【文档说明】四川省遂宁市2021年中考数学真题（解析版）.pdf，共(30)页，639.604 KB，由envi的店铺上传

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遂宁市2021年初中毕业暨高中阶段学校招生考试数学试卷本试卷满分150分，考试时间120分钟．注意事项：1.答题前，考生务必将自己的学校、姓名、准考证号用0.5毫米的黑色墨水签字笔填写在答题卡上，并检查条形码粘贴是否正确．2.回答选择题时

，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效．3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交

回．一、选择题（本大题共10个小题，每小题4分，共40分，在每个小题给出的四个选项中，只有一个符合题目要求．）1.－2021的绝对值是（）A.－2021B.2021C.12021D.12021【答案】B【解析】【分析】一个数的数绝对值是非负数，负数的绝对值是它

的相反数．【详解】－2021的绝对值是2021；故选：B．【点睛】本题考查了绝对值的定义，以及求绝对值，掌握一个负数的绝对值是它的相反数，是解题的关键．2.下列计算中，正确的是（）A.2239aaB.842aaaC.2

2ababD.2222aaa【答案】D【解析】【分析】分别根据完全平方公式，同底数幂相除，单项式乘以多项式，合并同类项等知识点化简，然后判断即可．【详解】解：A.22369aaa，故选项错误；B.844aaa，故选项错误；C.222ab

ab，故选项错误；D.2222aaa，故选项正确；故选：D．【点睛】本题考查了完全平方公式，同底数幂相除，单项式乘以多项式，合并同类项等知识点，熟悉相关知识点是解题的关键．3.如图所示的几何体是由6个完全相同的小正方体搭成，其主视图是（）A.B.C.

D.【答案】D【解析】【分析】从正面看：共有2列，从左往右分别有2，1个小正方形；据此可画出图形．【详解】解：如图所示的几何体的主视图是．故选：D．【点睛】本题考查了简单组合体的三视图，从正面看得到的视图是主视图．4.

国家统计局2021年5月11日公布了第七次全国人口普查结果，全国总人口约14.1亿人，将14.1亿用科学记数法表示为（）A.14.1×108B.1.41×108C.1.41×109D.0.141×1010【答案】C【解析】【分析】科学记数法的表示形式为10na的形式，其中11

0a，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值≥10时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．【详解】解：14.1亿914100000

001.4110，故选：C．【点睛】本题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为10na的形式，其中110a，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．5.如图，在△ABC中，点D、E分别是AB、AC的中点，若△ADE的面积是3cm2，则四边形BDEC的面积为（

）A.12cm2B.9cm2C.6cm2D.3cm2【答案】B【解析】【分析】由三角形的中位线定理可得DE=12BC，DE∥BC，可证△ADE∽△ABC，利用相似三角形的性质，即可求解．【详解】解：∵点D，E分别是边AB，AC的中点，∴DE=12BC，D

E∥BC，∴△ADE∽△ABC，∴21()4ADEABCSDESBC，∵S△ADE=3，∴S△ABC=12，∴四边形BDEC的面积=12-3=9(cm2)，故选：B．【点睛】本题考查了相似三角形的判定和性质，三角形中位线定理，

掌握相似三角形的性质是解题的关键．6.下列说法正确的是（）A.角平分线上的点到角两边的距离相等B.平行四边形既是轴对称图形，又是中心对称图形C.在代数式1a，2x，x，985，42ba，13y中，1a，x，42ba是分式D.若一组数据2、3、x、1、5的平均数是3

，则这组数据的中位数是4【答案】A【解析】【分析】根据角平分线的性质，平行四边形的对称性，分式的定义，平均数，中位数的性质分别进行判断即可．【详解】解：A.角平分线上的点到角两边的距离相等，故选项正确；B.平行四边形不是轴对称图形，是中心对称图形，故选项错误；C.在代数式1a，2x，x，

985，42ba，13y中，1a，42ba是分式，故选项错误；D.若一组数据2、3、x、1、5的平均数是3，则这组数据的中位数是3，故选项错误；故选：A．【点睛】本题综合考查了角平分线的性质，平

