【文档说明】湖南省五市十校教研教改共同体2025届高三上学期第一次学业质量评价物理试题答案.pdf，共(5)页，267.082 KB，由envi的店铺上传

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【高三物理试题参考答案第１页(共５页)】T８&五市十校􀅰２０２５届高三第一次学业质量评价􀅰物理参考答案、提示及评分细则１．【答案】D【解析】１４Cβ衰变方程１４６C→１４７N＋０－１e,β衰变产物为１４７N;A错误;β衰变是原子核内部中子转化成质子同时,释放一个电子;１４C半衰期与温度压强

等环境因素无关;通过文物中的１４C和现代杉木中１４C的对比,可得到７７２＝１０００(１２)t５７３０,t＝２１３９年．D正确．【命题意图】本题以利用１４C测定马王堆一号汉墓外椁盖板杉木年龄为背景,主要考查β衰变、核反应、半周期

等知识点,与实际生活应用结合,考查学生学以致用的能力．２．【答案】B【解析】网球上旋时,网球与地面接触时,相对地面向后运动,网球所受摩擦力向前,提供网球向前运动的动力,使网球水平速度增大,网球冲击力增强;A错误,B正确;下旋球所受旋转力向上,与重力方向相反,网球所受合力减小,竖直方向加速度较小,网

球上升高度较高;C、D错误．【命题意图】本题以奥运比赛中网球运动为情景,结合题目所给信息,分析网球受力,考查受力分析、力与运动关系等知识,要求学生能结合题干信息分析“旋转力”的方向．３．【答案】A【解析】溅射的水花做斜抛运动,水花运动时间t＝２v０sinθg,水平射程s＝２v０sinθ

g􀅰v０cosθ＝v２０sin２θg;运动时间随θ增大而增大,随θ的增大,射程先增大后减小;A正确,B错误;竖直方向速度先减小后增大,重力功率先减小后增大;水花运动过程中机械能守恒,C、D错误．【命

题意图】本题以水上飞船激起水花运动为情景,考查斜抛运动、功率、机械能等相关知识,要求考生能学以致用,分析和解决生活实际问题的能力．４．【答案】C【解析】载人飞船在轨道１和空间站在轨道２上的P处,都由万有引力来提供合

外力,加速度大小相同;轨道１为椭圆轨道,在P处速度小于gR２r;由开普勒第三定律可知,轨道１和轨道２运行周期之比为(r＋R２r)３２;轨道１为椭圆轨道,万有引力与向心力大小不等,可利用轨道２求解地球质量M,C正确．【命题

意图】本题神舟十八号飞船与空间站为情景,考查开普勒定律、万有引力定律等相关知识,要求考生能学以致用,分析和解决生活实际问题的能力．５．【答案】C【解析】由图像可知t１时刻A中电流最大,但电流变化率为０,此时B中无感应电流;t２时刻A中电流减小,

由楞次定律可知,B中产生与A方向相同的感应电流,t３时刻A中电流减小,B中产生与A方向相同的感应电流,因此t２和t３时刻,A、B两环都相互吸引,B环在这两个时刻电流方向相反;t３时刻B环面积有扩张趋势,t４时刻B环磁感应强度为０,面积无

变化趋势;C正确．【命题意图】本题考查电磁感应、互感等相关知识,要求考生能深刻理解感应电流与原电流的关系,正确处理图{#{QQABSQSQoggoAAAAARgCQwlSCgOQkhGACSgGQAAAIAAASRFABAA=}#}【

高三物理试题参考答案第２页(共５页)】像信息的能力．６．【答案】D【解析】铁块A刚放在长木板B上时,对A分析,根据牛顿第二定律有μmgcos３７°＋mgsin３７°＝maA解得aA＝１０m/s２方向沿斜面向下对B

,根据牛顿第二定律有μ(M＋m)gcos３７°＋μmgcos３７°－Mgsin３７°＝MaBaB＝６m/s２方向沿斜面向上,铁块A和长木板B共速的时间为t＝０．５s,则v０－aBt＝aAt解得v０＝８m/s此时A和B相对位移为Δx＝xB－xA＝２

m,A离木板上端０．５m;A、C错误;系统损失的机械能ΔE＝μmgcosθ􀅰Δx＋μ(m＋M)gcosθ􀅰xB＝３４J;B错误;A、B共速后,由于μ＜tan３７°,A、B一起沿斜面加速下滑,a＝２m/s２v０＝v共＋at１,t１＝１．５s;t

２＝１．５s＋０．５s＝２s,D正确;【命题意图】本题以斜面板块运动为模型,考查牛顿第二定律、功能关系等知识,考查考生综合分析推理的能力．７．【答案】BC【解析】由波形图可知波长λ＝４m,周期T＝２s,波速v＝２m/s,由振动图像可知P点１s时正在向y轴正向运动,所以波向x轴正向传

