【文档说明】《广西中考真题物理》《精准解析》2020年广西玉林市中考物理试题（解析版）.pdf，共(26)页，985.496 KB，由envi的店铺上传

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2020年玉林市初中学业水平考试物理（本试卷共四大题，28小题，满分100分，考试时间90分钟）注意事项：1．请将答案填写在答题卡上，在试卷上作答无效。考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的选项标号涂黑。3．非选择

题用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答。一、单项选择题（本大题共15小题，每小题3分，共45分。在每小题列出的四个备选项中只有一项符合题目要求，每小题选对的得3分，不选、多选或错选的均得0分）1.在国际单位制中，电

流的基本单位是（）A.VB.AC.ND.m【答案】B【解析】【分析】根据对国际单位制中电流、电压、牛顿和长度的符号及单位符号的掌握作答。【详解】安培是国际单位制中表示电流的基本单位，简称安，符号A；V是电压单位

，N是牛顿单位，m是长度单位。故选B。2.下列事例中，主要说明力能改变物体运动状态的是（）A.力使弓形变B.力使跳板弯曲C.力使弹簧伸长D.力使木箱由静止变为运动【答案】D【解析】【分析】力的作用效果有两个：①力可

以改变物体的形状即使物体发生形变．②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。【详解】A．力使弓形变，主要说明力能改变物体的形状，故A不符合题意；B．力使跳板弯曲，主要说明力能改变物体的形状，故B不符合题意；C．力使弹簧伸长，主要说明

力能改变物体的形状，故C不符合题意；D．力使木箱由静止变为运动，在力的作用下运动状态发生了改变，故D符合题意。故选D。3.下列科学家中，第一个发现电流磁效应的是（）A.牛顿B.欧姆C.伽利略D.奥斯特【答案】D【解析】【分析】1820年丹麦的物理学家奥斯特

发现了电流的磁效应，即电流周围存在磁场的现象。【详解】电流磁效应即电流产生磁场的现象，是1820年丹麦的物理学家奥斯特发现的。故选D。4.如图所示，战斗机在“辽宁号”航母升空，说飞行员是静止的，所选的参照物是（）A.航母B.天空C.大海D.战斗机【答案】D【解析】【分析】运

动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的。【详解】飞机起飞时，飞行员相对于航母、海岸、航母上的工作人员都有位置的改变，以航母、海岸、航母上的工作人员为参照物，飞行员是运动的；飞机起飞时，飞行员相对

于该飞行员驾驶的飞机没有位置的改变，所以以该飞行员驾驶的飞机为参照物，飞行员是静止的。故选D。5.在下列的四幅图中，F1和F2是物体所受到的两个力，属于平衡力的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】判断两个力是否是一对平衡力，要看它们是否同时满

足四个条件，即：作用在同一物体上，在一条直线上，大小相等，方向相反。【详解】AC．图中两个力不是作用在同一直线上，故不是一对平衡力，故AC不符合题意；B．图中两个力作用在同一物体上，在一条直线上，大小相等，方向相反，是一对平衡力，故B符合题意；D．图中两个力不是作用在同

一物体上，故不是一对平衡力，故D不符合题意。故选B。6.下列做法中，符合安全用电原则的是（）A.雷雨天站在大树下避雨B.用湿的手去按开关C.发生触电事故时，首先要切断电源D.游玩时，攀爬电线杆【答案】C【解析】【分析】安全用电的原则是：不接触低压

带电体，不靠近高压带电体。【详解】A．雷雨天气在大树下可能遭遇雷电袭击，故A错误；B．湿手去按开关可能发生触电事故，故B错误；C．发生触电事故要先切断电源或用干燥竿子将火线与人分离，故C正确；D．游玩时，攀爬电线杆会发生高

压触电危险，故D错误。故选C。7.关于信息传递，下列说法正确的是（）A.一条光导纤维只能传输一条信息B.5G网络通信必须通过光导纤维来传输信息C.用数字信号传输图像信息比模拟信号容易失真D.北斗卫星定位系统可提供全天候即时定位服务【答案】D【解

析】【分析】根据光导纤维的性质分析作答；5G网络通信主要是利用电磁波传递信息的；根据数字通信的优点分析；卫星利用电磁波传递信息。【详解】A．光导纤维是由纯度极高的石英玻璃（主要成分是二氧化硅）拉制而成的；光流动在细小如线的玻璃丝中，它携带着各种信息数据向每一个方向传递，文