行四边形的对称性，分式的定义，平均数，中位数等知识点，熟悉相关性质是解题的关键．7.不等式组20112xx的解集在数轴上表示正确的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】先分别求出两个不等式的解，得出不等式组的解，再在数轴上的表示

出解集即可．【详解】解：20112xx①②解不等式①得，2x解不等式②得，1x不等式组的解集为12x，在数轴上表示为，故选：C．【点睛】本题考查了一元一次不等式组的解法和解集

的表示，解题关键是熟练运用解不等式组的方法求解，准确在数轴上表示解集．8.如图，在矩形ABCD中，AB＝5，AD＝3，点E为BC上一点，把△CDE沿DE翻折，点C恰好落在AB边上的F处，则CE的长是（）A.1B.43C.32

D.53【答案】D【解析】【分析】设CE=x，则BE=3-x由折叠性质可知，EF=CE=x，DF=CD=AB=5，所以AF=4，BF=AB-AF=5-4=1，在Rt△BEF中，由勾股定理得(3-x)2+12=x2，解得x的值即可．【详解】解：设CE=x，则BE=3-x，由折叠性质可知，EF=C

E=x，DF=CD=AB=5在Rt△DAF中，AD=3，DF=5，∴AF=22534，∴BF=AB-AF=5-4=1，在Rt△BEF中，BE2+BF2=EF2，即(3-x)2+12=x2，解得x=53，故选：D．【点睛】本题考查了与矩形有关

的折叠问题，熟练掌握矩形的性质以及勾股定理是解题的关键．9.如图，在△ABC中，AB=AC，以AB为直径的⊙O分别与BC，AC交于点D，E，过点D作DF⊥AC，垂足为点F，若⊙O的半径为43，∠CDF=15°，则阴影部分的面积为（）A.16123B.16243C.20123D

.20243【答案】A【解析】【分析】连接AD，连接OE，根据圆周角定理得到∠ADB=90°，根据等腰三角形的性质得到∠BAC=2∠DAC=2×15°=30°，求得∠AOE=120°，过O作OH⊥AE于H，解直角三角形得到OH=23，AH=6，根据扇形和三角形的面积公式即可得到结论．【

详解】解：连接AD，连接OE，∵AB是直径，∴∠ADB=90°，∴AD⊥BC，∴∠ADB=∠ADC=90°，∵DF⊥AC，∴∠DFC=∠DFA=90°，∴∠DAC=∠CDF=15°，∵AB=AC，D是BC中点，∴∠BAC=2∠DAC=2×15°=30°，∵OA=OE，∴∠A

OE=120°，过O作OH⊥AE于H，∵AO=43，∴OH=12AO=23，∴AH=3OH=6，∴AE=2AH=12，∴S阴影=S扇形AOE-S△AOE=21204311223360216123．故选：A．【点睛】本题主要考查了扇形的面积与三角形的面积公式，圆周角定

理等，作出适当的辅助线，数形结合是解答此题的关键．10.已知二次函数2(0)yaxbxca的图象如图所示，有下列5个结论：①0abc；②24bac；③23cb；④2()abmamb（1m）；⑤若方程2axbxc＝1有四个根，则这四个根的和为2，其中正确的结论有（）

A.2个B.3个C.4个D.5个【答案】A【解析】【分析】根据抛物线的开口向下，对称轴方程以及图象与y轴的交点得到a，b，c的取值，于是可对①进行判断；根据抛物线与x轴的交点的个数可对②进行判断；根据对称轴可得12ba，则12ab，根据1x可得0abc，代

入变形可对③进行判断；当1x时，yabc的值最大，即当(1)xmm时，即abc>2ambmc，则可对④进行判断；由于方程ax2+bx+c=1有2个根，方程ax2+bx+c=-1有2个根，则利用根与系数

的关系可对⑤进行判断．【详解】解：①∵抛物线开口方向向下，∴a＜0，∵抛物线与y轴交于正半轴，∴c＞0，∵对称轴在y轴右侧，∴b＞0，∴abc＜0，①错误；②∵抛物线与x轴有两个交点∴24bac>0