播;１s到５．５s时间内,质点P振动了２１４T,即P的路程s＝８A＋A＝４５cm;A错误,B正确;从t＝１s到６．５s,x＝３m处质点振动Δt＝２T＋３４T,６．６s时刻,质点经过了平衡位置向下运动,C正确;发生明显衍射的条件是d≤λ,

因此不能发生明显衍射,D错误．【命题意图】本题考查机械波中波动图像和振动图像等知识,考查考生对基础知识的理解和运用．８．【答案】AC【解析】在静电分析器中,质子所受电场力与速度垂直,速度v大小不变,质子做匀速圆周运动;A正确;静电分析器中:

Eq＝mv２R,在加速电场中:Uq＝１２mv２得E＝２UR,在磁场中由洛伦兹力提供向心力:qvB＝mv２r得r＝１B２Umq,质子半径为d,即α粒子半径为２d,由几何关系可得α粒子打在Q点右侧,QH＝(２d)２－(２d－d)２－d＝(２２－１－１)d,电场强度E与磁场强度B的比值E

B＝dR２Uqm,C正确,D错误．【命题意图】本题质谱仪为情景,考查圆周运动、电场力做功、洛伦兹力等相关知识,考查考生对基础知识、常见模型掌握的熟练程度,能分析和解决实际问题．９．【答案】AD【解析】利用等效电阻法,电路图如图所示,

R１为变压器副线圈负载等效电阻,R１＝(n１n２)２R并＝９R并,当P在中点时,R并＝１０Ω,R１＝９０Ω,则通过R０的电流为２A,A正确;当P向a端滑动时,负载总电阻增大,电流减小,电源功率减小,R０消耗的功率也减小,B

、C错误;将R０看成{#{QQABSQSQoggoAAAAARgCQwlSCgOQkhGACSgGQAAAIAAASRFABAA=}#}【高三物理试题参考答案第３页(共５页)】等效电源内阻,可知当R１＝R０时,R１的功率

最大,滑片P向上滑动时,R１的功率逐渐减小,D正确．【命题意图】本题考查变压器、电路动态分析等相关知识,考查学生的综合分析能力．１０．【答案】BD【解析】电荷从C到A,电场力做功－３２W,则电场强度在AC方向上的分量EAC＝W２ql,通过分

析易知从B移动A,电场力做功３W２,则电场强度在BA方向上的分量EBA＝３W２ql,则电场强度与BA的夹角正切tanθ＝１３,A错误;加速度a＝a２AC＋a２BA＝１０W２ml,将速度v分解为平行电场方向v∥＝vsinθ＝１０１０v

和垂直电场方向v⊥＝vcosθ＝３１０１０v,v∥＝０时,粒子动能最小,此时t＝v⊥a＝mvl５W,经过时间t１＝２t＝２mvl５W,粒子速度大小再次为v;B正确,C错误;粒子从A点沿AB方向射出时,粒子沿AB先做匀减速后反向匀加速,到达C点时间为t

２＝２vaBA,粒子沿AC方向做匀加速直线运动,３l＝１２aACt２２,可得粒子从A点发射动能为９３８W,D正确．【命题意图】本题考查匀强电场中电场力做功、运动合成分解等相关知识,考查学生的综合分析能力和推理能力．１１．(共５分

)(１)C(１分)(２)０．４０(２分)(３)４p２g－q－m０(２分)【解析】(１)本实验采用斜面平衡小车在木板上运动时所受阻力,重物拉动小车运动时,所受合外力为绳上拉力F,重物P连接动滑轮,其加速度为小车加速度２倍,所以C正确．(

２)利用逐差法可计算小车加速度a＝０．４０m/s２．(３)结合图像相对应点A时F＝p,小车的加速度a＝q对钩码(m０＋m)g－２p＝１２(m０＋m)q可知钩码的质量为m＝４p２g－q－m０．【命题意图】本实验考查对实验原理的理解、加速度的计算等相关知识,考查学生对基础知

识的掌握,图像信息处理等能力．１２．(共１１分)(１)５．０(１分)(２)１k(２分)bk－R０(２分)大于(２分)(３)０．３５(答０．３４~０．３６均可得分)(２分)８７．３％(２分)【解析】(１)本实验利用电桥法测电阻,电流计读数为０,R０＝RP＝１０Ω．(２)利用安阻

法测电源电动势和内阻,１I＝１ERP＋R０＋rE,可知E＝１k,r＝bk－R０,如果考虑电流表内阻,测量的r测＝r＋RA,测量值大于真实值．(３)将电源与灯泡连接成图丙电路图,由闭合电路欧姆定律可知:E＝２U＋I(R＋r),得U＝－３２I＋３２,在灯泡伏安特性曲线中作出该图像,易知

