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以下为本文档部分文字说明：

关注微信公众号——高中物理学习研究，获取更多优质资源!1微专题23圆周运动的其他临界问题【核心要点提示】五种典型临界条件(1)物体离开接触面的临界条件：两物体相接触或脱离，临界条件是：弹力FN＝0.(2)相对滑动

的临界条件：两物体相接触且处于相对静止时，常存在着静摩擦力，则相对滑动的临界条件是：静摩擦力达到最大值．(3)绳子断裂与松弛的临界条件：绳子所能承受的张力是有限度的，绳子断与不断的临界条件是绳中张力等于它所能承受的最大张力，绳子松弛的临界条件是：

FT＝0.(4)加速度变化时，速度达到最值的临界条件：当加速度变为0时．(5)物块与弹簧脱离的临界条件：弹力FN＝0，速度相等，加速度相等【微专题训练】【例题】在高速公路的拐弯处，通常路面都是外高内低．如图所示

，在某路段汽车向左拐弯，司机左侧的路面比右侧的路面低一些．汽车的运动可看作是做半径为R的圆周运动．设内外路面高度差为h，路基的水平宽度为d，路面的宽度为L.已知重力加速度为g.要使车轮与路面之间的横向摩擦力(即垂直于前进方向)等于零，则汽车转弯时的车速应等于()A.g

RhLB.gRhdC.gRLhD.gRdh【解析】考查向心力公式．汽车做匀速圆周运动，向心力由重力与斜面对汽车的支持力的合力提供，且向心力的方向水平，向心力大小F向＝mgtanθ，根据牛顿第二定律：F向＝mv2R，tanθ＝hd，解得汽车转弯时的车速v＝gRhd，B对．【答案】B【变式】(2

018·辽宁师大附中高三上学期期末)如图所示，水平转台上有一个质量为m的小物块。用长为L的轻细绳将物块连接在通过转台中心的转轴上。细绳与竖直转轴的夹角为θ，系统静止时细绳绷直但张力为零。物块与转台间动摩擦因数为μ(μ＜tanθ)，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。当物块随转台由静止开始缓慢

加速转动且未离开转台的过程中(CD)A．物块受转台的静摩擦力方向始终指向转轴关注微信公众号——高中物理学习研究，获取更多优质资源!2B．至绳中出现拉力时，转台对物块做的功为μmgLsinθ2C．物块能在转台上随转台一起转动的最大角速度为gLcosθD．细绳对物块拉力的瞬时功率始终为零[解

析]由题可知，物体做加速圆周运动，所以开始时物体受到的摩擦力必定有一部分的分力沿轨迹的切线方向。故A错误；对物体受力分析知物块离开圆盘前，沿轴线方向的合力：F＝f＋Tsinθ＝mv2r①N＋Tcosθ＝mg②根据动能定理知W＝Ek＝12mv2③弹力T＝0，r

＝Lsinθ④由①②③④解得W＝12fLsinθ≤12μmgLsinθ，至绳中出现拉力时，转台对物块做的功为12μmgLsinθ，故B错误；当N＝0，f＝0，由①②知ω0＝gLcosθ，所以当物块的角速度增大到gLcosθ时，物块与转台间恰好无相互作用，故C正确；

由几何关系可知，物体在做圆周运动的过程中受到的绳子的拉力方向与物体运动的方向始终垂直，所以细绳对物块拉力的瞬时功率始终为零。故D正确。【例题2】(多选)如图所示，处于竖直平面内的光滑细金属圆环半径为R，质量均为m的带

孔小球A、B穿于环上，两根长为R的细绳一端分别系于A、B球上，另一端分别系于圆环的最高点和最低点，现让圆环绕竖直直径转动，当角速度缓慢增大到某一值时，连接B球的绳子恰好拉直，转动过程中绳不会断，则下列说法正确的是()A．连接B球的绳子恰好拉直时，转动的角速度为2gRB．连接B