∴24bac，故②错误；③∵抛物线的对称轴为直线x=1，∴12ba，∴12ab由图象得，当1x时，0yabc，∴102bbc∴23cb，故③正确；④当1x时，yabc的值最大，∴

当(1)xmm时，abc>2ambmc，∴()abmamb（1m），∵b＞0，∴2()abmamb（1m），故④正确；⑤∵方程|ax2+bx+c|=1有四个根，∴方程ax2

+bx+c=1有2个根，方程ax2+bx+c=-1有2个根，∴所有根之和为2×（-ba）=2×2aa=4，所以⑤错误．∴正确的结论是③④，故选：A【点睛】本题考查了二次函数图象与系数的关系：对于二次函数y=ax2+bx+c（a≠0），二次项系数a决定抛物线的开口方向

和大小．当a＞0时，抛物线向上开口；当a＜0时，抛物线向下开口；一次项系数b和二次项系数a共同决定对称轴的位置．当a与b同号时（即ab＞0），对称轴在y轴左；当a与b异号时（即ab＜0），对称轴在y轴右．常数项c决定抛物线与y轴交点位置：抛物线与y轴交于（0，c）．抛物

线与x轴交点个数由△决定：△=b2-4ac＞0时，抛物线与x轴有2个交点；△=b2-4ac=0时，抛物线与x轴有1个交点；△=b2-4ac＜0时，抛物线与x轴没有交点．二、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分）11.若20aab

，则ba_____．【答案】14【解析】【分析】根据非负数的性质列式求出a、b的值，然后计算即可求解．【详解】解：根据题意得，a−2=0，a+b=0，解得a=2，b=-2，∴2124ba．故答案为：14．【点睛】本题考查了两个非负数之和为零的性质，绝

对值与算术平方根的非负性，负整数指数幂的运算，掌握以上知识是解题的关键．12.如图，在△ABC中，AB＝5，AC＝7，直线DE垂直平分BC，垂足为E，交AC于点D，则△ABD的周长是_____．【答案】12．【解析】【分析】根据线段的垂直平分线的

性质得到DBDC，根据三角形的周长公式计算即可．【详解】解：∵直线DE垂直平分BC，∴DBDC，∴△ABD的周长5712ABADBDABADDCABAC，故答案为：12．【点睛】本题考查的是线段的垂直平分线

的性质，掌握线段的垂直平分线上的点到线段的两个端点的距离相等是解题的关键．13.已知关于x，y的二元一次方程组235423xyaxya满足0xy，则a的取值范围是____．【答案】1

a．【解析】【分析】根据题目中方程组的的特点，将两个方程作差，即可用含a的代数式表示出xy，再根据0xy，即可求得a的取值范围，本题得以解决．【详解】解：235423xyaxya①②①-②，得33xya∵0xy∴330a，解得1a，故答案为：1a．【点睛】

本题考查解一元一次不等式，二元一次方程组的解，熟悉相关性质是解答本题的关键．14.如图都是由同样大小的小球按一定规律排列的，依照此规律排列下去，第___个图形共有210个小球．【答案】20【解析】【分析】根据已知图形得出第n个图形中黑

色三角形的个数为1+2+3++n=12nn，列一元二次方程求解可得．【详解】解：∵第1个图形中黑色三角形的个数1，第2个图形中黑色三角形的个数3=1+2，第3个图形中黑色三角形的个数6=1+2+3，第4个图形中黑色三角形的个数10=1+2

+3+4，……∴第n个图形中黑色三角形的个数为1+2+3+4+5++n=12nn，当共有210个小球时，12102nn，解得：20n或21(不合题意，舍去)，∴第20个图形共有210个小球．故答案为：20．【点睛】本题考

查了图形的变化规律，解一元二次方程，解题的关键是得出第n个图形中黑色三角形的个数为1+2+3+……+n．15.如图，正方形ABCD中，点E是CD边上一点，连结BE，以BE为对角线作正方形BGEF，边EF与正方形AB

CD的对角线BD相交于点H，连结AF，有以下五个结论：①ABFDBE；②ABFDBE∽；③AFBD；④22BGBHBD；⑤若:1:3CEDE，则:17:16BHDH，你认为其中正确是_____（填写序号）【答案】①②③④【解析】【分析】①四边形BGEF和四边形ABCD均为

