【文档说明】湖南省长沙市长郡中学2024-2025学年高一上学期12月月考物理试卷（A卷） Word版含解析.docx，共(13)页，1.051 MB，由envi的店铺上传

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2024年秋季高一检测卷物理（A卷）一、单项选择题（本题6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1.伽利略对自由落体运动的研究，是科学实验和逻辑思维的完美结合。关于该实验，下列说

法正确的是（）A.图甲所示实验可“冲淡”重力的作用，使时间容易测量B.图丁所示是实验现象，图甲所示是经过合理外推后的现象C.伽利略直接测量的是小球运动的速度，验证速度随时间均匀变化D.伽利略直接测量的是小球自由落体的位移，验证位移与时间的平方的关系2

.2024年11月8日，中国新型隐形战机歼-35A亮相珠海，关于歼-35A下列说法正确的是（）A.歼-35A在进行飞行表演时，可以将其看成质点B.歼-35A向下俯冲时，飞机里的飞行员一定处于失重状态C.歼

-35A向下俯冲时，飞机里的飞行员一定处于超重状态D.以歼-35A为参考系，加油机给歼-35A空中加油时是静止的3.机器狼是最近的网络热词。如图是机器狼正在奔跑的图片，关于机器狼，下列说法正确的是（）A.机器狼与地球之间有两对相互作用力B.机器狼

与地面的摩擦力和它的重力成正比C.机器狼在水平地面向左加速时，它对地面的力斜向右下D.机器狼在水平地面向右加速时，地面给机器狼的力为恒力4.某跳伞运动员进行低空跳伞训练。他离开悬停的飞机后可以认为先做自由落体运动，当离地面265m时打开

降落伞做加速度大小为212m/s的匀减速运动，速度减为5m/s后做匀速运动，随后匀速经过28s落地。g取210m/s。以下说法不正确的是（）A.运动员打开降落伞时的速度是55m/sB.运动员离开飞机时距地面的高度为416.25mC.运动员离开飞机后，经过约37.7s才能到达地面D.运动员离

开飞机后一直处于失重状态5.如图所示，用三根相同细线a、b、c将重力为G的灯笼1和重力为2G的灯笼2悬挂起来。两灯笼静止时，细线a与竖直方向的夹角为30，细线c水平。则（）A.a中的拉力大小为23GB.c中的拉力大小为33G2C.b中的拉力大小大于a中的拉力大小D.b中的拉力大小为

33G26.如图所示，互不黏合的A、B两物体紧贴放在水平地面上，水平地面与物体间的摩擦可忽略，已知A、B两物体质量分别为4kg、6kg。0t=时，水平作用力1F、2F分别作用于A、B上，其中()12412NFt=−

，()21612NFt=+。则下列说法正确的是（）A.A物体先向右运动，再反向向左运动B.当2st=时，A、B将分离C.0.5st=时，A物体的加速度大小为24.5m/sD.2st=时，A物体的加速度大小为22m/s二、多选题（本题共4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的

四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）7.2025年第九届亚洲冬季运动会将在哈尔滨举行，短道速滑是我国传统优势项目，有关短道速滑的相关表述正确的是（）A.赛道一圈总长度为111.12m，长度是国际单位制中的基本物理量B.短道速滑

男子500m的世界记录为39.505s，秒是国际单位制中的基本单位C.短道速滑运动员最快滑行速度可以达到近14m/s，米每秒是国际单位制中的导出单位D.短道速滑运动员蹬地的爆发力能够达到4000N，力是国际单位制中的基本物理量8.如图所示，一质量为50kg的人站在商场的电梯上，沿

倾角α37=的斜面加速向下运动时（210m/sg=，sin370.6=，cos370.8=），下列说法正确的是（）A.电梯向下匀速运动时，人不受摩擦力的作用B.电梯向下加速运动时，人所受到的摩擦力方向向右C.电梯向下加速的加速度为22m/s时，人

所受的摩擦力大小为100ND.电梯向下加速的加速度为22m/s时，人所受的支持力大小为440N9.如图所示，有一个固定的14圆弧形阻挡墙PQ，其半径OP水平、OQ竖直。在PQ墙和斜面体A之间卡着一个表面光滑的重球B，斜面体A放在光滑的地面上