本、音乐、图片和视频，故A错误；B．5G网络通信主要是利用电磁波传递信息的，故B错误；C．相对于数字通信，模拟通信存在以下缺点：模拟信号容易丢失信息，模拟信号容易失真，模拟信号保密性差，故C错误；D．我国独立自主建立的北斗卫星定位系统，可提供全天候的及时定位服务，该系统利用电磁波传递

信息，故D正确。故选D。8.现在，越来越多的楼房采用玻璃幕墙、磨光的大理石作为装饰，造成了“光污染”，它的主要形成原因是（）A.光的镜面反射B.光的漫反射C.光的折射D.光的直线传播【答案】A【解析】【分析】平行光射到玻璃幕墙、釉面

砖墙、磨光大理石等反射面时，反射光线射向同一方向，会造成光污染。【详解】建筑物的玻璃幕墙、釉面砖墙、磨光大理石等表面光滑，这些作为反射面的时候，都属于镜面反射，太阳光射到上面，入射光线被反射，从同一方向射出，光线很强，照到物体上会给人们的生活

工作等造成很大的不便，称为白亮污染或光污染。故选A。9.疫情期间，医护人员工作时佩戴了护目镜，当他由寒冷的室外进入温暖的室内，护目镜蒙上了一层小水珠，这种现象的形成属于（）A.凝华B.汽化C.液化D.凝固【答案】C【解析】【分析】物质由气态变成液态的过程叫液

化，物质液化过程需要放热。【详解】从寒冷的室外进入室内后，眼镜的温度很低，而室内的水蒸气遇到冷的镜片发生液化形成小水珠，附着在镜面上，使镜片模糊。故选C。10.如图所示，“歼20”战机在加速升空的过程中，下列说法正确的是（）A.动能增加，重力势能减小B.动能增加，

重力势能增加C.动能减小，重力势能增加D.机械能保持不变【答案】B【解析】【分析】动能大小的影响因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；

战机在加速升空过程中，没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，所以机械能=动能+重力势能；从动能和重力势能大小的变化判断机械能的变化。【详解】战机在加速升空时，质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大；动能增大，重

力势能增大，由机械能=动能+重力势能可知，其机械能增大。故选B。11.如图所示，一列“和谐号”动车正在铁轨上运行，下列说法错误．．的是（）A.紧急刹车时，乘客身体会前倾B.运行的速度越大，其周围空气的压强越小C.运行的速度越大，其周围空气的压强越大D.铁轨下面铺放枕木，是为了减小对地面的压强【

答案】C【解析】【分析】(1)高速行驶的车辆紧急刹车时，由于惯性乘客都要向前倾倒；各种小型车辆前排乘坐的人（包括司机）必须系好安全带，可以防止紧急刹车时由于乘客的惯性使乘客从车的前部的挡风玻璃飞出而造

成伤害。(2)流体的压强跟流体的速度有关，流速越大，压强越小。(3)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力来减小压强；在压力一定时，增大受力面积来减小压强。【详解】A．惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，故高速行驶的车辆紧急刹车时，由于惯性乘客想保持原来的速度向前

运动而车辆在减速，故乘客都要向前倾倒，故A正确，不符合题意；BC．动车开动时，使动车周围的空气流动速度快，压强变小，故B正确，不符合题意；C错误，符合题意；D．在铁轨下面铺设枕木，是在压力一定时，增大受

力面积来减小对地面的压强，保护路基；故D正确，不符合题意。故选C。12.关于浮力，下列说法正确的是（）A.潜水艇下潜得越深，受到的浮力越大B.潜水艇是靠改变自身重力来改变浮沉状态的C.漂浮在液面上的物体所受到的浮力大于它所受到的重力D.悬浮在空中的

热气球所受到的浮力大于它所受到的重力【答案】B【解析】【分析】潜水艇浸没在水中，潜水艇的体积不变（排开水的体积不变），受浮力不变，通过让海水进、出压力舱改变潜水艇受到的重力，从而实现上浮或下沉；在液体或气体中的物体根据其沉浮状态判断浮力与重力的关系。【详解】AB．在

水中，潜水艇受到水的浮力和重力的作用，由F浮=ρ水V排g，潜水艇的体积不变，排开水的体积不变，则潜水艇受到水的浮力不变；把压缩空气压入潜水艇的压力舱，将海水排出，潜水艇自重G减小，当F浮>G时，潜水艇上浮；打开压力舱的阀门