正方形，BD，BE是对角线，得∠ABD＝∠FBE＝45°，根据等式的基本性质确定出ABFDBE；②再根据正方形的对角线等于边长的2倍，得到两边对应成比例，再根据角度的相减得到夹角相等，利用两边成比例且夹角相等的两个三角形相似即可判断；④根据两角相等的两个三角形相似得到△EBH∽△DBE，从

而得到比例式，根据BE＝2BG，代换即可作出判断；③由相似三角形对应角相等得到∠BAF＝∠BDE＝45°，可得出AF在正方形ABCD对角线上，根据正方形对角线垂直即可作出判断．⑤设CE=x，DE=3x，则BC=CD=4x，结合B

E2＝BH•BD，求出BH，DH，即可判断．【详解】解：①∵四边形BGEF和四边形ABCD均为正方形，BD，BE是对角线，∴∠ABD＝∠FBE＝45°，又∵∠ABF＝45°−∠DBF，∠DBE＝45°−∠DBF，∴ABFDBE，∴选

项①正确；②∵四边形BGEF和四边形ABCD均为正方形，∴AD＝AB，BF＝BE，∴BD＝2AB，BE=2BF，∴2BDBEABBF又∵ABFDBE，∴ABFDBE∽，∴选项②正确；④∵四边形BGEF和四边形ABCD均为正方形，BD，BE是对角线，∴∠BEH＝∠BDE＝45°，又

∵∠EBH＝∠DBE，∴△EBH∽△DBE，∴BDBEBEBH，即BE2＝BH•BD，又∵BE＝2BG，∴22BGBHBD，∴选项④确；③由②知：ABFDBE∽，又∵四边形ABCD为正方形，BD为对角线，∴∠BAF＝∠BD

E＝45°，∴AF在正方形另外一条对角线上，∴AF⊥BD，∴③正确，⑤∵:1:3CEDE，∴设CE=x，DE=3x，则BC=CD=4x，∴BE=2222417CEBCxxx，42BDx∵BE2＝BH•BD，∴221717284

2BExBHxBDx，∴DH=BD-BH=1721524288xxx,∴:17:15BHDH，故⑤错误，综上所述：①②③④正确，故答案是：①②③④．【点睛】此题考查了相似三角形的判定与性质，全等三角形的判

定与性质，以及正方形的性质，熟练掌握相似三角形的判定和性质是解本题的关键．三、计算或解答题（本大题共10个小题，共90分）16.计算：101tan60233122【答案】-3【解析】【分析】分别利用负整指数幂，特殊角的三角函数值，绝对值，零指数幂，二次

根式的性质化简，再进行计算即可．【详解】解：101tan60233122=2+3233+1-2=2323123=3【点睛】本题考查了负整指数幂，特殊角的三角函数值，绝对值，零指

数幂，二次根式的化简等知识点，熟悉相关性质是解题的关键．17.先化简，再求值：322293443mmmmmm，其中m是已知两边分别为2和3的三角形的第三边长，且m是整数．【答案】32mm；12【解析】【分析】原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法则计算

，同时利用除法法则变形，约分得到最简结果，利用三角形三边的关系，求得m的值，代入计算即可求出值．【详解】解：322293443mmmmmm222(2)99(2)33mmmmmm=2223mmmm=2232mmmm=32mm

=，∵m是已知两边分别为2和3的三角形的第三边长，∴3-2＜m＜3+2，即1＜m＜5，∵m为整数，∴m=2、3、4，又∵m≠0、2、3∴m=4，∴原式=431422．【点睛】本题主要考查了分式的化简求值以及三角

形三边的关系，解题的关键是掌握分式混合运算顺序和运算法则．18.如图，在平行四边形ABCD中，对角线AC与BD相交于点O，过点O的直线EF与BA、DC的延长线分别交于点E、F．（1）求证：AE＝CF；（2）请再添加一个条件，使四边形BFDE是菱形，并说明理由．【答案】（