球的绳子恰好拉直时，金属圆环对A球的作用力为零C．继续增大转动的角速度，金属环对B球的作用力可能为零D．继续增大转动的角速度，A球可能会沿金属环向上移动解析：当连接B球的绳刚好拉直时，mgtan60°＝mRsin60°ω2，求得ω＝2gR，A项正确；连接B球的绳子恰好拉直时，A球与B球转速

相同，A球所受合力也为mgtan60°，又小球A所受重力为mg，可判断出A球所受绳的拉力为2mg，A球不受金属圆环的作用力，B项正确；继续增大转动的角速度，连接B球的绳上会有拉力，要维持B球竖直方向所受外力的合力为零，环对B球必定有弹力，C项错误；当转动的角速度增

大，环对B球的弹关注微信公众号——高中物理学习研究，获取更多优质资源!3力不为零，根据竖直方向上A球和B球所受外力的合力都为零，可知绳对A球的拉力增大，绳应张得更紧，因此A球不可能沿环向上移动，D项错误。答案：AB【变式2】(2015·黑龙江哈尔滨)用一根细线一端系一小球(可视

为质点)，另一端固定在一光滑圆锥顶上，如图所示，设小球在水平面内做匀速圆周运动的角速度为ω，细线的张力为FT，则FT随ω2变化的图像是下列选项中的()【解析】小球未离开锥面时，设细线的张力为FT，线的长度为L，锥面对小球的支持力为FN，则有F

Tcosθ＋FNsinθ＝mg及FTsinθ－FNcosθ＝mω2Lsinθ，可求得FT＝mgcosθ＋mω2Lsin2θ.可见当ω由0开始增大，FT从mgcosθ开始随ω2的增大而线性增大，当角速度增大到小球飘离锥面时，有FTsinα

＝mω2Lsinα，其中α为细线与竖直方向的夹角，即FT＝mω2L，可见FT随ω2的增大仍线性增大，但图线斜率增大了，综上所述，只有C项正确．【答案】C【例题3】(2014·新课标全国卷Ⅰ，20)(多选)如图，两个质量均为m的小木块a和b(可视为质点)放在水

平圆盘上，a与转轴OO′的距离为l，b与转轴的距离为2l，木块与圆盘间的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g。若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用ω表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是()A．b一定比a先开始滑动B．a、b所受的摩擦力始终相等C．ω＝

kg2l是b开始滑动的临界角速度D．当ω＝2kg3l时，a所受摩擦力的大小为kmg【解析】小木块a、b做圆周运动时，由静摩擦力提供向心力，即f＝mω2R。当角速度增加时，静摩擦力增大，当增大到最大静摩擦力时，发生相对滑动，对木块a：fa＝mω2al，当fa关注微信公众号——高中物理学习研究，获

取更多优质资源!4＝kmg时，kmg＝mω2al，ωa＝kgl；对木块b：fb＝mω2b·2l，当fb＝kmg时，kmg＝mω2b·2l，ωb＝kg2l，所以b先达到最大静摩擦力，选项A正确；两木块滑动前转动的角速度相同，

则fa＝mω2l，fb＝mω2·2l，fa<fb，选项B错误；当ω＝kg2l时b刚开始滑动，选项C正确；当ω＝2kg3l时，a没有滑动，则fa＝mω2l＝23kmg，选项D错误。【答案】AC【变式3】如图所示，两个可视为质点的

、相同的木块A和B放在转盘上，两者用长为L的细绳连接，木块与转盘的最大静摩擦力均为各自重力的K倍，A放在距离转轴L处，整个装置能绕通过转盘中心的转轴O1O2转动，开始时，绳恰好伸直但无弹力，现让该装置从静止开始转动，使角速度缓慢增大，以

