【文档说明】四川省广安中学2024-2025学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含解析.docx，共(16)页，2.962 MB，由envi的店铺上传

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广安中学高2023级高二上期第2次月考物理试题满分：100分时间：75分钟一、单选题（本题包括7小题，每小题4分，共28分，每小题只有一个选项符合题意。）1.物理学家通过艰苦的实验来探究自然的物理规律,为人类的科学事业做出了巨大贡献,值得我们敬仰．下列描述中符合物理学史实及物理思想

方法的是()A.奥斯特提出了用电场线形象直观的描绘抽象的电场B.安培发现了电流的磁效应并提出了分子电流假说C.电荷量e的数值最早是由美国物理学家富兰克林测得的D.电场场强FEQ=和磁感应强度()FBBLIL=⊥都是用比值法定义的物理量【答案】D【解析】【详解】A项：法拉第提出

了用电场线形象直观的描绘抽象的电场，故A错误；B项：奥斯特现了电流的磁效应，安培提出了分子电流假说，故B错误；C项：电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根测得的，故C错误；D项：电场强度和磁感应强度都是比值定义法，且都只取决于自身的性质，故D正确．故应

选：D．2.如图所示，一带电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，运动轨迹如图所示，M和N是轨迹上的两点，其中M点是轨迹的最右点。不计重力，下列表述正确的是（）A.粒子在M点的速率最大B.粒子所受电场力的方向沿电场线方向C.粒子在电场中的加速度不变D.粒子在电场中的电势能始终在增加【答案

】C【解析】【详解】AB．带电粒子所受合力指向运动轨迹的内侧，所以带电粒子受到的电场力水平向左，粒子向M点运动过程中电场力做负功，所以粒子到达M点时的动能最小，速率最小，A、B错误；C．因为是匀强电场，粒子受到的电场力恒定，加速度恒定，C正确；D．粒子靠近M点的过程，电场力做负功

，电势能增加，远离M点的过程，电场力做正功，电势能减少，D错误。故选C。3.如图所示，四根相互平行的通有电流均为I的长直导线a、b、c、d，放在正方形的四个顶点上。每根通电直导线单独存在时，四边形中心O点的磁感应强度大小都是

B，则四根通电导线同时存在时O点的磁感应强度的大小和方向为（）A.22B，方向向左B.22B，方向向下C.2B，方向向右D.2B，方向向上【答案】A【解析】【详解】在ac处的直导线在O点产生的磁场的合磁感应强度大小为2B，方向沿Od方向；在bd处的直导线在O点产生的磁场的合磁感应强度大小为2B，

方向沿Oa方向；则O点的合磁感应强度为222222OBBBB=+=（）（）方向向左。故选A。4.在如图所示的UI−图像中，直线I为某一电源的路端电压与电流的关系图像，直线II为某一电阻R的伏安特性曲线。用该电源与电阻R组

成闭合电路。由图像判断错误的是（）A.电源的电动势为3V，内阻为0.5ΩB.电阻R的阻值为1ΩC.电源的效率为80%D.电源的输出功率为4W【答案】C【解析】【详解】A．根据闭合电路欧姆定律得U=E-Ir当I=0时U=E由读出电源的电动势E=3V内阻等于图线的斜率大小，则

3||0.56UrI===A正确；B．根据图像可知电阻1URI==B正确；C．电源的效率2100%100%100%66.7%3PUIPEI====出总C错误；D．两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U=2V，电流I=2A，

则电源的输出功率为P出=UI=4WD正确。本题选择错误的，故选C。5.将如图所示的交变电压加在平行板电容器A、B两板上，开始B板电势比A板电势高，这时有一个原来静止的电子正处在两板的中间，它在电场力作用下开始运动，设A、B两极板间的距离足够大，下列说法正确的是()A.电子一直向着A

板运动B.电子一直向着B板运动C.电子先向A板运动，然后返回向B板运动，之后在A、B两板间做周期性往复运动D.电子先向B板运动，然后返回向A板运动，之后在A、B两板间做周期性往复运动【答案】D【解析】【详解】根据交变电压的变化规律，可确定电子所受电场力的变化规律，从而作出电子的加速度a、速度v

随时间变化的图线，如图所示，从图中可知，电子在第一个4T内做匀加速运动，第二个4T内做匀减速运动，在这半个周期内，因初始B板电势高于A板电势，所以电子向B板运动，加速度大小为eUmd．在第三个4T内做匀加速运动，第四个4T内做匀减速运动，但在这半个周期内运动

方向与前半个周期相反，向A板运动，加速度大小为eUmd，所以，电子做往复运动，综上分析正确选项为D．6.真空中有两个固定的带正电的点电荷，电荷量不相等。一个带负电的试探电荷置于二者连线上的O点时，仅在电场力的作用下恰好保持静止状态。

过O点作两正电荷连线的垂线，以O点为圆心的圆与连线和垂线分别交于a、c和b、d，如图所示。以下说法正确的是（）A.a点电势低于O点B.b点电势等于c点C.该试探电荷在a点的电势能大于在b点的电势能D.