1）见解析；（2）EF⊥BD或EB＝ED，见解析【解析】【分析】（1）根据平行四边形的性质和全等三角形的证明方法证明AOECOFVV≌，则可得到AE＝CF；（2）连接BF，DE，由AOECOFVV≌，得到OE=OF，又AO=CO，所以四边形AECF是平行四边形，则根据EF⊥BD可得四

边形BFDE是菱形．【详解】证明：（1）∵四边形ABCD是平行四边形∴OA＝OC，BE∥DF∴∠E＝∠F在△AOE和△COF中EFAOECOFOAOC∴AOECOFVV≌AAS∴AE＝CF（2）当EF⊥BD时，四边形BFDE是菱形，理由如下：如图：连结BF，

DE∵四边形ABCD是平行四边形∴OB＝OD∵AOECOFVV≌∴OEOF∴四边形BFDE是平行四边形∵EF⊥BD，∴四边形BFDE是菱形【点睛】本题主要考查了全等三角形的性质与判定、平行四边形的性质，菱形的

判定等知识点，熟悉相关性质，能全等三角形的性质解决问题是解题的关键．19.我市于2021年5月22－23日在遂宁观音湖举行了“龙舟赛”，吸引了全国各地选手参加．现对某校初中1000名学生就“比赛规则”的了解程度进行了抽样调查（参与调查的同学只能选择其中一项），并将调查结果绘制出以下

两幅不完整的统计图表，请根据统计图表回答下列问题：类别频数频率不了解10m了解很少160.32基本了解b很了解4n合计a1（1）根据以上信息可知：a＝，b＝，m＝，n＝；（2）补全条形统计图；（3）估计该校1000名初中学生中“基本了解”的人数约有人；（4）“很了解

”的4名学生是三男一女，现从这4人中随机抽取两人去参加全市举办的“龙舟赛”知识竞赛，请用画树状图或列表的方法说明，抽到两名学生均为男生和抽到一男一女的概率是否相同．【答案】（1）50；20；0.2；0.08；（2）见解

析；（3）400；（4）12【解析】【分析】（1）由“了解很少”的频数除以频率得到调查样本容量，从而可求出a，b，m，n的值；（2）根据（1）的结论补全图形即可；（3）根据样本的基本了解的频率估计总体即可得到结果；（4）运用列表的方法得出所有情况和抽到两名学生均为男生和抽到

一男一女的情况相同，从而得出结论．【详解】解：（1）∵16÷0.32=50（人）∴a＝50，b＝50-（10-16-4）=20，m＝10÷50=0.2，n＝4÷50=0.08，故答案为：50，20，0.2，0.08；（2）补全条形统计图如下图：（3）该校1000名

初中学生中“基本了解”的人数约有201000=50400人，故答案为：400；（4）记4名学生中3名男生分123,,AAA，一名女生为B，A1A2A3BA1（A1，A2）（A1，A3）（A1，B）A2（A2，A1）（A2，A3）（A2，B）

A3（A3，A1）（A3，A2）（A3，B）B（B，A1）（B，A2）（B，A3）从4人中任取两人的所有机会均等结果共有12种抽到两名学生均为男生包含：A1A2，A1A3，A2A1，A2A3，A3A1，A3A2，共6种等可能结果，∴P（抽到两名学生均

为男生）＝61122抽到一男一女包含：A1B，A2B，A3B，BA1，BA2，BA3共六种等可能结果∴P（抽到一男一女）＝61122故抽到两名学生均为男生和抽到一男一女的概率相同【点睛】本题考查条形统计图、列表法求随机事件发生的概率，从统计图中获取数量

和数量之间的关系以及列举出所有可能出现的结果数是解决问题的关键．20.已知平面直角坐标系中，点P（00,xy）和直线Ax＋By＋C＝0（其中A，B不全为0），则点P到直线Ax＋By＋C＝0的距离d可用公式0022AxByCdAB来计算．例如：求点P（1，

2）到直线y＝2x＋1的距离，因为直线y＝2x＋1可化为2x－y＋1＝0，其中A＝2，B＝－1，C＝1，所以点P（1，2）到直线y＝2x＋1的距离为：0022222112115552(1)AxByCd