下说法正确的是()A．当ω>2Kg3L时，A、B相对于转盘会滑动B．当ω>Kg2L时，绳子一定有弹力C．ω在Kg2L<ω<2Kg3L范围内增大时，B所受摩擦力变大D．ω在0<ω<2Kg3L范围内增大时，A所受摩擦

力一直变大【解析】当A、B所受静摩擦力均达到最大值时，A、B相对转盘将会滑动，Kmg＋Kmg＝mω2L＋mω2·2L，解得：ω＝2Kg3L，A项正确；当B所受静摩擦力达到最大值后，绳子开始有弹力，即：Kmg＝mω2·2L，解得：ω＝Kg2L

，B项正确；当Kg2L<ω<2Kg3L时，随角速度的增大，绳子拉力不断增大，B所受静摩擦力一直保持最大静摩擦力不变，C项错；0<ω≤Kg2L时，A所受摩擦力提供向心力，即Ff＝mω2L，静摩擦力随角速度增大而增大，当Kg2L<ω<2Kg3L时，以A、B整体为研究对象，F

fA＋Kmg＝mω2L＋mω2·2L，可知A受静摩擦力随角速度的增大而增大，D项正确．【答案】ABD关注微信公众号——高中物理学习研究，获取更多优质资源!5【巩固习题】1.(2013·新课标全国Ⅱ)公路急转弯处通常是交通事故多发地带．

如图所示，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为vc时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势．则在该弯道处()A．路面外侧高内侧低B．车速只要低于vc，车辆便会向内侧滑动C．车速虽然高于vc，但只要不超出某一

最高限度，车辆便不会向外侧滑动D．当路面结冰时，与未结冰时相比，vc的值变小【解析】汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势，说明路面外高内低，此时重力和支持力的合力恰好提供汽车在水平面上的圆周运动向心力，故A

项正确；车速低于vc，汽车有向内侧滑动的趋势，受到向外的摩擦力，这时重力、支持力、摩擦力仍能提供物体做圆周运动的向心力，只有静摩擦力等于滑动摩擦力时，才有可能向内侧滑动，故B项错误；当速度为vc时，静摩擦力为零，

靠重力和支持力的合力提供向心力，速度高于vc时，摩擦力指向内侧，只要速度不超出重力、支持力和最大静摩擦力提供向心力所对应的速度，车辆不会侧滑，故C项正确；当路面结冰时，与未结冰时相比，由于支持力和重力不变，则vc的值不变．故D项错误．【答案】A

C2.如图所示，在倾角为α＝30°的光滑斜面上，有一根长为L＝0.8m的细绳，一端固定在O点，另一端系一质量为m＝0.2kg的小球，小球沿斜面做圆周运动，若要小球能通过最高点A，则小球在最低点B的最小速度是()A．2m/sB．210m/sC．25m/sD．22m/s【解析

】小球通过最高点的最小速度为vA＝gLsinα＝2m/s，在B点的最小速度vB满足12mv2B＝12mv2A＋2mgLsinα，解得vB＝25m/s.【答案】C3.【辽宁省沈阳市东北育才学校2017届高三上学期第二次模拟考试】如图所示，在倾角θ=30°的光滑斜面上

，长为L的细线一端固定，另一端连接质量为m的小球，小球在斜面上做圆周运动，A、B分别是圆弧的最高点和最低点，若小球在A、B点做圆周运动的最小速度分别为vA、vB，重力加速度为g，则（）关注微信公众号——高中物理学习研究，获取更多优质资源!6A．0Av=B．A

vgL=C．1102BvgL=D．3BvgL=【答案】C4.(2014·安徽)如图所示，一倾斜的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定角速度ω转动，盘面上离转轴距离2.5m处有一小物体与圆盘始终保持相对静止．物体与盘面间的动摩擦因数为32，(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，盘面与水平面的夹角为30

