【文档说明】《江苏中考真题物理》2019年江苏淮安市中考物理试题及答案().pdf，共(24)页，575.530 KB，由envi的店铺上传

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2019年江苏省淮安市中考物理试卷一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分.每小題给出的四个选项中．只有一个选每是符合題意的）1．（2分）在音乐会上，我们很容易分辨出二胡和笛子的声音，判断的依据是（）A

．响度B．音色C．音调D．频率2．（2分）小明坐在正在行驶的公共汽车上，他认为自己是静止的，所选取的参照物是（）A．小明旁边的座位B．路旁的树木C．沿途的路灯D．迎面驶来的公共汽车3．（2分）下列现象中，属于液化的是（）A．冰凌的消融B．

霜的形成C．冰冻的衣服晾干D．露的形成4．（2分）在日常生活中，摩擦的现象普遍存在。有益的摩擦需要增大，有害的摩擦需要减小。下列实例中是为了减小摩擦的是（）A．鞋底凹凸不平的花纹B．自行车的车轴处加润滑油C．汽车的轮子加防滑链D．自行车刹车时捏紧刹车闸5．

（2分）如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精。盒盖迅速飞出。这个过程与四冲程汽油机中的哪一个冲程的能量转化相同（）A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程6．（2分）长江上，一艘

满载货物的轮船在卸完一半货物后，该艘轮船（）A．会浮起一些，所受浮力变小B．会浮起一些，所受浮力变大C．会下沉一些，所受浮力变大D．会始终漂浮，所受浮力不变7．（2分）如图为“探究感应电流产生条件”的实验装置示意图，实验过程中磁体处于静止状态。关于这个实验，下列说法正确的是（）A．导体

棒处于静止状态时，灵敏电流计的指针发生偏转B．导体棒沿竖直方向向下运动时，灵敏电流汁的指针发生偏转C．导体棒沿水平方向左右运动时，灵敏电流计的指针发生偏转D．导体棒向右上方运动时，灵敏电流计的指针不发生偏转8．（2分）如图

（a）所示是电阻甲和乙的I﹣U图象（b）、（c）是它们的部分电路连接示意图，下列说法错误的是（）A．当电阻乙两端电压为2.5V时，它的阻值和甲的阻值相等B．图（b）中，当电压U为3V时，乙的电阻为5ΩC．图（c）中，当电压U为2V时，干路总电流为0.6AD．

图（c）中，在电压U从0增大到2.5V的过程中，通过甲、乙两电阻的电流之差先变大后变小二、填空题（本题共10小題，每空1分，共24分）9．（2分）手机拨打、接听电活或WiFi上网都是利用了波传递信息，该波（选“能”或“不能”）在真空中传播。

10．（3分）“足球进校园”推进了校园足球的发展。运动员将静止的足球踢飞，说明力可以；足球落地后会继续向前滚动。是因为足球具有。当足球静止在水平地面上时。受到的重力和地面的支持力是一对（选填“平衡力”或“相互作用力”）。11．（2分）如图所示是淮安某路口安装的一种太阳能交通信号灯。太

阳能属于一种（选填“可再生”或“不可再生”）能源，用材料制成的LED（发光二极管）交通信号灯日夜发光，提醒着人们注意交通安全。12．（3分）一些大厦的外部安装了平板玻璃，人们可以通过它看到自己的（选填“虚”或“实”）像。人靠近幕墙，像的大小（选填“变大”、“变小”或“不变”）。我国已

经对玻璃幕墙的安装制定了限制性法规，因为玻璃幕墙会发生（选填“镜面”或“漫”）反射，造成光污染。13．（3分）小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中：（1）实验前调节平衡蜾母使杠杆在水平位置平衡，目的之一是方便测量；（2）如图甲所示。在杠杆左