并用一水平向左的力F推着，整个装置处于静止状态。现改变推力F的大小，推动斜面体A沿着水平地面向左缓慢运动，使球B沿斜面上升一很小高度。在球B缓慢上升的过程中，下列说法中正确的是（）A.斜面体A与球B之间的弹力逐渐减小B.阻挡墙P

Q与球B之间的弹力逐渐减小C.水平推力F逐渐增大D.水平地面对斜面体A的弹力不变10.如图所示，倾角为37=的足够长的传送带以速度12m/sv=顺时针匀速转动。一物块以28m/sv=的速度从传送带的底端滑上传送带。

已知小物块与传送带间的动摩擦因数0.5=，传送带足够长，取sin370.6=，cos370.8=，210m/sg=，下列说法正确的是（）A.小物块刚滑上传送带时的加速度大小为22m/sB.小物块在传送带上运动时间为3.6s

C.小物块向上滑行的最远距离为3.2mD.小物块在传送带上留下的痕迹长度为9m三、实验题（本题2小题，每空2分，共16分）11.（6分）图甲是小武同学做“探究弹簧弹力与伸长量的关系”的实验装置。有A、B两根不同的弹簧，竖直悬挂时弹簧上端与刻度尺零刻度线对齐，他多次

改变所挂钩码的个数，测出对应的弹簧长度，然后作图得出弹簧弹力F和伸长量x的关系图像如图乙所示。已知钩码的质量均为50g，取重力加速度大小2g10m/s=。（1）未挂钩码时，A弹簧原长如图甲所示，可读得原长0L=_____cm。（2）根据图乙中的图像，下列说法正确的是_____。

A.A弹簧的劲度系数小于B弹簧的劲度系数B.A弹簧的劲度系数为0.25N/cmC.B弹簧下端挂4个钩码时，弹簧的长度为20cmD.两弹簧下端均挂3个钩码时，A弹簧的伸长量更小（3）使用A弹簧去做简易的弹簧测力计，当A弹簧

的伸长量为12cm时，应标注的刻度为____N。（结果保留两位有效数字）12.（10分）某同学用如图（a）所示装置验证加速度与力的关系。小车通过轻绳与弹簧测力计挂钩相连，固定在小车上的挡光片宽度为d，光电门传感器固定在轨道上，为平衡摩擦

力，他们将轨道调整为左高右低。实验时，将小车从某一位置由静止释放，通过光电门测出挡光片的挡光时间t，实验中小车从同一位置由静止释放，记录弹簧测力计的示数F，改变动滑轮下悬挂的钩码个数，进行多次测量，测得多组t和F。他们在21()Ft−坐标系中，得到如图（b）所示的点。（1）实验中

钩码的质量________（填“需要”或“不需要”）远小于小车的质量。（2）该图像斜率与哪个量无关___。A.小车的质量B.钩码的质量C.小车释放的位置D.挡光片的宽度d（3）若图像过原点，小车的位移为s，小车的质量为M，请写出21()t关于F

的函数表达式____________。（4）按照图（b）的点迹描绘图像。（5）为使上一问的图像过坐标原点，应适当______斜面左侧的高度（填“减小”或“增大”）四、解答题（共3题，第13题10分，第14题14分，第15题

16分，共40分）13.（10分）如图所示，小球P用两段等长的细线悬挂在车厢的顶部，两段细线与车厢顶部的夹角45=，已知小球P的质量为2kgm=，重力加速度g取210m/s。（1）若车厢处于静止状态，求左、右两细线的拉力大小；（2）若车厢以大小为220m/

sa=的加速度向右做匀减速运动，求左、右两细线的拉力大小。14.（14分）如图所示，替代人工操作的AI机器人已在各行各业中得到一定的应用，其中，送餐服务就是应用领域之一，只要设置好路线、安放好餐盘，机器人就会稳稳