°，g取10m/s2，则ω的最大值是()A.5rad/sB.3rad/sC．1.0rad/sD．0.5rad/s【解析】当物体转到圆盘的最低点，所受的静摩擦力沿斜面向上达到最大时，角速度最大，由牛顿第二定律，得μmgcos30°－mgsin30°＝mω2r，则ω＝10×32×3

2－122.5rad/s＝1rad/s，C选项正确，其他选项错误．【答案】C5.(2015·湖北黄冈高三质检)如图所示，在匀速转动的水平圆盘上，沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体A和B，它们与盘间的动摩擦因数相

同，当圆盘转速加快到两物体刚要发生滑动时，烧断细线，则()A．两物体均沿切线方向滑动B．物体B仍随圆盘一起做匀速圆周运动，同时所受摩擦力减小C．两物体仍随圆盘一起做匀速圆周运动，不会发生滑动D．物体B仍随圆盘一起做匀速圆周

运动，物体A发生滑动，离圆盘圆心越来越远【解析】当圆盘转速加快到两物体刚要发生滑动时，A物体靠细线的拉力与圆盘的最大静摩擦力的合力提供向心力做匀速圆周运动，B靠指向圆心的静摩擦力和拉力的合力提供向心力，所以烧断细线后，A所受最大静摩擦力不足以提

供其做圆周运动所需要的向心力，A要发生相对滑动，离圆盘圆心越来越远，但是B所需要的向心力小于B的最大静摩擦力，所以B仍保持相对圆盘静止状态，做匀速圆周运动，且静摩擦力比绳子烧断前减小。故B、D正确，A、C错误。【答案】BD关注微信公众号——高中物理学

习研究，获取更多优质资源!76.【四川省资阳市2017届高三上学期第一次诊断考试理科综合】如图所示，水平转台上有一个质量为m的物块，用长为l的轻质细绳将物块连接在转轴上，细绳与竖直转轴的夹角θ=30°，此时绳伸直但无张力，物块与转台

间动摩擦因数为31=，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块随转台由静止开始缓慢加速转动，角速度为ω，重力加速度为g，则()A．当lg2=时，细绳的拉力为0B．当lg43=时，物块与转台间的摩擦力为0C．当43g

l=时，细绳的拉力大小为mg34D．当lg=时，细绳的拉力大小为mg31【答案】AC【解析】当转台的角速度比较小时，物块只受重力、支持力和摩擦力，当细绳恰好要产生拉力时：216mgmlsin＝，解得：123

gl＝，随速度的增大，细绳上的拉力增大，当物块恰好要离开转台时，物块受到重力和细绳的拉力的作用，则：22tan66mgmlsin＝解得：2233gl＝，由于ω1＜34gl＜ω2，所以当ω=34gl时，物块与转台间的摩擦力不为零．故B错误；由于2gl

＜23gl，所以当ω=2gl时，细线中张力为零，故A正确；由于ω1＜gl＜ω2，由牛顿第二定律：266gfFsinmlsinl+=（），因为压力小于mg，所以f＜13mg，解得：F＞13mg．故D错误；当ω=43gl＞ω2时，小球已经离开

转台，细绳的拉力与重力的合力提供向心力，则：mgtanα＝m(43gl)2lsinα，解得：cosα=34，故43mgFmgcos＝＝．故C正确；故选AC.7.(2018·河北省定州中学高三上学期期中试题)在光滑圆锥形容器中，固定了一根光滑的竖直细杆，细杆与圆锥的中轴线重合，细杆上穿有小

环(小环可以自由转动，但不能上下移动)，小环上连接一轻绳，与一质量为m的光滑小球相连，让小球在圆锥内做水平面上的匀速圆周运动，并与圆锥内壁接触。如图所示，图a中小环与小球在同一水平面上，图b中轻绳与竖

直轴成θ(θ<90°)角。设图a和图b中轻绳对小球的拉力分别为Ta和Tb，圆锥内壁对小球关注微信公众号——高中物理学习研究，获取更多优质资源!8的支持力分别为Na和Nb，则在下列说法中正确的是(BC)A．Ta一定为零，Tb一定为零B．Ta、Tb是否为零取决于小球速

