联，𝑅2的电功率为灯泡的2倍，根据串联电路电流特点结合𝑃=

𝑈𝐼可知电阻电压与灯泡电压之比，根据串联电路电压规律进一步分别确定电阻和灯泡两端的电压，由乙图可知此时通过电路的电流，根据电功公式𝑊=𝑈𝐼𝑡计算10s内𝑅2消耗的电能；D、只闭合开关𝑆1时，灯泡和定值电阻串联接入电路，根

据串联电路电流特点和电压规律结合乙图和欧姆定律可知此时灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，根据电功率公式𝑃=𝑈𝐼计算此时小灯泡的实际功率。本题考查电功率公式、欧姆定律、串联电路特点、电功公式的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。10.【答案】直线传播水射入空气【解析】解：(1)光在同种均匀的

介质中沿直线传播，故倒水前眼睛刚好能看不到硬币是因为光的直线传播；(2)慢慢往碗内倒水时，硬币反射的光线从水中斜射入空气中时，在水面处发生折射，折射光线远离法线，人眼逆着折射光线沿直线看去，看到的是变高的硬币的虚像。故答案为：直线传播；水射入空气。(1)光在同种均匀介质

中沿直线传播；(2)当光从空气斜射入水中或其他介质中时，折射光线向法线方向偏折；光从水或者其他介质斜射入空气中时，折射光线向远离法线的方向偏折。本题考查光现象的有关知识，属于对基础知识的考查，难度不大

。11.【答案】连通器扩散小于【解析】解：(1)茶壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器，水不流动时，液面就是相平的；因此对茶壶的设计，应使壶嘴高度做得等于壶盖。(2)茶香四溢，说明分子在不停地做无规则运动，这是

扩散现象。(3)根据物体的浮沉条件可知，茶叶在水中下沉，是因为茶叶受到的浮力小于重力。故答案为：连通器；扩散；小于。(1)上端开口、下部相连通的容器叫连通器，生活中常见的连通器：茶壶、锅炉水位计、过路涵洞、船闸等。(2)分子处于永不停息的无规则运动中。(3)在水中下沉

的物体所受的浮力小于自身的重力。本题综合考核了连通器的原理、分子运动、浮沉条件等知识，体现了物理知识与生活的密切联系，要多观察、多思考。12.【答案】电磁波增大受力面积增大接触面的粗糙程度【解析】解：

无线鼠标工作时发出电磁波，接收器接收鼠标发出的电磁波，从而实现对电脑的控制；鼠标做成弧形凸起状可以增大与手掌的接触面积减小压强；鼠标滚轮上的横纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的；故答案为：电磁波；增大受力面积；增

大接触面的粗糙程度。(1)无线鼠标工作时发出电磁波，接收器接收鼠标发出的电磁波，从而实现对电脑的控制；(2)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强；(3)增大摩擦力的方法：在压力一定时，

增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力。本题以鼠标为背景考查了信息的传播、增大摩擦力和减小压强方法的应用，涉及到的知识点较多，有一定的综合性，是一道好题13.【答案】𝑆1、𝑆2𝐿2【解析】解：(1)由题知，两灯泡的额定电压相

等，且等于电源电压，所以，要使两灯同时正常发光，需要将两灯泡并联，由图知，应只闭合开关𝑆1、𝑆2；(2)由𝑃=𝑈𝐼，𝐼=𝑈𝑅得，𝑅=𝑈2𝑃，两灯的额大功率相等，灯𝐿1额定功率较大，所以电阻较小，即𝑅1<𝑅2；只闭合𝑆3时，两灯串联，串联

电路电流处处相等，根据𝑃=𝐼2𝑅可知，𝐿2的电阻大，其实际功率大，发光更亮，即𝐿2比𝐿1亮。故答案为：𝑆1、𝑆2；𝐿2。(1)两灯泡的额定电压等于电源电压，若使两灯都正常发光，需将两灯并联，据此判断

开关闭合情况；(2)只闭合𝑆3时，两灯串联，电流相等；根据由𝑃=𝑈𝐼，𝐼=𝑈𝑅的推导公式𝑅=𝑈2𝑃比较正常发光时的电阻大小，再根据𝑃=𝐼2𝑅判断两灯的亮度。本题主要考查对串联、并联电路的了解以及功率计算公式

