【文档说明】2020年高考真题+高考模拟题 专项版解析汇编 物理——03 相互作用 （教师版）.docx，共(12)页，346.421 KB，由envi的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-a04e3ba0e05b0693d78f0c4af1559611.html

以下为本文档部分文字说明：

专题03相互作用1.（2020·新课标Ⅰ卷）行驶中的汽车如果发生剧烈碰撞，车内的安全气囊会被弹出并瞬间充满气体。若碰撞后汽车的速度在很短时间内减小为零，关于安全气囊在此过程中的作用，下列说法正确的是（）A.增

加了司机单位面积的受力大小B.减少了碰撞前后司机动量的变化量C.将司机的动能全部转换成汽车的动能D.延长了司机的受力时间并增大了司机的受力面积【答案】D【解析】A．因安全气囊充气后，受力面积增大，故减小了司机单位面积的受力大小，故A错误；B．有无安全气囊司机初动量和末动量均相同，所以

动量的改变量也相同，故B错误；C．因有安全气囊的存在，司机和安全气囊接触后会有一部分动能转化为气体的内能，不能全部转化成汽车的动能，故C错误；D．因为安全气囊充气后面积增大，司机的受力面积也增大，在司机挤压气囊作用过程中由于气囊的缓冲故增加了作用时间，故D正确。故选D。2.（2020·新课标Ⅲ

卷）如图，悬挂甲物体的细线拴牢在一不可伸长的轻质细绳上O点处；绳的一端固定在墙上，另一端通过光滑定滑轮与物体乙相连。甲、乙两物体质量相等。系统平衡时，O点两侧绳与竖直方向的夹角分别为α和β。若α=70°，则β等于（）A.45°B.55°C.60°D.70°【答案】B【解

析】甲物体是拴牢在O点，且甲、乙两物体的质量相等，则甲、乙绳的拉力大小相等，O点处于平衡状态，则左侧绳子拉力的方向在甲、乙绳子的角平分线上，如图所示根据几何关系有1802=+，解得55=。故选B。3.（2020·浙江卷）矢量发动机是喷口可向不同方向偏转以产生不同方向推力的一种

发动机。当歼20隐形战斗机以速度v斜向上飞行时，其矢量发动机的喷口如图所示。已知飞机受到重力G、发动机推力1F、与速度方向垂直的升力2F和与速度方向相反的空气阻力fF。下列受力分析示意图可能正确的是（）A.B.C.

D.【答案】A【解析】由题意可知所受重力G竖直向下，空气阻力Ff与速度方向相反，升力F2与速度方向垂直，发动机推力F1的方向沿喷口的反方向，对比图中选项可知只有A选项符合题意。故选A。4.（2020·浙江卷）如图是“中国天眼”500m口径球面射电望远镜维护时的照片。

为不损伤望远镜球面，质量为m的工作人员被悬在空中的氦气球拉着，当他在离底部有一定高度的望远镜球面上缓慢移动时，氦气球对其有大小为56mg、方向竖直向上的拉力作用，使其有“人类在月球上行走”的感觉，若将人视为质点，此时工作人员（）A.受到的重力大小为16mgB.受到的

合力大小为16mgC.对球面的压力大小为16mgD.对球面的作用力大小为16mg【答案】D【解析】A．工作人员的质量为m，则工作人员受到的重力Gmg=，A错误；B．工作人员在球面上缓慢行走，处于平衡状态，合力为0，B错误；C．工作人员站在的球面位置不水平，对球面的压力不等于16mg，C错误；

D．由平衡条件可得球面对工作人员的作用力F满足5166Fmgmgmg=−=，再由牛顿第三定律可得，工作人员对球面的作用力大小为16Fmg=，D正确。故选D。5.（2020·山东卷）如图所示，一轻质光