该试探电荷在c点的电势能小于在d点的电势能【答案】D【解析】【详解】A．试探电荷在O点静止，即O点的电场强度为零，所以a、O两点间场强方向是由a指向O的，所以a点电势高于O点，故A错误；B．与A选项分析同理可知，c点电势高于O点的电势；

又因为O点与b点间的电场强度有竖直向上的分量，所以O点的电势高于b点的电势，则c点的电势高于b点的电势，故B错误；CD．与B选项分析同理可知，a点的电势高于b点的电势，c点的电势高于d点的电势，又根据pEq=可知，带负电的试探

电荷在电势高处电势能较小，故C错误，D正确。故选D。7.一个电子只在电场力作用下沿x轴正方向运动，其电势能pE随位置x变化的关系如图所示，其中2Ox～区间是关于直线1xx=对称的曲线，23xx～区间是直线，则下列说法正确的是（）A.1x

处电势为零B.23xx～段是匀强电场C.电子在1x、2x、3x处电势1、2、3的关系为123D.电子在2Ox段做匀变速直线运动，在23xx～段做匀速直线运动【答案】B【解析】【详解】A．根据pEq=可知1x处电势不零，故A错误；BD．根据Ex=

则pEqEx=所以pEx−图像的斜率为qE，因此23xx～图像为直线，斜率不变，为匀强电场，电子做匀变速运动，2Ox段为非匀强电场，做变速运动，故B正确，D错误；C．电子带负电，经历1x、2x、3x处电势能增加，所以123故C错误。故选B。二、多选题（本大题共3小题，每小题6分，共18分

。每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）8.如图所示电路中，在滑动变阻器的滑片P由b端向a端滑动的过程中，下列描述正确的是（）A.电压表示数增大，电流表

示数减小B.电压表示数减小，电流表示数增大C.电路中的总电阻增大D.通过R1的电流增大【答案】AC为【解析】【分析】【详解】滑片P由b端向a端滑动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻增大，电路中总电阻增大

，干路电流减小，路端电压增大，电阻R1分压减小，并联支路电压增大，通过电阻R2的电流增大，总电流等于通过电阻R2和通过电流表的电流之和，所以通过电流表的电流减小，综上可知，BD错误。AC正确。故选AD。9.如图，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有带电金属块沿

斜面滑下，已知在金属块下滑的过程中动能增加了12J，摩擦生热8.0J，重力做功24J，则以下判断正确的是（）A.金属块带正电荷B.金属块克服电场力做功8.0JC.金属块的机械能减少12JD.金属块的电势能减少40J【答案】AC【解析】【详解】BD．根据动能定理k

GfΔEWWW=−+电解得4JW=−电故金属块克服电场力做功4.0J，金属块的电势能增加4.0J，故BD错误；A．金属块下滑的过程中，电场力做负功，故金属块受到的电场力水平向右，故金属块带正电荷，故A正确；C．金属块的机械能减少fΔ||||12JEWW=+=电故C正确。故选AC。10.

如图所示，A、B为平行金属板，两板相距为d，分别与电源两极相连，两板的中央各有一小孔M和N。今有一带电质点，自A板上方相距为d的P点由静止自由下落（P、M、N在同一竖直线上），空气阻的力忽略不计，到达N孔时速度恰好为零，然后沿原路返回。若保持两极板间的电压不变，则（）A.把A板向上平

移一小段距离，质点自P点自由下落后仍能返回B.把A板向下平移一小段距离，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落C.把B板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后仍能返回D.把B板向下平移一小段距离，质点自P点自由下落后将穿过N孔继续下落【答案】ACD【解析】【详解】由题意根据动能定

理得20mgdUq−=AB．移动A板，质点从P点到N点，电场力做功和重力做功不变，根据动能定理得质点仍然可以到达N孔，并且速度为零。A正确，B错误；C．把B板向上平移一小段距离，质点从P点到N点，电场力做功不变，重力做功减少，所以质点将不能到