的应用，关键是选择合适的公式，确定灯泡的连接方式。14.【答案】94液化不变小于【解析】解：(1)图甲中温度计的分度值为1℃，示数为94℃；(2)水沸腾时，杯口附近出现的“白气”是水蒸气液化而成的小水滴；(3)根据图像

可知，水沸腾时吸收热量，温度不变；(4)根据图像可知图像a的初温低，且加热至沸腾所用时间少，故图像a的质量小，故两次实验所用水的质量𝑚1<𝑚2。故答案为：(1)94；(2)液化；(3)不变；(4)小于。(1)看清温度计的分度值，再

读数；(2)杯口附近出现的“白气”是水蒸气液化而成的小水滴；(3)根据图像可知，水沸腾时为水平直线，可看出温度不变；(4)根据图像可知图像a的初温低，且加热至沸腾所用时间少，故图像a的质量小，据此分析。本题考查探究水的沸腾的实验，重点考查温度计读数、沸腾时温

度特点、图像分析等知识，有一定难度。15.【答案】完全重合跳棋垂直【解析】解：(1)取另一个完全相同的跳棋在玻璃板后移动，直到与玻璃板前跳棋的像完全重合时，看确定像的位置，由此可以说明像的大小与物体的大小相同；物体成像要清晰，就必须让跳棋有足够光线射向平面镜才能成像，而不是让玻璃板上有足够的光线

；(2)把玻璃板向跳棋方向倾斜，沿水平方向观察，发现桌面上的像不见了；由于平面镜成像时，像与物体关于镜面是对称的，所以当沿着与玻璃板垂直的方向观察，又看到了跳棋的像。故答案为：(1)完全重合；跳棋；(2)垂直。

平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；人眼能够看清物体，是因为物体有光线进入人眼，探究平面镜成像时，观察的是棋子，而不是平面镜．本题考查了平面镜成像特点的探究实验，知道平面镜成像的特点是解题的关键。16.【答案】等臂力臂14.41.8偏大用体积

不计的薄塑料布包裹住火山石【解析】解：(1)将天平放到水平台上，调节天平在水平位置平衡，天平的动力臂等于阻力臂，其实质是一个等臂杠杆；依据杠杆的平衡条件，调节平衡螺母时，力臂的大小发生了变化，是通过改变力臂的大小来使天平平衡；(2)标尺的分度值为

0.2𝑔，火山石的质量：𝑚=10𝑔+4.4𝑔=14.4𝑔；(3)量筒的分度值为1mL，量筒中原有30mL水，放入火山石后，量筒液面上升到38mL，因此火山石体积𝑉=38𝑚𝐿−30𝑚𝐿=8𝑚𝐿=

8𝑐𝑚3；火山石的密度为：𝜌=𝑚𝑉=14.4𝑔8𝑐𝑚3=1.8𝑔/𝑐𝑚3；(4)火山石的质量测量值准确，由于火山石具有吸水性，导致排开水的体积略小于本身体积，由公式𝜌=𝑚𝑉知，所测密度偏大；(5)为减小火山

石吸水带来的实验误差，在火山石放入量筒水中前，应用体积不计的薄塑料布包裹住火山石。故答案为：(1)等臂；力臂；(2)14.4；(3)1.8；(4)偏大；(5)用体积不计的薄塑料布包裹住火山石。(1)天平的实质是一个等臂杠杆；调节平衡螺母时会改变力臂的大小；(2)火山石的质量等于砝码的

质量加游码对应的刻度值；(3)根据排水法原理，火山石的体积为量筒中液面的两次读数之差；火山石密度等于质量和体积的比值。(4)根据火山石的吸水性判定体积测量值的变化，根据密度公式判定密度的变化；(5)实验中可以

用薄塑料布包裹住火山石来减小实验误差。此题测量火山石密度的实验，根据测量原理，实验中需用到天平和量筒来测量质量和体积，同时还考查了有关测量误差的分析，难度不大。17.【答案】C0.2035𝛺、10𝛺、15�

�B【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大，滑动变阻器接入电路的电阻变小，因此应将滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：(2)由实物图和选项可知，电压表无示数，说明与电压并联的定值电阻短路或者电压表外面的电路