边A处挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，在杠杆B处挂个钩码（实验中所用的钩码均相同）；（3）小明又用弹簧测力计。在C处竖直向上拉。如图乙所示。当弹簧测力计逐渐向右倾时，使杠杆仍然在水平位置平衡。则弹簧测力计的示数将逐渐（选填“变大”、“变小”或“不

变”）。14．（2分）如图是“探究物体动能大小与哪些因素有关”的实验示意图（A为小球，B为木块）。在探究小球动能大小与速度的关系时，应保持小球的不变。本实验是通过木块B来反映小球动能的大小。15．（3分）如图所示，工人将80N的重物提升了3m，所用的时间为2

0s，拉力为50N．则工人做的有用功为J．拉力的功率是W，动滑轮的机械效率是。16．（2分）如图所示。小车水平向右做直线运动。数字钟显示的时间格式是“时，分，秒”，则小车从起点到终点通过的总路程是cm，全程的平均速度是cm/s。17．（2分）为了测定

风速大小，小明设计了如图所示的装置。装置中探头、金属杆和滑动变阻器滑片P相连，可上下移动。该装置利用了流体流速越大，压强越的原理。现要求：当风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，请对该装置提出一条合理的改进措施。18．（2分）如图所示。电源电压恒定不变，R

为定值电阻。闭合开关，当滑动变阻器滑片P位于1位置时，电压表的示数为4V，电流表示数为0.2A；当滑片由1移至2位置（如图虚线位置）时，电压表示数为3V，电流表示数为0.3A．则滑片置于1位置时滑动变阻器接入电路的阻值为，滑片由1移至2位置的过程中，定值电阻R的电功

率变化量为W。三、解答题（本题共10小题，共40分，解答第24题时，应写出解题过程）19．（1分）画出图中入射光线AO的反射光线。20．（1分）画出图中靜止在斜面上的茶杯所受重力的示意图。21．（1分）在图内虚线框中，

标出通电螺线管磁极的名称。22．（1分）在图中。画出使用滑轮组提升物体时最省力的绳子绕法。23．（5分）小明想通过实验测置小石块的密度。（1）将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的。观察到指针指在分度盘上的位置如图甲所示，此时

应将平衡螺母向调节，使指针对准分度盘中央刻度线。（2）用调好的天平测小石块的质量。天平平衡时，右盘中砝码和游码位置如图乙所示，则小石块的质量为g。（3）如图丙所示，用量筒测出小石块的体积为cm3。（4）通过计算，小石块的密度为kg/m3。24．（8分）如图是一款家

庭常用的电热水壶，经测量该电热水壶的质量为0.6kg，它与桌面的接触面积为0.02m2．该电热水壶的额定电压为220V，额定功率为1000W．[g取10N/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]（1）求电热水壶的额定电流（保留一位小数）；（2）求电热水壶静止放在水平桌面上

对桌面的压强；（3）用此电热水壶将1kg，初温为20℃的水加热到100℃，沸腾水至少吸收多少热量？（4）电热水壶正常工作时，若不考虑热量损失，将壶中质量为lkg、初温为20℃的水加热到100℃需要多长时间。25．（6分）

小明利用如图所示的实验装置观察水的沸腾现象。（1）组装器材时，应先固定图甲的（选填“A”或“B”）。（2）水沸腾时温度计示数如图乙所示，则此时水沸点是℃，水沸腾过程中继续吸热，水的温度。（3）水沸腾时，水中气泡的情形为丙中（选填“A”或或“B”）。（4）实验中是通

过的方式增加水的内能，若要缩短将水加热至沸腾的时间。请写出一种可行的办法。26．（6分）如图所示为“探究凸透镜成像规律”的实验装置图，已知凸透镜的焦距为10cm。（1）为了便于观察实验现象，实验环境应该

（选填“较亮”或“较暗”）一些。（2）组装并调整实验器材。使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的上。（3）如图所示，当蜡烛距离凸透镜40cm时，移动光屏，可在光屏上找到一个清晰的倒立、（选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像。日常生活中（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这一原理工