，让海水进入压力舱内，潜水艇自重G增大，当F浮<G时，潜水艇下沉；当F浮=G时，潜水艇悬浮，可以停留在任何深度；由此可见，潜水艇能够上浮和下沉是通过改变自身重力来实现的；故A错误、B正确；C．漂浮在液面上的物体处于静止状态，受到浮力与重

力，且二力平衡，则其所受到的浮力等于它所受到的重力，故C错误；D．悬浮在空中的热气球处于静止状态，受到浮力与重力，且二力平衡，则其所受到的浮力等于它所受到的重力，故D错误。故选B。13.如图所示，是酒精浓度检测仪的简化电路图，图中R0为定值电阻、R为酒精气体传感器，R的电阻值

随酒精气体浓度的增大而减小。如果酒精气体传感器感应到的酒精气体浓度越大，那么（）A.电流表示数越大B.电流表示数越小C.电路消耗的电功率越小D.电路消耗的电功率仍不变【答案】A【解析】【分析】由电路图可知，定值电阻R0与传感器的电阻R串联，电流表测量电路中的电流；如果驾驶员呼出的酒精气体浓度

越大，则酒精气体传感器R的电阻越小，进而判断出相应变化。【详解】定值电阻R0与传感器的电阻R串联，电流表测量电路中的电流，驾驶员呼出的酒精气体浓度越大，则酒精气体传感器R的电阻越小，故电路中电流越大，即电流表示数变大；由PUI＝

可知，当电路中电压不变时，电流变大，则电路消耗的电功率越大；故A正确，BCD错误。故选A。14.如图所示的电路中，若R1=10Ω，R2=5Ω，闭合开关S，此时，电压表的示数为2.5V，则电源电压为（）A.2.5VB.5VC.7.5VD.1

0V【答案】C【解析】【分析】分析电路的串联和并联，再据其连接方式的特点，结合欧姆定律解题。【详解】由电路图知，两个电阻串联在电路中，电压表测电阻R2的电压。而电压表的示数为2.5V，那么此时电路中的电流2222.5V0.5A5ΩUIR

电路的总电阻R=R1+R2=10Ω+5Ω=15Ω所以电源电压U=I2R=0.5A×15Ω=7.5V故ABD不符合题意，C符合题意。15.甲、乙两段导体通电时间相同，甲的电阻是乙的5倍，甲、乙产生的热量之比是4∶5，则通过甲、乙两段导体的电流之比是（）A.2∶

5B.4∶25C.5∶2D.4∶1【答案】A【解析】【分析】根据焦耳定律Q=I2Rt的推导公式进行计算。【详解】根据焦耳定律Q=I2Rt可知QIRt则通过甲、乙两段导体的电流之比41::2:555QQQRIIRtRtQR甲甲乙乙甲乙甲乙乙甲故选A。二、填空题（本大题共6小题，每空1

分，共12分）16.如图所示，用力击打一摞棋子中的一个，这一棋子因受力打击而飞出，上面的棋子由于具有______不会飞出，但因受重力作用而落下；单杠运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，这是通过改变接触面的粗糙程度来______（选填“增大”或“减小”）摩擦。【答案】①.惯性

②.增大【解析】【分析】物体保持运动状态不变的性质叫惯性，惯性是物体的一种属性，一切物体都有惯性；增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。【详

解】[1]击打棋子前，棋子是静止的，用力击打一摞棋子中间的一个，这一棋子因受力改变运动状态而飞出去，上面的棋子由于惯性还要保持原来的静止状态，所以在重力的作用下又落回原位置的下方。[2]体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，这样做的目的是为了在压力一定

时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。17.用大小相同的力敲击如图所示的水瓶琴，其能发出不同的____（选填“音调”、“响度”或“音色”）；在一些需要安静的场合，常常有禁止鸣笛的标志，其目的是为了减小______对环境的影响。【答案】①.音

调②.噪声【解析】【分析】音调与发声体的振动的频率有关，频率越大，音调越高；减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处。【详解】[1]瓶中倒入不等量的水，用筷子敲击每个玻璃瓶的同一位置，水量多的瓶子不容易振动，水量少的瓶子容易振动，因此瓶子发出高低不同的声音，即声音的音调不同。[2]在需要