断路，而电流表无示数，说明电路中存在断路，综合两电表的情况可以判断，电路故障为电压表外面的滑动变阻器断路，故选C；(3)由乙图可知，电流表选用的0～0.6𝐴的量程，分度值为0.02𝐴，则电流表的读数为0.20𝐴；由表中数据可知，𝑈1=𝐼1𝑅1=0.6𝐴×5

𝛺=3𝑉，𝑈2=𝐼2𝑅2=0.3𝐴×10𝛺=3𝑉，𝑈3=𝐼3𝑅3=0.2𝐴×15𝛺=3𝑉，因此实验中电压表的示数为3V；(4)因为定值电阻两端的电压不变，即𝑈𝑅=3𝑉，此时电路中的电流𝐼=𝐼𝑅=𝑈𝑅𝑅=3𝑉30𝛺=

0.1𝐴，所以电路的总电阻𝑅总=𝑈𝐼=4.5𝑉0.1𝐴=45𝛺，根据串联电路的电阻特点可知，需要串联的总电阻𝑅′=𝑅总−𝑅=45𝛺−30𝛺=15𝛺，由于滑动变阻器接入电路电阻的范围为0～10𝛺，因此为了完成实验还需要串联一个阻值在15�

�～5𝛺范围内的电阻，所以符合要求的定值电阻为：5𝛺、10𝛺、15𝛺；(5)𝐴.电流表示数与变阻器𝑅𝑃接入电阻的关系式为𝐼=𝑈𝑃𝑅𝑃=𝑈−𝑈𝑅𝑅𝑃，由于电源电压U、定值电阻两端的电压𝑈𝑅保持不变，因此I与𝑅𝑃成反比，为反比例函数，故A正确，不符合题意；B.

由于定值电阻两端的电压保持不变，因此电压表的示数与变阻器𝑅𝑃接入电阻的图象为平行于𝑅𝑃轴的直线，故B错误，符合题意；C.根据分压原理可知𝑈𝑃𝑈𝑅=𝑅𝑃𝑅，所以𝑅𝑃=𝑈𝑃𝑈𝑅𝑅=𝑈−𝑈𝑅𝑈𝑅𝑅，由于电源电压U、定值电阻两端的电压𝑈𝑅保持不

变，因此𝑅𝑃与R成正比，为正比例函数，故C正确，不符合题意；D.电阻R的电功率𝑃𝑅=𝑈𝑅2𝑅，由于定值电阻两端的电压𝑈𝑅保持不变，因此电阻R电功率𝑅𝑃与R成反比，为反比例函数，故D正确，不符合题意。故选：B。故答案为：(1)如图所示；(2)

𝐶；(3)0.20；3；(4)5𝛺、10𝛺、15𝛺；(5)𝐵。(1)根据滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大，滑动变阻器接入电路的电阻变小，从而确定应将滑动变阻器左下接线柱连入电路中；(2)结合实物图和选项可知，电压表无示数，说明与电压并联的定值电阻短路或者电压表

外面的电路断路，而电流表无示数，说明电路中存在断路，综合两电表的情况可以判断：故障为电压表外面的滑动变阻器断路；(3)根据电流表的量程和分度值读数，利用表中数据结合欧姆定律计算出定值电阻两端的电压即为电压表的示

数；(4)根据定值电阻两端的电压不变，利用欧姆定律和串联电路的电阻特点，计算出符合要求的电阻；(5)分别解析出四个选项中对应物理量的表达式，结合图象，选出不符合要求的选项。本题探究电流与电阻的关系，考查滑动变阻器的实

验、电流表的读数方法、控制变量法、数据分析和器材的选择等知识，最后一问是难点，关键是明确相关的物理量之间的关系。18.【答案】解：(1)根据液体压强公式𝑝=𝜌𝑔ℎ可得石块露出水面前，水对容器底的压强为𝑝=𝜌𝑔ℎ

=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3×10𝑁/𝑘𝑔×0.6𝑚=6000𝑃𝑎；(2)根据密度公式𝜌=𝑚𝑉变形公式𝑉=𝑚𝜌可得物体的体积𝑉=𝑚物𝜌物=1𝑘𝑔2.5×103𝑘𝑔/𝑚3=4×10−4𝑚