AB（）．根据以上材料，解答下列问题：（1）求点M（0，3）到直线39yx的距离；（2）在（1）的条件下，⊙M的半径r＝4，判断⊙M与直线39yx的位置关系，若相交，设其弦长为n，求n的值；若不相交，说明理由．【答案】（1）3；（2）直线与圆相交，2

7n【解析】【分析】（1）直接利用公式计算即可；（2）根据半径和点到直线的距离判断直线与圆的位置关系，再根据垂径定理求弦长．【详解】解：（1）∵y＝3x＋9可变形为3x－y＋9＝0，则其中A＝3，B＝－1，C＝9，由公式可得223039331d

∴点M到直线y＝3x＋9的距离为3，（2）由（1）可知：圆心到直线的距离d＝3，圆的半径r＝4，∵d＜r∴直线与圆相交，则弦长2224327n，【点睛】本题考查了阅读理解和圆与直线的位置关系，垂径定理，解题关键是熟练运用公式求解和熟练运用圆的相关性质进行推理和计算．21.某服

装店以每件30元的价格购进一批T恤，如果以每件40元出售，那么一个月内能售出300件，根据以往销售经验，销售单价每提高1元，销售量就会减少10件，设T恤的销售单价提高x元．（1）服装店希望一个月内销售该种T恤能获得利润3360元，并且尽可能减少库存，问T恤的销售

单价应提高多少元？（2）当销售单价定为多少元时，该服装店一个月内销售这种T恤获得的利润最大？最大利润是多少元？【答案】（1）2元；（2）当服装店将销售单价50元时，得到最大利润是4000元【解析】【分析】（1）根据题意，通过列一元二次方程并

求解，即可得到答案；（2）设利润为M元，结合题意，根据二次函数的性质，计算得利润最大值对应的x的值，从而得到答案．【详解】（1）由题意列方程得：（x＋40-30）（300-10x）＝3360解得：x1＝2，x2＝18∵要尽可能减少库存，∴x2＝18不合题意，故

舍去∴T恤的销售单价应提高2元；（2）设利润为M元，由题意可得：M＝（x＋40-30）（300-10x）＝-10x2＋200x＋3000＝210104000x∴当x＝10时，M最大值＝4000元∴销售

单价：40＋10＝50元∴当服装店将销售单价50元时，得到最大利润是4000元．【点睛】本题考查了一元二次方程、二次函数的知识；解题的关键是熟练掌握一元二次方程、二次函数的性质，从而完成求解．22.小明周末与父母一起

到遂宁湿地公园进行数学实践活动，在A处看到B、C处各有一棵被湖水隔开的银杏树，他在A处测得B在北偏西45°方向，C在北偏东30°方向，他从A处走了20米到达B处，又在B处测得C在北偏东60°方向．（1）求∠C的度数；（2）求两颗银杏树B、

C之间的距离（结果保留根号）．【答案】（1）30°；（2）（102106）米【解析】【分析】（1）作//BEAD交BC于点D，根据//BEAD且60BED，可得60BDABED，利用外角的性质根据CBDACAD可求出结果（2）过点B

作BG⊥AD于G，则有90AGBBGD，可得2045102AGBGsin，206sin603BGBD，106tan603BGDG，可求得1061023CDADAGDG＋，再根据BCBDCD可得结果．【详解】解：（1）如图示，作//BEAD交BC于点

D，∵//BEAD且60BED∴60BDABED∵BDACCAD且30CAD∴30CBDACAD（2）过点B作BG⊥AD于G．∵BGAD∴90AGBBGD

在RtAGB△中，20AB，45BAG2045102AGBGsin在RtBGD中，60BDA206sin603BGBD106tan603BGDG∵30CCAD∴1061023CDADAGDG

∴102106BCBDCD答：两颗银杏树B、C之间的距离为102106米【点睛】本题考查了解直角三角形的应用，平行线的性质，外角的性质，能根据题意理清图形中各角的关系是解题的关键．23.如图，一次函数1y＝kx＋b（k≠0

）与反比例函数2myx（m≠0）的图象交于点A（1，2）和B（－2，a），与y轴交于点M．（1）求一次函数和反比例函数的解析式；（2）在y轴上取一点N，当△AMN的面积为3时，求点N的坐标；（3）将直线1y向下平移2个单位后得到直线y3，当