度的大小C．Na一定不为零，Nb可以为零D．Na、Nb的大小与小球的速度无关[解析]对甲图中的小球进行受力分析，小球所受的重力，支持力合力的方向可以指向圆心提供向心力，所以Ta可以为零，若Na等于零，则小球所受的重力及绳子拉力的合力方向不能指向圆心而提供向心力，所以Na一定不为

零；对乙图中的小球进行受力分析，若Tb为零，则小球所受的重力，支持力合力的方向可以指向圆心提供向心力，所以Tb可以为零，若Nb等于零，则小球所受的重力及绳子拉力的合力方向也可以指向圆心而提供向心力，所以Nb可以为零；所以BC正确，AD错误；故选BC。8.

(2016·安徽江淮名校高三联考)如图所示，放于竖直面内的光滑金属细圆环半径为R，质量为m的带孔小球穿于环上，同时有一长为R的细绳一端系于球上，另一端系于圆环最低点，绳的最大拉力为2mg。当圆环以角速度ω绕竖直直径转动时，发现小球受

三个力作用。则ω可能为()A．3gRB.32gRC.3g2RD.g2R【解析】因为圆环光滑，所以这三个力肯定是重力、环对球的弹力、绳子的拉力，细绳要产生拉力，绳要处于拉伸状态，根据几何关系可知，此时细绳与竖直方向的夹角为60°，当圆环旋转

时，小球绕竖直轴做圆周运动，向心力由三个力在水平方向的合力提供，其大小为F＝mω2r，其中r＝Rsin60°一定，所以当角速度越大时，所需要的向心力越大，绳子拉力越大，所以对应的临界条件是小球在此位置刚好

不受拉力，此时角速度最小，需要的向心力最关注微信公众号——高中物理学习研究，获取更多优质资源!9小，对小球进行受力分析得：Fmin＝mgtan60°，即mgtan60°＝mω2minRsin60°，解得ωmin＝2gR。当绳子拉力达到2mg时，此时角速度最

大，对小球进行受力分析得：竖直方向：FNsin30°－(2mg)sin30°－mg＝0水平方向：FNcos30°＋(2mg)cos30°＝mω2max(Rsin60°)解得ωmax＝6gR，故A、C、D错误，B正确。【答案】

B9.(2018·山西百校联盟质检)将一平板折成如图所示形状，AB部分水平且粗糙，BC部分光滑且与水平方向成θ角，板绕竖直轴OO′匀速转动，放在AB板E处和放在BC板F处的物块均刚好不滑动，两物块到转动轴的距离相等，则物块与AB板的动摩擦因数

为()A．μ＝tanθB．μ＝1tanθC．μ＝sinθD．μ＝cosθ解析：设物块与AB部分的动摩擦因数为μ，板转动的角速度为ω，两物块到转轴的距离为L，由于物块刚好不滑动，则对AB板上的物体有μmg＝mω

2L，对BC板上的物体有mgtanθ＝mω2L，因此μ＝tanθ，A项正确。答案：A10.如图所示，AB为竖直转轴，细绳AC和BC的结点C系一质量为m的小球，两绳能承受的最大拉力均为2mg。当AC和BC均拉直时∠ABC＝90°，∠ACB＝53°，BC＝1m。ABC能绕竖

直轴AB匀速转动，因而C球在水平面内做匀速圆周运动。当小球的线速度增大时，两绳均会被拉断，则最先被拉断的那根绳及另一根绳被拉断时的速度分别为(g取10m/s2)()A．AC5m/sB．BC5m/sC．AC5.24m/sD