灯{#{QQABSQSQoggoAAAAARgCQwlSCgOQkhGACSgGQAAAIAAASRFABAA=}#}【高三物理试题参考答案第４页(共５页)】泡功率约为０．３５W;此时电源效率为E－IrE＝８７．３％．【命题意图】本实验考查对电桥法测电阻、测

电源电动势和内阻、伏安特性曲线等相关知识,考查学生对基本原理的理解,误差分析以及数形结合等综合能力．１３．(１)３８０Pa(２)２×１０－３m３【解析】(１)以负压舱内气体为研究对象,体积不变,初态:p１＝１．０×１０５Pa,T１

＝３００K末态压强为p２,温度T２＝２９０K,由查理定律可得:p１T１＝p２T２(２分)p２＝０．９６６７×１０５Pa(１分)此时舱内外压强差Δp＝(０．９７０５－０．９６６７)×１０５Pa＝３８０Pa(１分)(２)初状态下p２＝０．９６６

７×１０５Pa,温度T２＝２９０K,体积V１＝０．６m３充入气体压强p′＝０．９７０５×１０５Pa,充入体积为ΔV(１分)末状态气体压强p３＝p′－５０Pa＝０．９７×１０５Pa(１分)p２V１＋p′ΔV＝p３V１(３分)ΔV≈２×１０－３

m３(１分)(注:其他解法步骤合理,也可合理给分)【命题意图】本题以负压舱为情景,考查热力学相关知识,考查学生对模型建立,对气体变质量问题的分析能力．１４．(１)９２００mv２０(２)９９２００mv２０【解析】(１)木块与子弹组成系统,子弹射

入木块瞬间,沿斜面方向动量守恒(１分)mv１＝(m＋４m)v２(１分)v１＝v０cos３０°(１分)v１＝３１０v０(１分)子弹和木块一起上滑过程中,由动能定理:－５mgssin３０°－μ５mgcos３０°s＝０－１２５mv２１(２分)子弹和木块一起上滑的距

离s＝３v２０２５００(１分)由于μ＞tan３０°,木块将停在斜面上保持静止,所以摩擦产生的热量Q＝μ５mgcos３０°s＝９２００mv２０(２分)(２)斜面不固定时,子弹与木块、斜面组成系统,水平方向上动量守恒,mv０＝１０mv共v共＝１１０v０(３分)子弹损失的动能

为ΔEk＝１２mv２０－１２mv２共＝９９２００mv２０(２分){#{QQABSQSQoggoAAAAARgCQwlSCgOQkhGACSgGQAAAIAAASRFABAA=}#}【高三物理试题参考答案第５页(共５页)】【命题意图】本题基础模型为情景,考查学生对动量守恒定律以及功能关系的理

解,考查学生对概念理解、综合能力．１５．(１)μ＝０．５(２)F＝０．１２N(３)EC＝１．５×１０－３J【解析】(１)闭合S１,断开S２,金属棒稳定后做匀速直线运动,对棒受力分析:mgsin３７°－μmg

cos３７°－F安＝０(２分)F安＝BILI＝ER＝BLvRμ＝０．５(１分)(２)闭合S２,断开S１时,在Δt时间内,对金属棒由动量定理可得:(mgsinθ－μmgcosθ)Δt－BILΔt＝mΔv(１分)在Δt

对电容器:Δq＝IΔtΔq＝CΔU＝CBLΔv(１分)分析可知金属棒向下做匀加速运动a１＝mgsinθ－μmgcosθm＋CB２L２＝１m/s２(１分)同理可知施加外力F后,金属棒向下做匀减速运动a２＝F＋μmgcosθ

－mgsinθm＋CB２L２(１分)向下加速运动和向下减速运动时,a１t０＝a２t０５a２＝５m/s２(２分)F＝０．１２N(１分)(３)金属棒向下减速为０后,向上反向以加速度a３匀加速运动,分析可知:a３＝F－μmgcosθ－m

gsinθm＋CB２L２＝１m/s２(１分)金属棒速度为０时离静止释放点的距离x＝１２a１t２０＋１２a２(t０５)２＝０．１５m(１分)金属棒返回到出发点时速度为v,v２＝２a３xv＝３０１０m/s(１分)对金属棒向上运动过程由功能关系:Fx－mgx

sinθ－μmgcosθx＝１２mv２＋EC(２分)EC＝１．５×１０－３J(１分)(注:利用图像法求解速度,也可合理给分)【命题意图】本题考查学生对常见模型的深刻理解,能够清晰分析金属棒运动过程的受力情况,考查学生分析推理、综合分析等能力．{#{QQABSQSQoggoAAAA

ARgCQwlSCgOQkhGACSgGQAAAIAAASRFABAA=}#}