函数值123yyy时，求x的取值范围．【答案】（1）y1＝x＋1；22yx；（2）N（0，7）或（0，－5）；（3）－2＜x＜－1或1＜x＜2【解析】【分析】（1）先用待定系数法求反比例函数解析式，再求出B点坐标，再求一次函数解析式即可；（2）根据面积求出MN长，

再根据M点坐标求出N点坐标即可；（3）求出直线y3解析式，再求出它与反比例函数图象的交点坐标，根据图象，可直接写出结果．【详解】解：（1）∵2myx过点A（1，2），∴m＝1×2＝2，即反比例函数：22yx，当x＝－

2时，a＝－1，即B（－2，－1）y1＝kx＋b过A（1，2）和B（－2，－1）代入得221,kbkb，解得11kb，∴一次函数解析式为y1＝x＋1，（2）当x＝0时，代入y＝x＋1中得，y＝1，即M（0，1）∵S△AMN＝1••32AAMNxx，1∴MN＝

6，∴N（0，7）或（0，－5），（3）如图，设y2与y3的图像交于C，D两点∵y1向下平移两个单位得y3且y1＝x＋1∴y3＝x－1，联立得1,2yxyx解得12xy或21xy∴C（－1，－2），D（2，1），在A

、D两点之间或B、C两点之间时，y1＞y2＞y3，∴－2＜x＜－1或1＜x＜2．【点睛】本题考查了一次函数和反比例函数综合，解题关键是熟练运用待定系数法求出解析式，利用数形结合思想解决问题．24.如图，⊙O的半径为1，点A是⊙O的直径BD延长线上的一点，C为⊙O上的一点，AD＝C

D，∠A＝30°．（1）求证：直线AC是⊙O的切线；（2）求△ABC的面积；（3）点E在¼BND上运动（不与B、D重合），过点C作CE的垂线，与EB的延长线交于点F．①当点E运动到与点C关于直径BD对称时，求CF的长；②当点E运动到什么位置时，CF取到最大值，并求出此时CF的

长．【答案】（1）见解析；（2）334；（3）①3；②23【解析】【分析】（1）连接OC，利用切线的判定定理，证明OC⊥AC即可；（2）要求ABC的面积，结合（1）题，底边AB可求，只需再求出底边上

的高CH即可；（3）①根据垂径定理可求CE的长，再利用锐角三角函数，可求CF的长；②由①可知，点E在运动过程中，始终有=3CFCE，所以，求出CE的最大值，即可得到CF的最大值．【详解】（1）证明：连结OC，如图所示．∵AD＝CD，∠A＝30°，∴∠ACD＝∠A=30°．

∴∠CDB＝60°．∵OD＝OC，∴∠OCD＝∠ODC=60°．∴∠ACO＝∠ACD＋∠OCD＝30°+60°=90°．∴OC⊥AC．∴直线AC是⊙O的切线．（2）过点C作CH⊥AB于点H，如图所示．∵OD=OC，∠ODC=60°，∴ODC△是等

边三角形．∴112CDODADDHOH，．∴在RtOCH中，222213122CHCDDH．∵AB＝AD＋BD＝3，∴1133332224ABCSABCH△

．（3）①当点E运动到与点C关于直径BD对称时，如图所示．此时，CE⊥AB，设垂足为K．由（2）可知，32CK．∵BD为圆的直径，CE⊥AB，∴CE＝2CK＝3．∵CF⊥CE，∴∠ECF＝90°．∵BCBC，∴∠E=∠CDB＝6

0°．在RtEFC中，∵tanCFECE∠，∴tan60333CFCE．②如图所示：由①可知，在RtEFC中，∵tanCFECE∠，∴tan603CFCECE．∴当点E在¼BND上运动时，始终有=3CFCE．∴当CE最大时，CF取得最大

值．∴当CE为直径，即CE=2时，CF最大，最大值为23．【点睛】本题考查了圆的切线的判定、等腰三角形的性质、勾股定理、垂径定理、圆周角定理的推论、锐角三角函数、求线段的最值等知识点，熟知切线的判定方法、垂径定理、圆周角定理、锐角三角函数的定义是解题的

