【文档说明】黑龙江省大庆实验中学2017-2018学年高一上学期期中考试 物理答案解析.docx，共(18)页，578.992 KB，由envi的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-9ad62e3f8f54132aecb1318492aedfdc.html

以下为本文档部分文字说明：

黑龙江省大庆实验中学2017-2018学年高一上学期期中考试物理试题一、选择题1.下列说法正确的是()A物体速度变化越大，其加速度一定越大B.物体的速度发生变化，其加速度也一定变化C.当物体的加速度减小时，其

速度可以增大D.当物体的加速度方向为负时，其速度变化量的方向可以为正【1题答案】【答案】C【解析】【详解】物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小．故A错误．物体的速度发生变化，其

加速度不一定变化，例如匀变速直线运动，选项B错误；当物体加速度的方向与物体速度方向相同时，即使加速度减小，速度也是增大的，选项C正确；加速度的方向与速度变化量的方向是相同的，故D错误；故选C．2.图为

A、B两只棕熊在野外沿直线散步的位移—时间图象．由图可知下列说法正确的是()A.在这1h（小时）内，A熊的平均速度较大B.在t=10.0min时刻，B熊的速度较大C.A熊的速度总是沿着一个方向D.B熊的速

度总是沿着一个方向【2题答案】【答案】D【解析】【详解】A．在这1h（小时）内，A熊位移小于B熊的位移，它们所用的时间相同，由xvt=得：B熊的平均速度较大．故A错误；B．在t=10.0min时刻，A熊的斜率大于B熊的斜率，即A熊的速度大于B熊的速度．故B错误；.C．x

-t图象斜率的物理意义为速度，所以A熊的速度方向在40min附近发生改变．故C错误；D．A熊的斜率在40min后出现负值，说明它的速度变为负方向，正在往回走，而B熊的斜率则全都是正值，说明速度是正方向．故D正确；故选D。3.某物体做匀加速直线运动，从A点运动到C点所用的时间为t，

B为AC连线上的一点,物体在AB段上的平均速度为v，在BC段上的平均速度为2v，则()A.物体通过AB、BC两段所用的时间一定相等B.物体运动的加速度一定为2vtC.物体在AC段的平均速度一定为43vD.A、C之

间的距离一定等于32vt【3题答案】【答案】B【解析】【详解】B．AB段的平均速度为v，则2ABvvv+=BC段的平均速度为2v，则222Bvvv+=联立两式解得vC-vA=2v则加速度2CAvvvatt−=＝故B正确；ACD．根据题目提供的条件，无论是AB段、BC段还是AC段，是每一段运

动的过程中是5个相关的物理量：初速度、末速度、加速度、时间以及位移中，只有AC的时间已经该过程中的加速度是已知的，所以不能通过2个已知的物理量求出其他的三个物理量。故ACD均错误。故选B。4.将一张A4纸(质量可忽

略不计)夹在英汉字典内，书对A4纸的压力为3N，A4纸与书之间的动摩擦因数为0.4，要把A4纸从书中拉出，拉力至少应为()A.0.4NB.1.2NC2.4ND.3N【4题答案】【答案】C【解析】【详解】A4纸与书上下两个接触

面都有滑动摩擦力，则有f=2μFN=2×0.4×3N=2.4N当拉力等于摩擦力时，拉力最小，所以有F=2.4N故选C。5.如图，光滑的四分之一圆弧轨道A、B固定在竖直平面内，A端与水平面相切，穿在轨道上的小球在拉力F的作用下，缓慢地由A向B运动，F始终沿轨道的切线方

向，轨道对球的弹力为N．在运动过程中（）A.F增大，N减小B.F减小，N减小C.F增大，N增大D.F减小，N增大【5题答案】【答案】A【解析】【详解】对球受力分析，受重力、支持力和拉力，如图，根据共点力平衡条件，有.N=mgcosθF=mgsinθ其中θ为支持力N与竖直方向的夹角；当

物体向上移动时，θ变大，故N变小，F变大；故A正确，BCD错误．故选A．注：此题答案应该是A.6.将轻绳和轻弹簧的一端分别固定在圆弧上的A、B两点，另一端固定在小球a上，静止时，小球a恰好处于圆心O处，如图甲所示，此时绳与水平方向夹角为30°，弹簧恰好水平，现将轻弹簧

与轻绳对调，将a球换成b球后，小球仍位于O点，如图乙所示，则a、b两个小球的质量之比为()A.1：1B.3：1C.2：3D.3：2【6题答案】【答案】C【解析】【详解】在甲图和乙图中，由于弹簧的长度是相等的，所以两种情

况下的弹簧的弹力是相等的．甲图中：13tan30=3mgF=乙图中:21sin30=2mgF=所以：11223233=2:3132FmmgmmgF===，故C项正确，ABD三项错误．7.如图所示，两个瓶子内盛水，有一个小铁球，还有一个与小铁球体积相同的小泡沫塑料球