．BC5.24m/s解析：据题意，小球转动时向心力为FTBC＋FTACcos53°＝mv2R，此时设BC绳刚好被拉断，关注微信公众号——高中物理学习研究，获取更多优质资源!10则拉力为FTBC＝2mg，此时FTACsin53°＝mg，即FTAC＝54mg，说明BC绳先被拉断；当AC绳拉断时，有FT

AC′＝2mg，此时由于小球重力等于mg，则AC绳与水平方向的夹角等于30°，有FTAC′cos30°＝mv′2R′，此时小球转动半径为R′＝BCcos53°cos30°＝536m，代入数值得v′＝5m/s，故选项B正确。答案：B11.如图所示，一个竖直放置的圆锥筒可绕其中心OO′转动，筒内壁粗

糙，筒口半径和筒高分别为R和H，筒内壁A点的高度为筒高的一半．内壁上有一质量为m的小物块随圆锥筒一起做匀速转动，则下列说法正确的是()A．小物块所受合外力指向O点B．当转动角速度ω＝2gHR时，小物块不受摩擦力作用C．当转动角

速度ω>2gHR时，小物块受摩擦力沿AO方向D．当转动角速度ω<2gHR时，小物块受摩擦力沿AO方向【解析】匀速圆周运动物体所受合外力提供向心力，指向物体圆周运动轨迹的圆心，A项错；当小物块在A点随圆锥筒做匀速转动，且其所受到的摩擦力为零

时，小物块在筒壁A点时受到重力和支持力的作用，它们的合力提供向心力，设筒转动的角速度为ω，有：mgtanθ＝mω2·R2，由几何关系得：tanθ＝HR，联立以上各式解得ω＝2gHR，B项正确；当角速度变大时，小物块所需向心力增大，故摩擦力

沿AO方向，其水平方向分力提供部分向心力，C项正确；当角速度变小时，小物块所需向心力减小，故摩擦力沿OA方向，抵消部分支持力的水平分力，D项错．【答案】BC12．如图所示，AC、BC两绳系一质量为m＝0.

1kg的小球，AC绳长L＝2m，两绳的另一端分别固定于轴的A、B两处，两绳拉直时与竖直轴的夹角分别为30°和45°。小球在水平面内做匀速圆周运动时，若两绳中始终有张力，小球的角速度可能是(g＝10m/s2)()A．2rad/sB．2.5rad

/s关注微信公众号——高中物理学习研究，获取更多优质资源!11C．3rad/sD．4rad/s[解析]当BC绳刚好拉直时(BC绳中的张力为0)，此时小球的角速度最小，则有mgtan30°＝mωmin2Lsin30°，解得ωmin＝gLc

os30°，代入数据得ωmin≈2.4rad/s；当角速度继续增大时，AC绳中拉力减小，BC绳中张力增大，当AC绳中拉力为0(AC绳刚好拉直)时，小球角速度最大，则有mgtan45°＝mωmax2Lsin30°，代入数据得ωm

ax≈3.16rad/s，综上所述，B、C项正确。[答案]BC13.(2016·山东德州高三月考)一竖直杆上相距L的A、B两点拴着一根不可伸长的轻绳，绳长1.4L，绳上套着一个光滑的小铁环，设法转动竖直杆

，不让绳缠绕在杆上，而让铁环在某水平面上做匀速圆周运动，如图所示，当两段绳成直角时，求铁环转动的周期，已知重力加速度为g。【解析】设某时刻铁环所在的位置为O点，∠BAO＝θ，绳中拉力为F。由牛顿第二定律得：Fcosθ＝Fsinθ＋mg①Fco

sθ＋Fsinθ＝ma②由圆周运动规律得：a＝(2πT)2r③由几何关系得：r＝Lcosθsinθ④Lcosθ＋Lsinθ＝1.4L⑤由①得：cosθ＞sinθ⑥由⑤⑥解得：sinθ＝0.6，cosθ＝0.8⑦则由①②③④⑤⑦解得T＝4π53L7g【答案】4π53L7g14.