关键．25.如图，已知二次函数的图象与x轴交于A和B（－3，0）两点，与y轴交于C（0，－3），对称轴为直线1x，直线y＝－2x＋m经过点A，且与y轴交于点D，与抛物线交于点E，与对称轴交于点F．（1）求抛物线的解析式和m的值；（2）

在y轴上是否存在点P，使得以D、E、P为顶点的三角形与△AOD相似，若存在，求出点P的坐标；若不存在，试说明理由；（3）直线y＝1上有M、N两点（M在N的左侧），且MN＝2，若将线段MN在直线y＝1上平移，当它移动到某一位置时，四边形MEFN的周长会达到最小，

请求出周长的最小值（结果保留根号）．【答案】（1）214yx；m=2；（2）存在，0,12P或0,14.5；（3）102+45+2【解析】【分析】（1）根据抛物线的对称性求出A（1，0），再利用待定系数法，即可求解；再把点

A坐标代入直线的解析式，即可求出m的值；（2）先求出E（-5，12），过点E作EP⊥y轴于点P，从而得EDPADO∽，即可得到P的坐标，过点E作EPAE⊥，交y轴于点P，可得PDEADO∽，再利用tan∠ADO=tan∠PEP，即可求解；（3）作直线y=1，将点F向左平移2个

单位得到F，作点E关于y=1的对称点E，连接EF与直线y=1交于点M，过点F作FN∥EF，交直线y=1于点N，在RtEWF中和RtEWF中分别求出EF，EF，进而即可求解．【详解】（1）解：∵二次函数的图象与x轴交于A和B（－3，0）两点，对称轴为直线1x，∴

A（1，0），设二次函数解析式为：y=a(x-1)(x+3)，把C（0，－3）代入得：-3=a(0-1)(0+3)，解得：a=1，∴二次函数解析式为：y=(x-1)(x+3)，即：214yx，∵直线y＝－2x＋m经过点A，∴0=-2×

1+m，解得：m=2；（2）由（1）得：直线AF的解析式为：y=-2x+2，又∵直线y=-2x+2与y轴交于点D，与抛物线交于点E，∴当x=0时，y=2，即D（0，2），联立22214yxyx，解得：11512xy

，2210xy，∵点E在第二象限，∴E（-5，12），过点E作EP⊥y轴于点P，∵∠ADO=∠EDP，∠DOA=∠DPE=90°，∴EDPADO∽，∴P（0，12）；过点E作EPAE⊥，交y

轴于点P，可得PDEADO∽，∵∠EDP+∠PED=∠PEP+∠PED=90°，∴∠ADO=∠EDP=∠PEP，即：tan∠ADO=tan∠PEP，∴OAPPODEP，即：125PP，解得：2.5PP，∴P（0，14.5），综上所述：点P的坐标为（0，12）或（

0，14.5）；（3）∵点E、F均为定点，∴线段EF长为定值，∵MN=2，∴当EM+FN为最小值时，四边形MEFN的周长最小，作直线y=1，将点F向左平移2个单位得到F，作点E关于y=1的对称点E，连接EF与直线y=1交于点M，过点F作

FN∥EF，交直线y=1于点N，由作图可知：EMEMFMFN，，又∵EMF，，三点共线，∴EM+FN=EMFMEF，此时，EM+FN的值最小，∵点F为直线y=-2x+2与直线x=-1的交点，∴F（-1，4），∴F（-3，4

），又∵E（-5，12），∴E（-5，-10），延长FF交线段EE于点W，∵FF与直线y=1平行，∴FW⊥EE，∵在RtEWF中，由勾股定理得：EF=221241545，在RtEWF中，由勾股定理得：EF=22

41035102，∴四边形MEFN的周长最小值=ME+FN+EF+MN=102452EFEFMN．【点睛】本题主要考查二次函数与平面几何的综合，掌握待定系数法，相似三角形的判定和性质，添加辅助线，利用轴对称图形的性质，构造线段和

的最小值，是解题的关键．获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com