滑定滑轮固定在倾斜木板上，质量分别为m和2m的物块A、B，通过不可伸长的轻绳跨过滑轮连接，A、B间的接触面和轻绳均与木板平行。A与B间、B与木板间的动摩擦因数均为μ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。当木板与水平面的

夹角为45°时，物块A、B刚好要滑动，则μ的值为（）A.13B.14C.15D.16【答案】C【解析】当木板与水平面的夹角为45时，两物块刚好滑动，对A物块受力分析如图沿斜面方向，A、B之间的滑动摩擦力1cos45fNmg==，根据平衡条件可知sin45cos

45Tmgmg=+，对B物块受力分析如图沿斜面方向，B与斜面之间的滑动摩擦力23cos45fNmg==，根据平衡条件可知2sin45cos453cos45mgTmgmg=++，两式相加，可得2sin45

sin45cos45cos453cos45mgmgmgmgmg=+++，解得15=，ABD错误，C正确。故选C。6．（2020·河北省高三三模）如图所示，六根原长均为l的轻质细弹簧两两相连，在同一平面内六个大小相等、互成60°的恒定

拉力F作用下，形成一个稳定的正六边形。已知正六边形外接圆的半径为R，每根弹簧的劲度系数均为k，弹簧在弹性限度内，则F的大小为（）A．2k(R－l)B．k(R－l)C．k(R－2l)D．2k(R－l)【答案】B【解析】正六边形外接圆半径为R，则弹簧的长度为R，弹

簧的伸长量为：△x=R-l，由胡克定律可知，每根弹簧的弹力为：f=k△x=k（R-l），两相邻弹簧夹角为120°，两相邻弹簧弹力的合力为：F合=f=k（R-l），弹簧静止处于平衡状态，由平衡条件可知，每个拉力大小为：F=F合k（R-l），故B正确

；ACD错误；故选B。【点睛】本题考查了共点力作用下物体平衡条件的应用，根据题意求出弹簧的形变量、应用胡克定律求出弹簧的弹力是解题的前提，应用力的合成与平衡条件可以解题。7．（2020·上海高三二模）如图所示，一质量为M的楔形木块放在水平桌面上，它的顶角为90°，两底角为

α和β；a、b为两个位于斜面上质量均为m的小木块，已知所有接触面都是光滑的．现发现a、b沿斜面下滑，而楔形木块静止不动，这时楔形木块对水平桌面的压力等于（）A．Mg+mgB．Mg+2mgC．Mg+mg（sinα+sinβ）D．M

g+mg（cosα+cosβ）【答案】A【解析】对木块a受力分析，如图，受重力和支持力，由几何关系，得到：N1=mgcosα，故物体a对斜面体的压力为：N1′=mgcosα①，同理，物体b对斜面体的压力为：N2′=mgcosβ②，对斜面体受力分析，如图，根据共点力平衡条件，得到：N2′cosα

-N1′cosβ=0③F支-Mg-N1′sinβ-N2′sinα=0④根据题意有：α+β=90°⑤由①～⑤式解得：F支=Mg+mg根据牛顿第三定律，斜面体对地的压力等于Mg+mg；故选：A。【点睛】本题关键先对木块a和b受力分析，求出木块对斜面的压力，然后对斜面体受力分析，根据共点力平衡条件

求出各个力。也可以直接对三个物体整体受力分析，然后运用牛顿第二定律列式求解，可使解题长度大幅缩短，但属于加速度不同连接体问题，难度提高。8．（2020·山西省高三月考）如图所示，物块A放在木板上处于静止状态，现将木块B略向右移动

一些使倾角减小，则下列结论正确的是（）A．木板对A的作用力不变B．木板对A的作用力减小C．物块A与木板间的正压力减小D．物块A所受的摩擦力不变【答案】A【解析】物块A放在木板上处于静止状态，将木块B略向右移动一些