达N点，即在N点前速度减为0，之后返回。C正确；D．把B板向下平移一小段距离，质点从P点到N点，电场力做功不变，重力做功增加，所以质点能到达N点，并且速度不为0，之后继续下落。D正确。故选ACD。三、实验题（每空2

分，共16分）11.实验小组测量某型号电池的电动势和内阻。用电流表、电压表、滑动变阻器、待测电池等器材组成如图1所示实验电路，由测得的实验数据绘制成的U-I图像如图2所示。（1）图1对应的电路图为下图中的，（选填“A”或“B”）A.B.（2）如果实验中所用电表均视为理想电表，根据图2

得到该电池的电动势E=_______V，内阻r=_______Ω。【答案】（1）B（2）①.4.5②.1.8【解析】【小问1详解】通过观察实物图可知电压表接在电源和开关两端，故电路图为B；【小问2详解】[1][2]根据闭合电路欧姆定律E

UIr=+有UIrE=−+则UI−图线在纵轴上的截距表示电池的电动势E，斜率绝对值等于电池的内阻r，根据图像可知，纵轴截距为4.5，横轴截距为2.5，结合上述分析可知电池电动势E=4.5V内阻4.5Ω1

.8Ω2.5r==12.某实验兴趣小组为了研究电表的改装原理和练习使用多用电表，设计了如下实验。（1）某同学用多用电表粗测电阻时采用“×100”倍率，结果多用电表表盘指针位置如图乙中虚线指针位置所示，为了测

量更加准确，这时应该采用________（选填“10”或“1k”）倍率，欧姆调零后进行测量如果此时读数如图乙中实线指针位置所示，则读数是________Ω（2）图甲为某同学随意设计的电流挡，电压挡的两用表电路图。已知电流计G的量程是300mA，内阻是220Ω，电阻121

10,100RR==，则选择开关接到“1”是________（选填“电流挡”或“电压挡”），其量程是________mA；选择开关接到“2”时，其挡位的量程是________V。（3）一个多用电表的电池用久了，电动势E由1.5V降成1V，内阻r由

1.5Ω变成5Ω，现用此电表欧姆调零后测量未知电阻，读数为240Ω，则其真实值为________Ω。【答案】（1）①.×10②.120（2）①.电流挡②.900③.156（3）160【解析】【小问1详解】[1][2]用多用电表粗测电阻时采用“×100”倍率

，结果多用电表表盘指针位置如图乙中虚线指针位置所示，指针偏转角度角度，说明待测电阻阻值相对“×100”倍率较小，为了测量更加准确，需要更换较小的倍率，这时应该采用“×10”倍率，换完倍率以后需要重新进行欧姆调零，如果此时读数如图乙中实线指针位置所示，则读数是12Ω101

20Ω=【小问2详解】[1][2]选择开关接到“1”时，1R与电流计G并联，起到分流的作用，故接“1”是电流挡，量程是ggg1300220300900110IRIImAmAmAR=+=+=[3]选择开关接到“2”时，1R与电流

计G并联，再与2R串联，起到分压的作用，故接“2”是电压挡，其挡位的量程是33g2gg23001022090010100156VUUIRIRIR−−=+=+=+=【小问3详解】设新电池的欧姆表内电阻为0r，电池用久后欧姆表的内电阻为r，欧姆调零时，电流都达到满偏电流，根据欧姆定律有

01.51rr=都指到240Ω时电流也相等，根据欧姆定律可得01.51240xrrR=++联立可得电阻的真实值为160ΩxR=四、计算题（本大题共3小题，共38分）13.如图所示，电源的电动势24VE=，内阻1Ωr=，电阻2ΩR=，M为直

流电动机，其电阻'1Ωr=，电动机正常工作时，其两端所接理想电压表读数为M21VU=，求：（1）流过电动机的电流。（2）电动机输出的机械功率。（3）电源的效率。【答案】（1）1A（2）20W（3）95.8%【解析】【小问1详解】根据闭合电路欧姆定律知MEUIRr=++（）代入数据可得

1AI=【小问2详解】电动机的输入功率为1M21WPUI==电动机的热功率为221WPIr==所以，电动机输出的机械功率为31220WPPP=−=【小问3详解】电源的总功率为424WPEI==电源内功率为251WPIr==电源的输出功率为64523WPPP=−=所以，电源的效率为6410