作的。（4）将图中的凸透镜换成焦距为30cm的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，在光具座上移动光屏，（选填“能”或“不能”）找到某一位置，使像清晰的呈现在光屏上，理由是。27．（6分）如图中所示，在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4

.5V，小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。（2）连接电路时，开关应处于状态。（3）实验中无论怎么移动滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无

示数，原因可能是（写出一种即可）（4）排除故障后，移动滑片P到某位置，电压表示数如图乙所示，示数为V；要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P（选填“A”或“B”）端移动，使电压表示数为V。（5）移动滑片P，记录多组对应的电压表和电流表的示数，绘制成I﹣U图象。根据图内所给的信息。计算出小灯泡的额定

功率是W。28．（5分）某科技兴趣小组在实验室看到若干长方体金属导体。它们的材料相同，外形都如图甲所示，他们想探究该种导体电阻与厚度及边长的关系。在老师的帮助下，他们测量了部分导体厚度h、边长a和电阻R，并记录在表格中。（

在测量电阻时，老师要求导体都要按照图乙所示的方式通过导线接入电路；实验时环境温度保持不变。）根据以上信息，请回答下面问题：（1）分析表格中的数据可得：该种导体电阻大小与边长a（选填“有关”或“无关”），与厚度h成（选填“正比”或“反比”）。（2）从该种导体中

，选取了厚度h之比为2：3、边长a之比为2：1的两个导体R1、R2，按图丙方式串联后接在闭合电路中，设两端的电压为U1，R2两端的电压为U2，则U1：U2＝。（3）现代集成电路技术需要电子元件微型化，且集成度越高，电子元件越

需要微小。现某集成电路需要一只阻值为1.6×10﹣3Ω的该种导体，小华从边长a为5mm、10mm、15mm、20mm的四个导体中选择了边长为5mm的导体。与其它三个导体相比，请分析该导体工作时的优缺点：。次数厚度h/mm边长a/mm

电阻R/×10﹣3Ω1151.621101.631151.641201.652100.864100.475100.322019年江苏省淮安市中考物理试卷答案与解析一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分.每小題给出的四个选项中．只有一个选每是符合題意的）1．【分析】音

色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。【解答】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们很容易分辨出二胡和笛子的声音，

这是因为它们发出声音的音色不同，故B正确，ACD错误。故选：B。【点评】本题考查了音色的特点，不同乐器发出声音的音色不同。2．【分析】判断物体的运动和静止，首先选定一个参照物，我们说乘客是静止的，选定的参照物必须和乘客位

置没有变化。【解答】解：A、小明坐在正在行驶的公共汽车上，选定小明旁边的座位为参照物，小明和旁边的座位之间没有发生改变，以旁边的座位为参照物，小明是静止的；故A符合题意。BCD、坐在行驶的汽车中的小明，小明和路旁的树木、沿途的路灯、迎面驶来的公共汽车之间的位置都发生了

变化，所以以路旁的树木、沿途的路灯、迎面驶来的公共汽车为参照物时，小明是运动的；故BCD不符合题意；故选：A。【点评】运动的和静止的物体都可以做参照物，被研究的物体和选定为参照物的物体之间发生位置变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的。3．【分析】物质由气态变成液态的过程叫

液化。【解答】解：A、冰凌的消融，是固态的冰变成液态的水，是熔化现象，故A不符合题意；B、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，故B不符合题意；C、冰冻的衣服晾干，是固态的冰吸热直接变成水蒸气，是升华现象，故C不符合题意；D、露是空气中的水蒸气遇冷形

成的小水滴，是液化现象，故D符合题意。故选：D。【点评】本题主要考查学生对生活中物态变化的判断，掌握物态变化的概念是解答的基础。4．【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗

糙程度来增大摩擦力。（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。【解答】解：A、鞋底凹凸不平的花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度

来增大摩擦力，故A不合题意；B、自行车的车轴处加润滑油，在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力，故B符合题意；C、汽车轮胎上装有防滑链，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意。D、自行车刹车时捏紧刹车闸，是在接触