使倾角减小，A仍保持静止，所以木板对A的作用力仍与A的重力等大反向，故A正确，B错误；物块A与木板间的正压力cosNmg=，a减小，所以正压力增大，故C错误；物块A所受的摩擦力sinfmg=，减小，所以摩擦力减小，故D错误。9．（2020·福建省高考模拟）如图所示，在水平晾衣杆上晾晒床单

时，为了使床单尽快晾干，可在床单间支撑轻质小木棍．小木棍位置的不同，两侧床单间夹角θ将不同．设床单重力为G，晾衣杆对床单的作用力大小为F，下列说法正确的是：A．θ越大，F越大B．θ越大，F越小C．无论θ取何值，都有

F=GD．只有当=120°时，才有F=G【答案】C【解析】以床单和细杆整体为研究对象，整体受到重力G和晾衣杆的支持力F，由平衡条件知F=G，与θ取何值无关，故ABD错误，C正确．故选C．10．（2020·福建省莆田市第一联盟

体高三期末联考）如图所示，带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接，开始时轻绳与斜劈平行．现给小滑块施加一个竖直向上的拉力，使小滑块沿杆缓慢上升，整个过程中小球始终未脱离斜劈，则

有A．小球对斜劈的压力保持不变B．轻绳对小球的拉力先减小后增大C．竖直杆对小滑块的弹力先增大再减小D．对小滑块施加的竖直向上的拉力逐渐增大【答案】D【解析】A、B、对小球受力分析，受重力、支持力和细线的拉力，如图所

示：根据平衡条件可知，细线的拉力T增加，支持力N减小，根据牛顿第三定律，球对斜面的压力也减小；故A、B错误．C、D、对球和滑块整体分析，受重力、斜面的支持力N，杆的支持力N′，拉力F，如图所示：根据平衡条件，有：水平方向：N′=Nsinθ，竖直方向：F+Ncosθ=

G，由于N减小，故N′减小，F增加；故C错误、D正确．故选D。【点睛】本题考查共点力平衡条件的应用，关键是正确选择采用整体法和隔离法，灵活地选择研究对象，然后根据平衡条件并结合图示法和正交分解法分析即可．通常在分析外力对系统作用时，用整

体法；在分析系统内各物体之间的相互作用时，用隔离法．有时在解答一个问题时要多次选取研究对象，需要整体法与隔离法交叉使用．11．（2020·四川省绵阳南山中学高三月考）如图所示，物体甲放置在水平地面上，通过跨过定滑轮的轻绳与小球乙相连，整个系统处于静止状态。现对小球乙施加一个

水平力F，使小球乙缓慢上升一小段距离，整个过程中物体甲保持静止，甲受到地面的摩擦力为f，则该过程中A．f变小，F变大B．f变小，F变小C．f变大，F变小D．f变大，F变大【答案】D【解析】以小球乙为研究对象受力分析，设绳与竖直方向的夹角为，根据平

衡条件可得，水平拉力为Fmgtan=，可见水平拉力F逐渐增大，绳子的拉力为mgTcos=，故绳子的拉力也是逐渐增加；以物体甲为研究对象受力分析，根据平衡条件可得，物体甲受地面的摩擦力与绳子的拉力的水

平方向的分力cosxTT=等大反向，故摩擦力方向向左，coscosmgf=是逐渐增大；故D正确，A、B、C错误；故选D。12．（2020·安徽省定远中学高三月考）如图所示，一足够长的斜面体静置于粗糙水平地面上，一小物块沿着斜面体匀速下滑，现对小物块施

加一水平向右的恒力F，当物块运动到最低点之前，下列说法正确的是A．物块与斜面体间的弹力不变B．物块与斜面体间的摩擦力增大C．斜面体与地面间的弹力不变D．斜面体与地面间的摩擦力始终为0【答案】BD【解析】AB、设斜面的倾角为α，不加推力F时，滑块匀速下滑，受重力、支持力和摩擦力，根据