【经典题】如图所示，细绳一端系着质量为M＝0.6kg的物体，静止在水平圆盘上．另一端通过光滑的小孔吊着质量为m＝0.3kg的物体．M的中点与圆孔的距离为0.2m，并已知M与圆盘的最大静摩擦力为2N．现使此圆盘绕中心轴线转动．问角速度ω在什么范围内可使m处于静止状态？(取g＝10m/s2)关注微

信公众号——高中物理学习研究，获取更多优质资源!12【解析】物体M受到重力Mg，水平盘面的支持力N，绳子的拉力T和摩擦力f作用．设物体M和盘面保持相对静止，当ω具有最小值时，M有被拉向圆心的趋势，故盘面对M的静摩擦力的方向背离圆心

向外，且等于最大静摩擦力fm＝2N，根据牛顿第二定律，得对于m有：T＝mg对于M有：T－fm＝Mω21r所以ω1＝T－fm/Mr＝mg－fm/Mr＝533rad/s＝2.9rad/s当ω具有最大值时．M有离开圆心

O的运动趋势，水平盘面对M的静摩擦力方向指向圆心，且等于最大静摩擦力fm＝2N，根据牛顿第二定律，得对于M有：T＋fm＝Mω22rω2＝5153rad/s＝6.5rad/s故角速度的范围是2.9rad/s≤ω≤6.5rad/s，

物体M都能处在静止状态．【答案】2.9rad/s≤ω≤6.5rad/s15.(2015·安微合肥)如图所示，在光滑的圆锥体顶端用长为l的绳悬挂一质量为m的小球．圆锥体固定在水平面上不动，其轴线沿竖直方向，母线与轴线之间的

夹角为30°.物体以速率v绕圆锥体轴线做水平匀速圆周运动．(1)当v1＝gl6时，求绳对物体的拉力．(2)当v2＝3gl2时，求绳对物体的拉力．【解析】如图甲所示，物体在锥面上运动，但支持力FN＝0，小球只受重力mg和线的拉力FT作用，其合力F应沿水平面指向轴线，由几何关系，知F＝mgt

an30°①又F＝mv20r＝mv20lsin30°②由①②两式，解得v0＝3gl6关注微信公众号——高中物理学习研究，获取更多优质资源!13(1)因为v1<v0，所以小球与锥面接触并产生支持力FN，此时小球受力如图乙所示．根据牛顿

第二定律，有FTsin30°－FNcos30°＝mv21lsin30°③FTcos30°＋FNsin30°－mg＝0④由③④两式，解得FT＝1＋33mg6≈1.03mg(2)因为v2>v0，所以小球与锥面脱离并不接触，设此时线与竖直方向的夹角为α，小球受力如图丙所示．则FTsin

α＝mv22lsinα⑤FTcosα－mg＝0⑥由⑤⑥两式，解得FT＝2mg【答案】(1)1.03mg(2)2mg16.如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，有一长为l的细线，细线的一端固定在O点，另一端拴一质量为m的小球，现使小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动

，已知O点在斜面底边的距离sOC＝L，求：(1)小球通过最高点A时的速度vA；(2)在最高点A和最低点B时细线上拉力之差；(3)小球运动到A点或B点时细线断裂，小球滑落到斜面底边时到C点的距离若相等，则l和L应满足什么关系？【解析】(1)小球恰好在斜

面上做完整的圆周运动，有：mgsinθ＝mv2Al，关注微信公众号——高中物理学习研究，获取更多优质资源!14vA＝glsinθ(2)在A点：FTA＋mgsinθ＝mv2Al在B点：FTB－mgsinθ＝mv2Bl由机械能守恒