面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故D不合题意；故选：B。【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。5．【分析】（1）

改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移；（2）汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，压缩冲程是将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能；【解答】解：如图所示是演示点火爆炸的实验

装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去，这是因为酒精燃烧产生的燃气对外做功，消耗燃气的内能，转化为盒盖的机械能，故是将内能转化为机械能的过程；四冲程汽油机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，也是将内能转化为机械能。故选：C。【点评】本题主要考查

的是学生对做功改变物体内能和热机做功冲程的认识和了解，基础性题目。6．【分析】在码头卸下货物后，根据漂浮条件即可判断浮力变化，根据阿基米德原理分析排开江水和海水体积的大小关系。【解答】解：因轮船在江水中，处于漂浮状态，浮力等于重力，在码头卸下货物后，轮船重力变小，则受到的浮力变小；由公式V排

＝知，排开水的体积减小，轮船要上浮一些，故A正确。故选：A。【点评】本题考查物体的浮沉条件及阿基米德原理，解决这类题目主要是抓住题目的隐含信息，即轮船重力的变化。7．【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流的现象叫电磁感应，电

磁感应产生的电流叫做感应电流。【解答】解：A、导体棒处于静止状态时，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不发生偏转，故A错误；B、导体棒沿竖直方向向下运动时，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不发生偏转，故B错误；C、导体捧沿竖方向向左右运动时，做

切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，故C正确；D、导体棒向右上方运动时，做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，故D错误。故选：C。【点评】知道产生感应电流的条件是解决该题的关键。8．【分析】（1）由图（a）可知，当电阻甲、乙两端

电压为2.5V时通过两者的电流，根据欧姆定律可知电阻甲、乙的阻值关系；（2）图（b）中，两电阻串联，通过它们的电流相等且总电压等于各分电压之和，根据图（a）得出符合的电流和电压，根据欧姆定律求出此时乙的电阻；（3）图（c）中，两电阻并

联，它们两端的电压相等干路电流等于各支路电流之和，根据图（a）得出符合的电流和电压；（4）根据图（c）得出在电压U从0增大到2.5V的过程中通过两电阻电流的差值关系。【解答】解：A．由图（a）可知，当电阻甲、乙两端电压为2.5V时，通过两者的电流均为0.5A，则由I＝的

变形式R＝可知，电阻甲、乙的阻值相等，故A正确；B．图（b）中，两电阻串联，由图（a）可知，当电路中的电流I＝0.2A、U甲＝1V、U乙＝2V时，电压U为3V，此时乙的电阻R乙＝＝＝10Ω，故B错误；C．图（c）中，两电阻并联，由图（a）可知，当电压U＝2V、I甲＝0.4A、I

乙＝0.2A时，干路总电流为0.6A，故C正确；D．图（c）中，两电阻并联，由图（a）可知，在电压U从0增大到2.5V的过程中，通过甲、乙两电阻的电流之差先变大后变小，故D正确。故选：B。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是从图象中

获取有用的信息。二、填空题（本题共10小題，每空1分，共24分）9．【分析】（1）微波是指频率为300MHz﹣300GHz的电磁波，WiFi在2.4Ghz频段工作，属于微波；（2）电磁波的传播不需要介质，它可以在真空中传播。【解答】解：WiFi利用了电磁波中的微波技术进行信息传输，

电磁波能在真空中传播。故答案为：电磁；能。【点评】wifi、蓝牙、对讲机、子母机等近距离无线通信技术都是利用电磁波传输的。10．【分析】力的作效果是可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；二力平衡的条件是：作用在同一个物体上

的两个力，大小相等，方向相反，作用在一条直线上。【解答】解：力可以改变物体的运动状态，所以运动员将静止的足球踢飞，运动状态发生变化；一切物体都具有惯性，落地后的足球由于惯性，要保持原来的运动状态，所以会在地面上滚动；当足球静止在水平地面上时，它受到的重力和地面的支持力大小相等、方向相反