安静环境的医院、学校等单位附近，常常有禁止鸣笛的标志，这是在声源处减弱噪声。18.太阳能是通过太阳内部的核______（选填“裂变”或“聚变”）产生的；随着人们环保意识的增强，利用太阳能的人也越来越多，主要原因是太阳能既是清洁能源，又是______（

选填“可”或“不可”）再生能源。【答案】①.聚变②.可【解析】【分析】核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上；可再生能源包括太阳能、水能、风能、生物质能、波浪能、潮汐能、海洋温差能、地热

能等。【详解】[1]在太阳内部，太能之所以能发光发热，实质相当于无数个的氢弹爆炸而造成的，即氢原子核在超高温下发生聚变释放核能。[2]太阳能是一种把太阳光转换成电能的绿色可再生能源。19.如图所示，磁悬浮地球仪应用了______（选填“同”或“异”

）名磁极相互排斥的规律；我国供生产和生活用的交变电流，频率是______Hz。【答案】①.同②.50【解析】【分析】球体与底座是相互分离的，故可判断球体与底座是相互排斥的；根据我国家庭电路的电压、交变电流的频率作答即可。【详解】[1]由图知，球体与底座是相互分离的，地球仪悬浮

在空中，是因为受到了底座的排斥力作用，即该悬浮地球仪是利用了同名磁极相互排斥的规律。[2]我国家庭电路的电压为220V，采用的是频率为50Hz的交流电。20.如图所示，用酒精灯给试管里的水加热，塞子受到水蒸气的压力而冲出去，水蒸气的内能转

化为塞子的______；若完全燃烧10g的酒精，则能释放出______J的热量。（酒精的热值为3.0×107J/kg）【答案】①.机械能②.3.0×105【解析】【分析】(1)当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内

能减小，内燃机的做功冲程就是利用这种原理。(2)知道酒精的热值和质量，根据=Qmq放进而可求出放出的热量。【详解】[1]在实验过程中，酒精燃烧产生的化学能会转化为试管内水和水蒸气的内能，当内能增大到一定程度时，水蒸气的内能会

转化为塞子的机械能，把塞子冲出去。[2]完全燃烧10g的酒精，放出的热量为75=0.01kg3.010J/kg=3.010JQmq放21.用煤气灶烧开水，是通过______（选填“热传递”或“做功”）的方式来改变物体的内能；把质

量为2kg的水从20℃加热到60℃，吸收的热量为______J。[水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)]【答案】①.热传递②.3.36×105【解析】【分析】(1)改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化；热传递实质是内能从

一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能的转移。(2)根据公式=ΔQcmt吸求出水升温需要吸收的热量。【详解】[1]用煤气灶烧开水，燃气燃烧释放的热量通过热传递传递给水。[2

]水吸收的热量为35=Δ=4.210J/kgC2kg60C20C=3.3610JQcmt吸三、作图、实验与探究题（22小题每小问2分，23、24、25小题每空1分，共19分）22.(1)如图甲所示，请在图中画出静止

在斜面上的物体A所受到的重力和支持力的示意图；(2)如图乙所示，请在图中画出在远视眼近处S点发出的两束入射光线经晶状体折射后对应的光线。【答案】(1)；(2)【解析】【分析】先确定重力与支持力的作用点及力的方向，然后从力的作用点，沿力的方向作有向线段即可作出力的示意图。远视眼会聚能力变弱

，故像成在视网膜的后方。【详解】(1)重力的大小为G，方向竖直向下，作用在物体的重心；从物体的重心开始与斜面垂直向上作线段，末端画上箭头，标出支持力F，如下图所示：(2)远视眼是由于晶状体太薄，会聚能力偏弱，像成在视网膜的后方，如下图

所示：23.某实验小组利用如图所示的实验装置探究“平面镜成像的特点”：(1)平面镜成像的原理是光的______（选填“反射”或“折射”）；(2)选取两支外形______（选填“相同”或“不相同”）的蜡烛A、B做实验，目的是为了比较像与

物的大小关系；(3)在实验过程中，把点燃的蜡烛A放在玻璃板前20cm处，则蜡烛A在玻璃板中所成的像与玻璃板的距离是______cm；(4)实验中，移去蜡烛B，在其原来位置放一光屏，发现光屏上不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是______（选填“实”