3；在石块露出水面前石块排开水的体积就等于自身体积，𝑉排=𝑉，根据浮力公式𝐹=𝜌𝑉排𝑔可得石块露出水面前受到的浮力𝐹=𝜌𝑉排𝑔=1.0×103𝑘𝑔/𝑚3×4×10−4𝑚3×10𝑁/

𝑘𝑔=4𝑁；(3)石块重力𝐺=𝑚物𝑔=1𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔=10𝑁，当石块完全浸没在水中时，因其匀速运动，故绳子拉力F拉与石块受到的浮力之和等于石块的重力，即𝐹拉+𝐹=𝐺，代入数据得𝐹拉+4𝑁=10𝑁，故F拉=6

𝑁。此时根据𝑃=𝐹𝑣可计算出电动机的功率𝑃=𝐹拉𝑣=6𝑁×0.25𝑚/𝑠=1.5𝑊。当石块出水后，只受绳子拉力𝐹′与重力，因其匀速上升，故F′=𝐺=10𝑁；由题干可知电动机功率不变，则𝑃=�

�′𝑣′=10𝑁×𝑣′=1.5𝑊，故𝑣′=0.15𝑚/𝑠。答：(1)石块露出水面前，水对容器底的压强为6000Pa；(2)石块露出水面前受到的浮力为4N；(3)石块出水后匀速上升的速度为0.

15𝑚/𝑠。【解析】(1)根据液体压强公式𝑝=𝜌𝑔ℎ直接计算；(2)根据密度公式𝜌=𝑚𝑉变形公式𝑉=𝑚𝜌计算物体的体积，在石块露出水面前石块排开水的体积就等于自身体积，可得其排开水的体积，再结合浮力公式�

�=𝜌𝑉排𝑔可得石块露出水面前受到的浮力；(3)由题干知电动机功率不变，使用𝑃=𝐹𝑣公式，分别计算出水前后绳子的拉力，进而求出石块出水后匀速上升的速度。本题通过浮力结合电动机考查了液体的压强、浮力应用及功的计算，综合性较强，需要考生掌握好基础知识。19.【答

案】解：(1)将水箱中0.2𝑘𝑔的水从10℃加热到100℃，需要吸收的热量：𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡=4.2×10³𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×0.2𝑘𝑔×(100℃−10℃)=75600𝐽。(2)当开关旋至2位置时只有�

�1连进电路，处于低温挡，可求得此时的功率：𝑃1=𝑈²/𝑅1=(220𝑉)²/60.5𝛺=800𝑊，当开关旋至3位置时，𝑅1和𝑅2并联，处于高温挡，则𝑅2单独的功率：𝑃2=𝑃−𝑃1=1200𝑊−800𝑊=400

𝑊，根据公式𝑃=𝑈²/𝑅，可推导出𝑅=𝑈²/𝑃，则可求得电阻：𝑅2=𝑈²/𝑃2=(220𝑉)²/400𝑊=121𝛺。(3)高温挡加热水所需的总电能：𝑊=𝑃𝑡=1200𝑊×70𝑠=84000𝐽根据

加热效率公式：𝜂=𝑄/𝑊=75600𝐽/84000𝐽×100%=90%。答：(1)将水箱中0.2𝑘𝑔的水从10℃加热到100℃，需要吸收的热量为75600J；(2)𝑅2阻值为121𝛺；(3)若用高温挡加热这些水，所需时间为1

min10s，挂烫机的加热效率为84000J。【解析】(1)根据𝑄=𝑐𝑚𝛥𝑡可求得需要吸收多少热量；(2)当开关旋至2位置时，只有𝑅1连进电路，处于低温挡功率，根据𝑃=𝑈²/𝑅可求得此时𝑅1的功率；当开关旋至3位置时，

𝑅1和𝑅2并联，处于高温挡功率，根据高温挡功率也等于𝑅1和𝑅2各自的功率相加之和，由此可求出𝑅2的功率，再由推导公式𝑅=𝑈²/𝑃，即可求得𝑅2的阻值；(3)高温挡加热水所需的总电能𝑊=𝑃𝑡，加热效率𝜂=𝑄/𝑊×1

00%。此题主要考查了电功率和热量的综合计算，解决此问题重点要掌握电功率、以及热量的计算公式，并理解好加热效率的含义，同时要注意计算过程中要将单位换算成国际单位。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com