、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力。故答案为：改变物体运动状态；惯性；平衡力。【点评】此题考查了力的作用效果、惯性的存在及平衡力与相互作用力的区别。平衡力与相互作用力有一个最明显的区别：平衡力作用在一个物体上，相互作用力作用在两个物体上。11．【分析】（1）能从自然界源源不断得到

或可重复利用的能源是可再生能源，如：太阳能、风能等都是可再生能源；不能从自然界源源不断得到或不能重复利用的能源是不可再生能源；（2）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体间的物体是半导体。【解答】解：太阳能从自然界源源不断得到，是可再

生能源；LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管，二极管是由半导体材料制成的。故答案为：可再生；半导体。【点评】本题考查能源的分类，以及半导体是一道基础题。12．【分析】（1）根据平面镜成正立、等大的虚像的特点即可直接得出答案；

（2）光的反射分为镜面反射与漫反射两种，光污染主要是由镜面反射引起的。【解答】解：因为平面镜成正立、等大的虚像，所以人们可以通过大厦的外部安装的平板玻璃幕墙看到自己的虚像；由于平面镜成的像与物大小相同，故人远离幕墙

时像的大小不变；高楼大厦的玻璃幕墙造成的光污染是由于光的镜面反射引起的。故答案为：虚；不变；镜面。【点评】本题考查了平面镜成像的特点以及镜面反射的危害，此题难度不大，属于基础题。13．【分析】（1）当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，便于测量

力臂。（2）根据杠杆的平衡条件可以求出在B处挂钩码的个数；（3）根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。【解答】解：（1）实验前调节平衡蜾母使杠杆在水平位置平衡，当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，目的之一

是方便测量力臂；（2）设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，图中，杠杆的左端：4G×3L＝12GL，B处的力臂为4L，杠杆的右端：F2×4L＝12GL，解得F2＝3G，即在B处挂3个同样的钩码；（3

）弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大。故答案为：（1）力臂；（2）3；（3）变大。【点评】本题考查了杠杆平衡的条件实验的理解和掌握，学会应用杠杆平衡条件来解决问题，难度不大。14．【分析

】小球动能的大小跟质量和速度有关，研究动能大小与这两个因素关系时，要用控制变量法，小球动能的大小通过它能够对外做功的多少来体现；【解答】解：在探究小球动能大小与速度的关系时，根据控制变量法的操作原则，应当保持小球的质量不变，本实验是通过木块B被撞击后前进的距离

来反映小球动能大小的；故答案为：质量；被推动的距离大小。【点评】本题考查影响物体动能大小的影响因素实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。15．【分析】（1）根据W有用＝Gh求出有用功；（2）根据s＝2h求出

拉力移动距离，根据W总＝Fs求出总功，再根据P＝求出拉力的功率；（3）根据η＝求出机械效率。【解答】解：（1）工人做的有用功：W有用＝Gh＝80N×3m＝240J；（2）拉力移动距离s＝2h＝2×3m＝

6m，工人做的总功：W总＝Fs＝50N×6m＝300J，拉力的功率：P＝＝＝15W；（3）动滑轮的机械效率：η＝×100%＝×100%＝80%。故答案为：240；15；80%。【点评】此题主要考查的是学生对有用功、总功、功率、机械效率计算的理解和掌握，综合性较强，难度不大。16．【分析】

根据表的示数读出起点与终点的时刻。然后通过读刻度尺得出起点与终点的距离，再根据v＝，求得平均速度。【解答】解：小车运动的距离：s＝8.50cm﹣4.00cm＝4.50cm，小车运动的时间t＝10：6：7﹣10：6

：2＝5s，小车的运动速度v＝＝＝0.90cm/s。故答案为：4.50；0.90。【点评】本题考查了速度公式的应用，能从图读出相关信息（小车通过的距离、小车用的时间）是本题的关键。17．【分析】根据流体压强与流速的关系（流速越快的地方压强越小）判断产生压力的方向，然后判断