或“虚”）像。【答案】①.反射②.相同③.20④.虚【解析】【分析】平面镜成像的原理是光的反射形成的；平面镜所成的像是等大的虚像。【详解】(1)[1]平面镜成像是平面镜前的物体的光传播到镜面，发生反射，于是在镜的背面形成虚像。(2)[2]在实验

中，要选取两支外形完全相同的蜡烛A、B，是为了验证点燃蜡烛的像与蜡烛本身的大小关系。因为未点燃的蜡烛与已点燃蜡烛的像能重合，则说明像与物的大小相等。(3)[3]在实验过程中，点燃蜡烛与镜面的距离为20cm，那么像与镜面的距离也为20cm，因

为在平面镜成像中，物体与镜面的距离与像到镜面的距离相等。(4)[4]实验中，在点燃蜡烛成像的位置放一光屏，不能在光屏上看到蜡烛的像，这说明平面镜所成的像是虚像。24.小明为了测量煤油的密度，做了如下实验：(1)将天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端零刻度线处，发现指针指在分度盘左侧，要使天平平

衡，应将平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调；(2)用调好的天平测出烧杯和煤油的总质量为173.4g，现把烧杯中的煤油倒一部分到量筒中，再把烧杯和剩余的煤油放到天平上，当天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示

，可知倒入量筒中煤油的质量为______g，且由如图乙所示得到，倒出去的煤油的体积为______cm3；(3)根据测量结果可知煤油的密度ρ为______kg/m3。(4)小明采用下面方法，也能测出煤油的密度：他用弹簧测力计通过绳子拉着一块已知质量为m、密

度为ρ铁的铁块，使它浸没并静止在煤油中，此时绳子受到的拉力为F，如图丙所示，则煤油的密度表达式ρ＝______(请用m、ρ铁、F、g等物理量符号表示）。【答案】①.右②.31.2③.40④.0.78×103⑤.(1)Fmg铁

【解析】【分析】根据二力平衡和力的作用是相互的分析，正确使用天平测量质量，量程测量体积，根据mV计算煤油密度；已知铁块的重力和将物块浸没在水中弹簧测力计的示数，利用称重法求出该物体所受的浮力，再利用

阿基米德原理求煤油的密度。【详解】(1)[1]将天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端零刻度线处，发现指针指在分度盘左侧，说明左侧偏重，则要使天平平衡，应将平衡螺母向右调。(2)[2]用调好的天平测出烧杯和煤油的总质量为173.4g，

现把烧杯中的煤油倒一部分到量筒中，再把烧杯和剩余的煤油放到天平上，当天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示，游码刻度盘上分度值为0.2g，可知烧杯和剩余煤油的总质量为1100g+20g+20g+2.2g142.2gm可知倒入量筒中煤油的质量为

1173.4g-173.4g-142.2g31.2gmm[3]由如图乙所示得到，倒出去的煤油的体积为40mL即cm3。(3)[4]根据测量结果可知煤油的密度为33630.0312kg0.7810kg

/m4010mmV(4)[5]小明用弹簧测力计通过绳子拉着一块已知质量为m、密度为ρ铁的铁块，使它浸没并静止在煤油中，此时绳子受到的拉力为F，如图丙所示，铁块的体积为mV铁根据阿基米德原理可知铁块受到的浮力为FgVgm

浮铁在竖直方向上受力平衡，则FFG浮即Fgmgm铁则煤油的密度表达式为(1)Fmg铁25.如图所示，在测定“小灯泡电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为8Ω。(1)连接电路时，开关应______（选填“断开”或“闭合”）；(2

)图甲中有一根导线连接错误，请你把它找出来并打上“×”（表示不要），并用笔重新画一根正确连接的导线；（）(3)改正电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表和电流表均无示数，原因可能是下列选项中的__

____（用字母表示）；A．灯泡短路B．灯泡断路C．滑动变阻器短路D．滑动变阻器断路(4)排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，其读数为______A，由此可知小灯泡的额定功率为______W；

(5)现有两个额定电压均为15V的灯泡L1和L2，它们的电压U与电流I的关系曲线如图丙所示，将L1和L2串联后接在15V的电源上，则两灯消耗实际功率的差值为______W。【答案】①.断开②.③.D④.0.34⑤.0.85⑥.1【解析】【分析】在测定

“小灯泡电功率”的实验中，电压表与灯泡并联，调节滑动变阻器的滑片使电压表示数达到灯泡的额定电压，读出电流；再根据PUI计算额定功率。【详解】(1)[1]为保护电路安全，连接电路时，开关应断开。(2)[2]图甲中，电流表连接有误，电流表应串联在电路