共点力平衡条件，支持力N=mgcosα，摩擦力f=mgsinα，故动摩擦因数μ=f/N=tanα；对小物块施加一水平向右的恒力F后，支持力N′=mgcosα+Fsinα，变大；滑动摩擦力f′=μN′，也变大；故A错误，B正确；CD、不加推力F时，根据平衡条件，滑块受的支持力和摩

擦力的合力竖直向上；故根据牛顿第三定律，滑块对斜面体的压力和摩擦力的合力竖直向下，故斜面体相对地面没有滑动趋势，故斜面体不受摩擦力；加上水平推力后，滑块对斜面体的摩擦力和压力同比例增加，其合力方向依旧是竖直向上(大小变

大，方向不变)；同理,根据牛顿第三定律，滑块对斜面体的压力和摩擦力的合力依旧是竖直向下(大小变大，方向不变)，故斜面体相对地面仍然没有滑动趋势，故斜面体仍然不受摩擦力，但对地压力变大了；故C错误，D正确；故选BD13．（2020·延安市第一中学高三二模）如图所示，重100N的物体

A放在倾角为30°的粗糙斜面上，有一根原长为15cm，劲度系数为500N/m的弹簧，其一端固定在斜面底端，另一端放置物体A后，弹簧长度缩短为10cm，若滑块与斜面间最大静摩擦力为25N，现用一测力计沿斜面向上拉物体，当弹簧的长度仍为10cm时，测力计读数可能为()A．

10NB．30NC．50ND．70N【答案】ABC【解析】施加拉力前，物体受到四个力的作用而平衡：重力G、垂直斜面向上的支持力N、沿斜面向上的摩擦力f和弹簧对物体施加沿斜面向上的弹力f，受力如图，其中115000.05N25NFkx===，根据平衡条件可求出13025NfGsinF=−=，方

向沿斜面向上；施加拉力F后，弹簧长度不变，说明物体仍然静止，并且弹簧对物体施加的弹力大小和方向不变，若摩擦力沿斜面向上，则1sin30FfFG++=，即25NFf+=，摩擦力f随着F增大而较小，当25NF=时，0f=；若25NF，摩擦力沿斜面向下，因为物体没有滑动，所以1maxsi

n30FFGf++，代入数据可得50NF，，所以测力计读数在050N之间，故选项A、B、C正确，D错误．14．（2020·湖南省高三零模）《大国工匠》节目中讲述了王进利用“秋千法”在1000kV的高压线上带电作业

的过程。如图所示，绝缘轻绳OD一端固定在高压线杆塔上的O点，另一端固定在兜篮上。另一绝缘轻绳跨过固定在杆塔上C点的定滑轮，一端连接兜篮，另一端由工人控制。身穿屏蔽服的王进坐在兜篮里，缓慢地从C点运动到处于O点正下方E点的电缆处。绳OD一直处于伸直状态，兜篮、王进及携带

的设备总质量为m，不计一切阻力，重力加速度大小为g。关于王进从C点运动到E点的过程中，下列说法正确的是（）A．工人对绳的拉力一直变大B．绳OD的拉力一直变大C．OD、CD两绳拉力的合力大小等于mgD．当绳CD与竖直方向的夹角为30°时，工人对绳的拉力为33mg【答案】BCD【解析】

AB．对兜篮、王进及携带的设备整体受力分析如图所示绳OD的拉力为F1，与竖直方向的夹角为θ，绳CD的拉力为F2，与竖直方向的夹角为α。根据几何知识有290+=由正弦定理可得12sinsinsin2FFmg==+解得1tanFmg=

2sincos21(2cos)coscoscosmgθmgαFmgαααα===−α增大，θ减小，则F1增大，F2减小，故A错误，B正确；C．两绳拉力的合力大小等于mg，故C正确；D．当α=30°时，则θ=30°，根据平衡条件有22cos30Fmg=可得233Fmg=，故D正确。故选B

CD。