地举着托盘，到达指定的位置送餐，若某一配餐点和目标位置在距离为040.5mx=的直线通道上，机器人送餐时从静止开始启动，加速过程的加速度大小为211.5m/sa=，速度达到1.5m/sv=后保持匀速，之后适时做加速

度大小为221.5m/sa=的匀减速运动，餐送到目标位置时速度恰好为零。（1）画出机器人大致的速度时间图像；（不用标注坐标的值）（2）求机器人整个送餐过程所用时间；（3）假设配餐点和目标位置的距离为30mx=，机器人在加速和减速

阶段的加速度大小均为21.2m/sa=，要使送餐用时最短，则机器人能达到的最大速度mv为多少？并求出最短时间mint。15.（16分）如图所示，小物块A、B用轻绳相连，并通过轻质滑轮将B悬挂于C的右端，初始时A、B、C均静止且将A锁定，C放在光滑水平地面上，已知：A、B、C质量

分别为1kgABmm==、4kgCm=，AC、BC之间的动摩擦因数分别为10.5=、20.2=，重力加速度210m/sg=，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现解除A的锁定状态，同时对C施加一个水平外力F，则：（1）若水平外力为0F时C保持静止，A

、B匀加速运动，且A未撞滑轮、B未落地，求A的加速度Aa绳子上的拉力BT和0F的大小；（2）若对C施加水平向右的外力为1F，为了保证A、B、C相对静止，求1F的大小范围。2024年秋季高一检测卷物理（A卷）参考答案一、二选择题（1~6每小题4分。7~10每小题5分，选

对但不全得3分）题号12345678910答案ADCDAAABCADABBD1.A【解析】因为伽利略所处的时代自由落体时间无法准确测量，所以伽利略让铜球从阻力很小的斜面下滑，用来“冲淡”重力的作用，延长运动时间，便于测量

时间，故A正确；题图甲、乙、丙是现象，丁是合理外推的结论，故B错误；伽利略所处的时代无法直接测定瞬时速度，所以无法直接得到速度的变化规律，故C错误；伽利略通过数学计算得出结论：如果物体初速度为零，且速度与时间成正比，即vt，那么它通过的位移与时间的平方成正比，即2st，这

样只需测出通过不同位移所用的时间，验证位移与时间的平方的关系，就可以验证物体的速度是否随时间均匀变化，但是伽利略所处的时代自由落体的时间无法准确测量，故D错误。故选A。2.D【解析】飞行表演重点看飞机的姿态，故不可看成质点，A错；向下俯冲，可能向下加速也可能向下减速，故BC均错误。3.C

【解析】机器狼与地球有重力、支持力和摩擦力三对相互作用力，A错；机器狼与地面摩擦与机器狼的运动状态有关，B错；向左加速时，地面给机器狼的摩擦力向左支持力向上，故合力向左上，则其反作用力向右下，C正确；匀加速时地面给机器狼的力是恒力，D错误。4.D【解析】降落伞匀速下降的位移为22252

8m140mhvt===，匀减速下降的位移为12265m140m125mhhh=−=−=，匀减速下降过程有22212ahvv−=−，代入数据解得155m/sv=，A正确；运动员做自由落体运动的位移为213151.25m2vhg==，运动员离开飞机时距地面的高度为123125m140m151

.25m416.25mHhhh=++=++=，B正确；运动员做自由落体运动的时间为115.5svtg==，减速的时间1234.2svvta−=，运动员离开飞机后，到达地面的时间为1235.5s28s4.2s37.7stttt=++=++，C正确；飞机减速下降为超重状态，匀

速运动时既不超重也不失重。所以D错误。5.A【解析】将两灯笼看作一个整体，对整体受力分析，如图所示，根据平衡条件可得cos303aFG=，sin30acFF=，解得23aFG=，3cFG=，故A正确，B错误；对灯笼2隔离分析，利用平衡条件可得()2227bcaFGFGF=+=，

故CD错误；故选A。6.A【解析】A、B两物体先向右做加速运动，后两者分离，因1F的大小和方向变化，A物体在分离以后，继续向右先加速再减速，最后反向向左做加速运动，A正确；A、B两物体分离前，两者以相同加速度一起向右运动，根据牛顿第二定律可得2124m/sABFFamm+==+，分离瞬间，A、B