中，按要求改正后如图所示：。(3)[3]改正电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表和电流表均无示数，灯泡短路或滑动变阻器短路不影响电流表示数变化，灯泡断路时电压表示数接近电源电压，滑动变阻器断路时电路中无电流，符合题意，故选D。(4

)[4][5]排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，电流表接入小量程，分度值0.02A为，其读数为0.34A，由此可知小灯泡的额定功率为2.5

V0.34A0.85WPUI(5)[6]现有两个额定电压均为15V的灯泡L1和L2，它们的电压U与电流I的关系曲线如图丙所示，根据串联分压特点可知，将L1和L2串联后接在15V的电源上后电流相同，

L1和L2两端电压分别为10V与5V，电路中电流为0.2A，则两灯消耗实际功率的差值为1212()(10V5V)0.2A1WPPPUUI四、综合应用题（26小题6分，27小题8分，28小题10分，共24分。计算题的解答过程应写出必要的文

字说明、主要公式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，结果应写明数值和单位）26.在一段平直的公路上，有相距为1.7km的A、B两点，现甲车以10m/s的速度从A点往B点匀速出发，20s后乙车以15m/s的速度从B点往A点匀速出发，当甲、乙两

车相遇时，求：(1)甲车运动的时间；(2)甲车离A点的距离；(3)若此过程中乙车受到的阻力为1000N，乙车牵引力所做的功。【答案】(1)80s；(2)800m；(3)9×105J【解析】【分析】(1)根据svt可表示出两车相遇时各自运动的路程，再由两车的总路

程即可求出甲车运动的时间；(2)根据svt求出甲车运动的路程；(3)知道阻力的大小，汽车做匀速运动时阻力等于牵引力；利用W=Fs求出租车牵引力做的功。【详解】解：(1)设甲车运动的时间为t，依题意可得svt甲

甲，0svtt乙乙由已知可得sss甲乙31.710m10m/s15m/s20stt解得：80st。(2)根据svt可得，甲车运动的路程，即甲车离A点的距离10m/s80s800msvt甲甲

(3)汽车做匀速运动时牵引力等于阻力F=f=3000N乙车运动的路程31.710m800m900msss乙甲乙车牵引力所做的功51000N900m910JWFs乙答：(1)甲车运动的时间为80s；(2)甲车离A点的距离是800m；(3)若此过程中乙车

受到的阻力为1000N，乙车牵引力所做的功是9×105J。27.如图所示，有一体积为1m3、密度为1.45×103kg/m3的物体置于水底，欲将其打捞上来，现用电动机带动钢丝绳自由端通过滑轮组使物体以0.1m/s的速度在水中匀速上升，经过3m

in的时间物体由水底提升到水面，在此过程中滑轮组的机械效率为90%（不计物体的高度、绳重和摩擦，g取10N/kg，水=1.0×103kg/m3)，求：(1)物体浸没在水中时受到的浮力；(2)物体在水底时受

到水的压强；(3)动滑轮的重力；(4)若物体离开水中后匀速上升，且电动机的输出功率比物体在水中时增大了20%，此时钢丝绳自由端的速度。【答案】（1）1×104N；（2）1.8×105Pa；（3）500N；（5）0.12m/s【解析】【分析】(1)根据阿基米德原理可直接求得浮力。(2)由速度

公式先求水深，再根据液体压强公式求得物体在水底受到的压强。(3)根据密度公式和Gmg，先求得物重，再根据WW有总进行推导，已知机械效率，由推导公式求得动滑轮重。(4)根据功率的定义式进行推导，得到PFv，分

别用推导公式表示出物体在水中和在空气中电动机的输出功率，再分别表示出绳子自由端的拉力、绳子自由端移动的速度，根据题意，得到物体在水中和空气中电动机的输出功率之间的联系，列出关系式代入物理量，进而求得钢丝绳自由端的速度。【详解】解：(1)由

题意，根据阿基米德原理，则物体浸没在水中时受到的浮力3343=1.010kg/mNk110N/gm0=11FgV浮水排(2)由题意，根据svt，则水深0.1m/s360s=18m=hvt物根据液体压强公式，物体在水底时受到水的压强335=1.010kg/m10N/kg