12mv2B＝12mv2A＋mg·2l·sinθ.所以FTB－FTA＝6mgsinθ(3)由(2)可求vB＝5glsinθA点断裂：L＋l＝12at2A，sA＝vAtAB点断裂：L－l＝12at2B，sB＝vBtB由sA＝sB联立可求得L＝32l.【答案】(1)

glsinθ(2)6mgsinθ(3)L＝32l17.如图所示，半径为l4、质量为m的小球用两根不可伸长的轻绳a、b连接，两轻绳的另一端系在一根竖直杆的A、B两点上，A、B两点相距为l，当两轻绳伸直后，A、B两点到球心的距离均为l。当竖直杆以自己为轴转动并达到稳定时(轻绳a、b与杆

在同一竖直平面内)。求：(1)竖直杆角速度ω为多大时，小球恰好离开竖直杆；(2)轻绳a的张力Fa与竖直杆转动的角速度ω之间的关系。解析：(1)小球恰好离开竖直杆时，小球与竖直杆间的作用力为零，设此时轻绳a与竖直杆间的夹角为

α，由题意可知sinα＝14，r＝l4水平方向：Fasinα＝mω2r竖直方向：Facosα＝mg联立解得ω＝2g15l。(2)由(1)可知0≤ω≤2g15l时，Fa＝415mg；若角速度ω再增大，小球将离开竖直杆，在轻绳b恰伸直前，设轻绳a与竖直杆的夹角为β，关注微信公众号——高中物理学习研究，

获取更多优质资源!15此时小球做圆周运动的半径为r＝lsinβ水平方向：Fasinβ＝mω2r竖直方向：Facosβ＝mg联立解得Fa＝mω2l由几何关系知，当轻绳b恰伸直时，β＝60°，解得此时ω＝2gl。故有Fa＝mω2l，此时2g15l<ω≤2gl；若

角速度ω再增大，轻绳b伸直后，小球做圆周运动的半径为r＝lsin60°水平方向：Fasin60°＋Fbsin60°＝mω2r竖直方向：Facos60°＝Fbcos60°＋mg联立解得Fa＝12mlω2＋mg，此时ω>2gl。答案：(1)2g15l(2)见解析18.(2013·重庆

)如图所示，半径为R的半球形陶罐，固定在可以绕竖直轴旋转的水平转台上，转台转轴与过陶罐球心O的对称轴OO′重合．转台以一定角速度ω匀速转动．一质量为m的小物块落入陶罐内，经过一段时间后，小物块随陶罐一起转动且相对罐壁静止，它和O点的连线与OO′之间的夹角θ为60°.重力加速度大小为g.

(1)若ω＝ω0，小物块受到的摩擦力恰好为零，求ω0；(2)ω＝(1±k)ω0，且0＜k＜1，求小物块受到的摩擦力大小和方向．【解析】(1)物块在弹力和重力的作用下做圆周运动，弹力的竖直分力与重力平衡，弹力的水平分力提供向心力，所以有FNcosθ＝mgFNsinθ＝m

ω20Rsinθ关注微信公众号——高中物理学习研究，获取更多优质资源!16得ω0＝2gR(2)当ω＝(1＋k)ω0时，滑块有沿斜面向上滑的趋势，摩擦力方向沿罐壁切线向下，受力分析如图甲所示．竖直方向：FNcosθ－fsinθ－mg＝0水平方向：FNsinθ＋fcosθ＝mω2Rsinθ联立得

f＝3k2＋k2mg当ω＝(1－k)ω0时，滑块有沿斜面向下滑的趋势，摩擦力方向沿罐壁切线向上，受力分析如图乙所示．竖直方向：FNcosθ＋fsinθ－mg＝0水平方向：FNsinθ－fcosθ＝mω2Rsinθ联立得f＝3k2－k2mg【答案】(1)ω0＝2

gR(2)当ω＝(1＋k)ω0时，摩擦力方向沿罐壁切线向下，大小为f＝3k2＋k2mg当ω＝(1－k)ω0时，摩擦力方向沿罐壁切线向上，大小为f＝3k2－k2mg关注微信公众号——高中物理学习研究，获取更多优质资源!17