间无相互作用力，但加速度大小相等，即12ABFFmm=，解得2s3t=，A、B分离，B、C错误；当2st=时，A、B两物体已分离，对A物体受力分析得10AFam==，D错误。故选A。7.ABC【解析】赛道一圈总长度为111

.12m，长度是国际单位制中的基本物理量，故A正确；短道速滑男子500m的世界记录为39.505s，秒是国际单位制中的基本单位，故B正确；短道速滑运动员最快滑行速度可以达到近14m/s，根据svt=可知，米每秒是国际单位制中的导出单位，故C正确；短道速滑运动

员蹬地的爆发力能够达到4000N，根据Fma=可知，力是国际单位制中的导出物理量，故D错误。故选ABC。8.AD【解析】人匀速运动时，二力平衡，不受摩擦力的作用，A正确；向下加速时，人的加速度有向左的分量，由牛顿第二定律的矢量性，人受到的摩擦力方向向左，B错误；当电梯向下加速时，分解加速度，水

平分加速度为21.6m/sxa=，竖直分加速度为21.2m/sya=，水平方向列牛顿第二定律80Nxfma==，竖直方向列牛顿第二定律NymgFma−=，解得N440NF=，故C错误，D正确。9.AB【解析】小球B处于平衡状态，对B受力分析，如图所示，当球B沿斜

面上升一很小高度时，圆弧阻挡墙对B的压力方向与水平方向的夹角减小，根据示意图可知，斜面体A与球B之间的弹力2N逐渐减小，阻挡墙PQ与球B之间的弹力1N逐渐减小，故A正确，B正确；以斜面体为研究对象，则由上述解析可知球B对斜面A的弹力减小，我们可以将该力

分解为水平方向和竖直方向，该力与水平方向所成夹角不变，所以竖直与水平分力都减小，而F等于其水平分力，故F减小，地面对A的支持力等于A的重力+该力的竖直分力，故地面对A的支持力也减小，故C错误，D错误。故选AB。10.BD【解析】根据题意可知，开始阶

段，小物块的速度大于传送带速度，由牛顿第二定律有1sincosmgmgma+=，解得小物块刚滑上传送带时的加速度大小为2110m/sa=，故A错误；由于sincosmgmg，可知，当小物块与传送带速度相等时不能保持相对静止，小物块继续向上减速到0，加速

度22sincos2m/sagg=−=，小物块向上滑行的最远距离为222211124m22vvvxaa−=+=，故C错误；小物块在第一阶段和第二阶段运动的时间分别为211182s0.6s10vvta−−===，12221s2vta===，之后以222m/sa=向下做匀加速直线运动，根据运动学

规律22314m2xat==，解得32st=，故小物块在传送带上运动时间为3.6s，故B正确；由运动学公式知，第一阶段物块运动位移为1211280.63m22vvxt++===，传送带运动的位移为1120.61.2mvt==，物块向上超前传送带运动的距离为1.8m，同理可得，第二阶段

物块的运动位移为122211m22vxt===，传送带运动的位移为12212mvt==，物块向上落后传送带运动的距离为1m，第三阶段传送带运动的位移为13224mvt==，物块向下超前传送带运动的距离为8m

，故小物块在传送带上留下的痕迹长度为8m1m9m+=，故D正确。故选BD。三、实验题（本题2小题，每空2分，共16分）11.（6分）（1）8.30（2）BD（3）3.0【解析】（1）刻度尺的最小刻度0.1

cm，可读得原长08.30cmL=。（2）因Fx−图像的斜率等于弹簧的劲度系数，可知A弹簧的劲度系数大于B弹簧的劲度系数，A弹簧的劲度系数为5N/cm0.25N/cm20Ak==，选项B正确；B弹簧下端挂4个

钩码时，弹力为2N，由图像可知弹簧伸长量为20cm，选项C错误；两弹簧下端均挂3个钩码时，即弹力均为1.5N时，由图像可知，A弹簧的伸长量更小，选项D正确。故选BD。（3）用A弹簧去做简易的弹簧测力计，当A弹簧的伸长量为12cm时，则弹力0.2512N3.0NAFkx===，则应标注的刻度