18m1.810Pa=pgh水水(3)由题意，根据mV和Gmg，则物体的重力34331N.4510kg/==10N/gm1m1.451=0kGmggV物物物物不计绳重和摩擦，则物体由水底提升到水面，在此过程中滑轮组的机械效率(-)(-)-1-(

-)WGFhGFhGFWFsGFGGFGnhn浮浮浮有物物物浮总物动浮物动++则动滑轮重441.4510N11()(-1)=(N-)(1)50090%110NGGF浮动物(4)由图可知绳子股数n=3根据功率定义，则WFsPFvtt由题意，物体在水中时，

电动机的输出功率PFv绳物体在水中时，绳子自由端的拉力1(-)FGGFn浮物动物体在水中时，绳子自由端移动的速度vnv绳物物体在空气中时，电动机的输出功率'''PFv绳物体在空气中时，绳子自由端的拉力1'()FGGn物动根据题

意，则有'(1)PP综上，则'11(+)(1)(+-)GGvGGFnvnn绳浮物动物动物则此时钢丝绳自由端的速度'(1)(-)GGFnvvGG浮物动物绳物动44'4(120%s)(N500NN1.45101100.1m/)30

.12N500sm/1.4510Nv绳答：(1)物体浸没在水中时受到的浮力为1×104N；(2)物体在水底时受到水的压强为1.8×105Pa；(3)动滑轮的重力为500N；(4)钢丝绳自由端的速度为0.12m/s。28.为探究平衡

木受力特点，重为400N的小红设计了如图甲所示的平衡木模型，整个装置放在水平地面上，AB可绕支点O无摩擦转动，AB始终处于水平平衡状态，C处固定一竖直硬杆，硬杆重300N，硬杆的底部安装有压力传感器R，R所在的电路装置如图乙所示，R的阻值随着硬杆对它的

压力F的变化关系如图丙所示。其中，电源电压为4.5V，保护电阻R0=5Ω，电流表的量程为0~0.6A，且AB=4m，OA=BC=1m，整个装置除硬杆外，其它部分的重力均不计，g取10N/kg。求：(1)小红的质量；(2)小红站在A点时，C处受

到硬杆对它的拉力；(3)小红站在C点时，电流表的示数；(4)在电路安全的情况下，小红在平衡木上缓慢走动的过程中，当电路消耗功率达最小值和最大值时，压力传感器R消耗的功率之比。【答案】(1)40kg；(2)200N；(3)0.3

6A；(4)16：25【解析】【分析】根据G=mg计算质量；根据杠杆平衡条件FlFl阻阻动动计算拉力；计算出压力传感器R受到的压力，根据图像确定阻值，由UIR计算电流大小；根据2PUIIR分别计算电流最小值与最大值时的功率进行比较。【详解】(1)由G=mg可

知小红的质量为400N40kg10N/kgGmg(2)小红站在A点时，由杠杆的平衡条件可知ACGOAFOC且有4m1m1m2mOCABOABC则C处受到硬杆对它的拉力为400N21mm00N2COAFGO

C人(3)小红站在C点时，压力传感器R受到的压力为300N+400N700NCFGG杆人由乙图知R=7.5，则05Ω7.5Ω12.5ΩCORRR电流表的示数为4.5V0.36A12.5ΩCCOUIR(4)当电路消耗

功率达最小值时，电路中的电流最小，R最大，硬杆对R的压力最小，对硬杆和杠杆进行受力分析，并根据杠杆平衡原理，此时小红应站在A点；此时R受到的压力为300N200N100NCFGF压杆由乙图可知R

’=20，则04.5V0.18A5Ω+20ΩUUIRRR小总同理，经分析可知，在电路安全的情况下，当电路消耗功率最大时，此时小红应站在B点，此时2m1m3mOBOCBC由杠杆平衡可得400N6003mmN2COBFGOC人此时R受到的压力为600N

300N900NCFFG压杆由乙图可知R’’=5，则04.5V0.45A<0.6A5Ω+5ΩRRUUIR大总可知电路安全，则压力传感器R消耗的功率之比为2222(0.18A)20Ω16(0.45

A)5Ω25PIPRRI小小大大答：(1)小红的质量为40kg；(2)小红站在A点时，C处受到硬杆对它的拉力为200N；(3)小红站在C点时，电流表的示数为0.36A；(4)当电路消耗功率达最小值和最大值时，压力传感器R

消耗的功率之比为16：25。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com