滑片移动的方向确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点和滑动变阻器两端的电压变化，进而提出改进措施。【解答】解：如图当有风吹过探头时，由于探头上表面凸，相同时间空气经过

上表面的路程比下表面长，经过上表面的速度比下表面快，所以上表面的气压小于下表面的气压，探头将受到一向上的合力，滑片向上移动；故该装置利用了流体流速越大，压强越小的原理。当风速增大时，探头上下表面空气流速差较大，上下表面气压差较大，受向上的合力较大，滑片上移，R2接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻

变小，由I＝可知，电路中的电流变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变小，即电压表的示数变小，若使风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，可将电压表接在定值电阻两端，由U＝IR可知，R1两端的电压变大，电压表的示数变大。故答案为：小；将电压表接在

定值电阻两端。【点评】本题是力学和电学的综合题，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，会利用流体压强和流速的关系是解题的关键。18．【分析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变

附器滑片P位于1位置时，知道变阻器两端的电压和电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；当滑片由1移至2位置时，知道变阻器两端的电压和电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，联立等式即可求

出R的阻值，利用P＝I2R求出滑片由1移至2位置的过程中定值电阻R的电功率变化量。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变附器滑片P位于1位置时，变阻器两端的电

压U1＝4V，电路中的电流I1＝0.2A，由I＝可得，此时滑动变阻器接入电路的阻值：R1＝＝＝20Ω，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U＝U1+I1R＝4V+0.2A×R﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①当滑片由1移至2位置时，变阻器两端的电压U2＝3V，电路中的电流

I2＝0.3A，则电源的电压：U＝U2+I2R＝3V+0.3A×R﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②联立①②可得：R＝10Ω，滑片由1移至2位置的过程中，定值电阻R的电功率变化量：△PR＝PR′﹣PR＝I22R﹣I12R＝（0.3A）2×10Ω﹣（0.2A）2×10Ω＝0.5W。故答案为：20Ω；0

.5。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压。三、解答题（本题共10小题，共40分，解答第24题时，应写出解题过程）19．【分析】根据光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面

上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。即可作图。【解答】解：先过入射点作出法线，再根据反射光线和入射光线分居在法线的两侧，使反射角等于入射角作出反射光线OB即可，如图所示：【点评】此题主要考查反射定律的内容，会根据

反射定律完成反射光路，比较简单，要求学生应熟练掌握。20．【分析】重力的作用点在物体的重心，无论物体处于什么状态，重力的方向都是竖直向下的，根据力的示意图的画法画出其示意图。【解答】解：过茶杯的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示，如图所示：【点评】该题主要考查重力的图示的画

法，注意重力的方向始终竖直向下；示意图的画法属于学生必须掌握的一项基本技能。21．【分析】由电源方向即可知道电流方向，则由安培定则即可判出磁极方向。【解答】解：由电源方向可知电流由正极流向负极，则可知电流方向为由右端流入左端，由安培定则可得磁

极方向是左侧为N，故答案如图：【点评】安培定则内容为：右手握住螺线管，四指指向电流方向，则大拇指所指的方向为磁场的N极方向。22．【分析】滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固

定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。本题中，要求最省力，属于第二种。【解答】解：图中只有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则由3段绳子承担物重，是最省力的绕绳方法；绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑

轮，再绕过动滑轮，如图所示：【点评】本题画最省力的绕绳方法：绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮。23．【分析】（1）将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻线处。调节天平平衡时，如果指针偏向分度盘的右侧，应向左调节平衡螺母；如果指

针偏向分度盘的左侧，应向右调节平衡螺母；根据图示情景判断螺母的移动方向。（2）砝码与游码示数之和是所测物体的质量。（3）小石块与水的体积之和与水的体积之差是小石块的体积。（4）由密度公式可以求出小石块的密度。【解答】解：（1）将天平放在水平工作台