为3.0N。12.（10分）（1）不需要（2）B（3）()2212sFMdt=（4）（5）增大【解析】（1）实验中小车受到的合力可以由弹簧测力计读出，因此不需要钩码的质量远小于小车的质量。（2）小车通过光电门的速度为v，有dvt=

，设小车到光电门的位移为s，有22vas=，对小车受力分析，由牛顿第二定律有FMa=，整理有()2212sFMdt=，图像的斜率为22skMd=，可知，斜率与小车质量、小车释放的位置、挡光片的宽度有关，与钩码的质量无关。故选B

。（3）由之前的分析可知，其关系式为()2212sFMdt=。（4）描点连线，其图像如图所示。（5）由上图可知，图线在横轴上有一段正截距，说明当力F在某个值时，小车才运动，据此可知小车没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够，即适当增大斜面左端的高度可以使图像过坐标原点。四、解答题（共3小题，第13题10

分，第14题14分，第15题16分，共40分）13.（10分）【解析】（1）对小球受力分析，构建三角形，有1222TTmg==……（2分）解得12102NTT==……（2分）（2）对小球受力分析，正交分解可得12sinsinTTmg+=……（2分）12coscosTTma−=……（

2分）联立解得2T为负值，故说明右边细线已松弛，20T=左边细线与车厢顶部的夹角不再为45，由1T与mg的矢量和为ma可知()()221Tmgma=+……（1分）代入数据解得1205NT=……（1

分）14.（14分）【解析】（1）根据题意，机器人先做初速度为零的匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，再做匀减速直线运动，直至速度减至零，所以速度时间图像如图甲所示……（4分）（2）匀加速直线运动阶段的时间和位移为111.5s

1s1.5vta===……（1分）22111.5m0.75m221.5vxa===……（1分）匀减速直线运动阶段的时间和位移为321.5s1s1.5vta===22321.5m0.75m221.5vxa===……（1分）所以匀速直线运动阶段的位移为201

339mxxxx=−−=……（1分）2226sxtv==……（1分）所以机器人整个送餐过程所用时间12328stttt=++=……（1分）（3）如图乙所示，机器人先做匀加速直线运动至最大速度mv，再做匀减速直线运动，送餐到目标位置时速度恰好减

为零，送餐用时最短vt−图线与横轴所围区域的面积表示位移，则mmin12xvt=……（1分）mmin12vat=……（1分）解得mmin6m/s,10svt==……（2分）15.（16分）【解析】（1）小物块A与C间的滑动摩擦力为15NAAfmg=

=……（1分）把AB看作一个整体BAFmgf=−合……（1分）根据牛顿第二定律()ºÏABAFmma=+……（1分）解得22.5m/sAa=……（1分）以B为研究对象，受到绳子拉力和重力的作用向下加速运动，根据牛顿第二定律BBBBmgTma−=……（1分）22.5m/sBAaa==……（1分）解得

，绳子拉力为7.5NBT=……（1分）绳子对A和对B的拉力大小相等7.5NABTT==……（1分）以C为研究对象，在水平方向受力平衡，则0AAFfT+=……（1分）解得02.5NF=……（1分）（2）保证A、B、C相对静止，当A相对于C即将向右滑动时，为最小的力对

A受力分析1AATfma−=以ABC整体为研究对象()1minABCFmmma=++以B为研究对象，根据牛顿第二定律，此时BC间的压力为BNma=……（1分）则B受到的摩擦力为2BfN=设此时绳子的拉力为1T，则对B受力分

析1BBTfmg+=……（1分）以上各式联立，解得1min25NF=……（1分）若A相对于C即将向左滑动，则以A为研究对象2AATfma+=此时B即将向上运动，则2BBTfmg=+……（1分）以ABC整体为研究对象()1m

axABCFmmma=++……（1分）以上各式联立解得1max112.5NF=……（1分）所以1F的大小范围为125N112.5NF