0%95.8%PP=14.如图所示，在匀强电场中，将电荷量为6310C−−点电荷从电场中的A点移到B点，静电力做了52.410J−−的功，再从B点移到C点，静电力做了51.210J−的功。已知匀强电场的方向与等腰直角AB

CV所在的平面平行。10cmABBC==求：（1）A、B两点间的电势差ABU和B、C两点间的电势差BCU分别为多少？（2）如果规定B点的电势为0，则A点的电势和该点电荷在C点的电势能分别为多少？（3）求匀强电场

的电场强度大小？【答案】（1）8V，4V−（2）8VA=，5p1.210JCE−=−（3）405V/mE=【解析】【小问1详解】A、B两点间的电势差为的的的562.410V8V310ABABWUq−−−===−B、C两点间的电势差为56

1.210V4V310BCBCWUq−−===−−【小问2详解】如果规定B点的电势为0，则有ABABU=−可得A点的电势为8VA=根据功能关系pppΔBCBCBCWEEE=−=−其中p0BBEqφ==可得该点电荷

在C点的电势能5p1.210JCE−=−【小问3详解】取AB中点D，有4V2ABDCφφφφ+===则DC连线为等势线，过点B作DC的垂线即为电场线，电场线方向指向电势降低的方向，如图所示由几何关系可知，B点到CD的距离为25cmd=匀强电场的电场强

度大小为24V/m405V/m2510UEd−===15.如图所示，平面直角坐标系xOy位于竖直平面内，倾斜光滑直轨道AO与y轴正方向夹角为60=，轨道AO与水平轨道OB及半径为R的竖直光滑圆管

之间均平滑连接，圆管对应的圆心角为120，其所在圆O分别与x轴和y轴相切于B点和C点。已知第二象限内有方向竖直向下、大小为12mgEq=的匀强电场，第一象限内，xR的区域内有水平向右的匀强电场，其中302yR区域内场强大小为233,2mgEyRq=区域

内场强大小为333mgEq=。质量为m、电荷量为q的带正电小球（可视为质点）从到O点距离为R的Q点由静止释放，经水平轨道OB进入圆管内。小球与水平轨道OB之间的动摩擦因数为0.2=，其余摩擦不计，所有轨道均为绝缘轨道，轨道的直径远小于所在圆的直径，小球所带电荷量不损失

，进入和飞出管道时无能量损失，重力加速度为g。求：（1）小球经过坐标原点O处时的速度大小；（2）求小球在管道中速度最大时的位置坐标，并求出小球的最大速度；（3）从开始运动到小球静止，小球在OB段走过的总路程s为多少？【答案】（1）3gR；（2）31()22RRR+，，4.6mvgR=

；（3）7.5sR=【解析】【详解】（1）带电小球从Q点到O点，应用动能定理有2101coscos2OQOQqExmgxmv+=解得03vgR=（2）小球从O点到B点过程中，动能定理可知2201122BmgRmvmv−=−解得2.

6BvgR=小球进入圆管之后，进入复合场中，将重力场和电场E2合成为等效重力场，用g′表示该等效场的加速度，如图所示：根据平行四边形法则可知等效重力()()2222mgmgqEmg=+=与竖直方向的夹角θ满足2tan3qEmg==则θ=60°当小球运动到等效重力场与圆管相交点P时

，速度最大。P点的位置为3sin2xRRRR=+=+11cos2yRR=−（）=则P点的位置坐标为31()22RRR+，。小球从B点到P点，根据动能定理可知222m111cossin22BmgRqER

mvmv−−+=−（）解得m4.6vgR=（3）假设小球能够到达管口上端D点，设小球到达管口上端D点的速度为v1，从B到到D根据动能定理有22211sin30cos3022DBmvmvmgRRqER−=−++（）解得1

35DgRv=方向垂直于OD指向左上方。小球进入电场3E后，受到电场力和重力，设两者的合力F与竖直方向的夹角为，则有3tanqEmg=，cosmgF=解得30=，233Fmg=F的方向垂直OD指

向右下方，可知vD与F方向共线，小球进入电场3E后做匀减速直线运动，假设小球达到电场3E边界M点时速度为vM，从D到M的过程由动能定理得2211tan6022MDFRmvmv−=−解得21.40MvgR=−说明小球不能达到电场3E边

界离开电场，可知小球进入电场3E后先做匀减速直线运动，速度为零后反向匀加速直线运动从D进入圆管轨道，此后多次往复运动，最终小球将静止于OB段上的某点，根据功能关系与能量守恒有212Dmgsmv=解得7.5sR=