上，游码移到标尺左端的零刻线处。由图甲所示可知，指针偏向分度盘的右侧，应向左调节平衡螺母，使天平平衡。（2）由图乙所示可知，小石块的质量m＝50g+10g+4g＝64g。（3）由图丙所示可知，金属螺母的体积V＝40ml﹣20ml＝20ml＝

20cm3，（4）小石块的密度ρ＝＝＝3.2g/cm3＝3.2×103kg/m3。故答案为：（1）零刻线处；左；（2）64；（3）20；（4）3.2×103。【点评】本题考查了天平的调节与读数、量筒读数、求密度等问题；要掌

握天平的使用方法、读数方法。24．【分析】（1）已知电热水壶的额定电压和额定功率，利用公式I＝得到额定电流；（2）已知电热水壶的质量，可以得到重力，电热水壶对桌面的压力等于其重力；已知压力和接触面积，可以

得到电热水壶对桌面的压强；（3）已知水的比热容、质量、初温度和末温度，利用公式Q＝cm△t得到水吸收的热量；（4）不考虑热量损失，消耗的电能等于水吸收的热量。已知电热水壶额定功率和消耗的电能，可以得到加热时间。【解答】解：（1）由P＝UI可得，电热水壶的额定电流：I＝＝≈4.5A；（

2）电热水壶对桌面的压力：F＝G＝mg＝0.6kg×10N/kg＝6N，电热水壶对桌面的压强：p＝＝＝300Pa；（3）水吸收的热量：Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝336000J；（4）已知不考虑热量损失，所以消

耗的电能W＝Q＝336000J，由P＝可得，需要的加热时间：t＝＝＝336s。答：（1）电热水壶的额定电流为4.5A；（2）电热水壶对桌面的压强为300Pa；（3）水吸收的热量为336000J；（4）将

壶中质量为lkg、初温为20℃的水加热到100℃需要336s。【点评】此题是一道综合题，考查了电功率变形公式、压强计算公式、热量计算公式和电能变形公式的应用，计算环节不复杂，难度不大。25．【分析】（1

）在此实验中，酒精灯及温度计的使用都有特殊的规定：使用酒精灯的外焰加热，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底；所以要从下向上进行调节；（2）水沸腾时的特点：不断吸热，但温度保持不变。液体沸腾的条件：达到沸点、继续吸热；（3）根据水沸腾前和沸腾时的现象区别：沸腾前气泡在

上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大。（4）改变物体内能的方法：做功和热传递，做功发生了能量的转化，热传递发生的是能量的转移。【解答】解：（1）由于要用酒精灯的外焰加热，所以需先根据酒精灯固定图甲的B的高度；目的是使用酒精灯的外焰加热；（2）从图象可以看出水

在沸腾过程中保持99℃不变，所以沸点为99℃．水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变。（3）A中气泡在上升过程中体积逐渐变大，所以是沸腾时的现象；B图中气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前的现象。（4）实

验中，由于酒精灯火焰的温度较高，所以热由酒精灯火焰传递给石棉网、烧杯底，然后传递给水，是通过热传递方式增加水的内能的；要缩短加热时间，可适当提高水的初温或适当减少水量。故答案为：（1）B；（2）99；不变；（3）A；（4

）热传递；提高水的初温或适当减少水量。【点评】本题是探究水的沸腾实验，考查了温度计的使用及其读数，同时考查了改变物体内能的方法及缩短加热时间的方法，难度不大。26．【分析】（1）凸透镜成像时，前后光线相差越大，实验效果越明显，蜡烛的像越明

显；（2）探究凸透镜成像的实验时，必须调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，且使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，这样像才能成在光屏的中央。（3）物距大于2f，凸透镜成倒立缩小的实像，相距处于f和2f之间，照相机根据

这个原理制成；物距等于2f，凸透镜成倒立等大的实像，据此可以确定凸透镜的焦距；物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像，像距大于2f，幻灯机或投影仪根据这个原理制成；物距小于f，凸透镜成正立放大的虚像，放大镜根据这个原理制成。【解答】解：（1）

为使实验现象更加明显，实验环境应该比较暗，这样成的蜡烛的像更加清晰；（2）探究凸透镜成像的实验时，必须调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，且使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，这样像才能成在光屏的中央。（3）如图所示，当蜡烛距

离凸透镜40cm时，物距大于2f，凸透镜成倒立缩小的实像，移动光屏，可在光屏上找到一个清晰的倒立缩小的实像；照相机就是利用这一原理工作的。（4）将图中的凸透镜换成焦距为30cm的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放

大的实像，像距大于2f，在光具座上移动光屏，不能找到某一位置，使像清晰的呈现在光屏上，理由是像距过大，超出了光具座给提供的长度。故答案为：（1）较暗；（2）主光轴；（3）缩小；照相机；（4）不能；像距过大，超出了光具座给提供的长度。【点评】此题主要考查了有关凸透镜成

像规律的应用，首先要掌握凸透镜成像特点与物距、像距的关系，并能灵活应用。27．【分析】（1）根据灯泡的额定功率和电阻，利用欧姆定律计算灯泡电流，确定电流表的量程，并且电流表与灯泡串联；（2）连接电路时，开关应处于断开状态；（3）小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，则可能与电压

表并联的电路断路；（4）电压表读数：先确定使用的量程，然后确定分度值。通过实际电压与额定电压的关系，当实际电压小于额定电压时，滑动变阻器接入电路中的阻值需减小；（5）在图象上找出灯泡额定电压下的电流，根据P＝UI计算额定功率。【解答】解：（1）灯

泡的电流约：I＝＝＝0.25A，因此电流表选择0～0.6A的量程，并且电流表与灯泡串联，电流从电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出，如图：（2）连接电路时，开关要处于断开状态；（3）小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，则可能与电压表并联的灯泡断路；（4）电压表选择0～3V量

程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2.1V；灯泡实际电压小于额定电压，为了使灯泡正常发光，滑动变阻器分得的电压需减小，因此滑片需向B端移动；（5）由图象知：灯泡在额定电压2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，则小灯泡的额定

功率：P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；故答案为：（1）见上图；（2）断开；（3）灯泡断路；（4）2.2；B；2.5；（5）0.5。【点评】本题考查了测“小灯泡电功率”的实验中实验器材的正确使用、电路的连接、注意事项、电路故障分析和利用欧姆定律及功率的计算

等问题，虽综合性强，但都是很基础、很重点的知识，只要掌握以上知识点，解决此题不难。28．【分析】（1）探究电阻和边长的关系，需要其他物理量相同，探究电阻和厚度关系，需要控制其他物理量相同。（2）导体的电阻跟厚度成反比，串联电路中电压跟电阻成正比。（3）导体的电阻跟边长没有关系，在电阻不

变时，选取的边长越小所占空间越小。【解答】解：（1）由实验1、2、3、4得，导体的厚度一定时，边长增大，电阻不变，说明导体的电阻跟边长无关。由实验2、5、6、7得，在导体的边长一定时，导体的厚度和电阻的乘积都为1.6，所以可以判断导体的电阻跟厚度成反比。（2）导体的电阻跟边长无关，导体的电

阻跟厚度成反比，厚度A之比为2：3，所以电阻之比为3：2，串联电路中电压跟电阻成正比，所以电阻两端的电压之比为3：2。（3）导体的电阻跟边长没有关系，在电阻不变时，选取的边长越小所占空间越小，所以选择边长为5mm的导体。故答案为：（1）无关；反比；（2）3：2；（3）电阻大小不变，所占空间小。

【点评】这种题目属于信息给予题，给定数据学生自己归纳结论，然后利用结论去解题，这种题目特别考查学生的能力。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com