，将它们分别用绳子系好并浸入水中．当瓶子突然向右运动时，两小球将会（）A.两小球相对瓶子都向后运动B.小铁球相对瓶子向后运动，小泡沫塑料球相对瓶子向前运动C.小铁球相对瓶子向前运动，小泡沫塑料球相对瓶子

向后运动D.由于惯性，两小球相对瓶子都静止不动【7题答案】【答案】B【解析】【分析】【详解】同样体积的铁球、水、塑料球中，铁球的惯性最大，塑料球的惯性最小，当向右加速运动时，小铁球相对瓶子向后运动，小泡沫塑料球相

对瓶子向前运动，因而两球的相对位置如图所示，故B正确。故选B。8.如图所示，有2n个大小都为F的共点力，沿着顶角为120°的圆锥体的母线方向，相邻两个力的夹角都是相等的．则这2n个力的合力大小为（）A.2nFB.nFC.2(1)nF−D.2(1)nF+【8题答案】【答案】B【解析

】【详解】由题意，两个相等的共点力大小为F，夹角为120°，而合力的大小即为F，因此2n个力的合力大小为nF，ACD错误，B正确。故选B。9.如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，小车左边紧贴墙壁，若在小车斜面上放着一个物体m，当m沿

着小车的斜表面下滑时，小车M始终静止不动，则小车M受力个数可能为（）A.4个或5个B.5个或6个C.3个或4个D.4个或6个【9题答案】【答案】A【解析】【详解】由于小车的斜面是否光滑未知，要进行讨论，分两种情况分析：若斜面光滑时和斜面粗糙时分别分析

M受力的个数．若M斜面光滑时，M受到4个力：重力Mg、m对M的压力，墙壁的弹力和地面的支持力；若m匀速下滑时，M受到4个力：重力Mg、m对M的压力和滑动摩擦力，地面的支持力，根据整体法研究知墙壁对M没有弹力；

若斜面粗糙，m加速下滑时，M受到5个力：重力Mg、m对M的压力和滑动摩擦力，墙壁的弹力和地面的支持力；故选A【点评】本题考查分析受力情况的能力，要分斜面是否粗糙、物体m匀速、加速等情况进行分析，不能漏解．10.关于牛顿第二

定律，下列说法中正确的是()A.加速度和力的关系是瞬时对应关系，即a与F同时产生，同时变化，同时消失B.物体受到外力作用时，立刻产生加速度，速度同时变化C.任何情况下，加速度的方向总与合外力方向相同，但与速度v不一定同向D.当物体受到几个力的作用时，可把物体的加速度看成是各

个力单独作用时所产生的分加速度的合成【10题答案】【答案】ACD【解析】【详解】加速度与力的关系是瞬时对应关系，即a与F是同时产生，同时变化，同时消失，故A正确；力是产生加速度的原因，在多个力作用下物体由合力产生加速度，静止的物体在合力作用瞬时立即产生加速度，而速度

瞬时为零，故B错误；加速度是矢量，加速度方向与合外力的方向相同，加速度方向与速度可能相同，也可能不同，故C正确；加速度是矢量，其合加速度满足矢量合成的法则平行四边形定则，即物体的加速度等于所受各力单独作用在物体上时产生加速度的矢量和，故D正确．故选ACD．1

1.关于自由落体运动，下列说法正确的是（）A.自由落体运动是竖直方向的匀加速直线运动B.竖直方向的位移只要满足x1∶x2∶x3L=1∶4∶9L的运动就是自由落体C.自由落体运动在开始连续的三个2s内的路程之比为1∶3∶5D.自由落体运动在开始连续的三个1s末的速度之比为1∶3∶5【11题

答案】【答案】AC【解析】【详解】A．自由落体运动是初速度为零，仅在重力作用下的匀加速直线运动，故A正确；B．自由落体运动从开始在连续相等时间内的位移满足x1∶x2∶x3L=1∶4∶9L，但满足x1∶x2∶x3L=1∶4∶9L的运动不一定是自由落体运动，故B

错误；C．自由落体运动的初速度为零，根据推论知，在开始连续三个2s内的位移之比为1∶3∶5，故C正确；D．根据v=gt知，在开始连续三个1s末速度之比为1∶2∶3，故D错误。故选AC12.一质点沿x轴正方向做直线运

动，通过坐标原点时开始计时，其xt—t的图像如图所示，则（）A.质点做匀速直线运动，速度为0.5m/sB.质点做匀加速直线运动，加速度为1m/s2的。C.质点在1s末速度为1.5m/sD.质点在第1s内的平均速度为0.75m/s【12题

答案】【答案】BC【解析】【详解】A.由匀变速直线运动规律2012xvtat=+可得012xatvt=+由xt-t的图像可知：质点做匀加速直线运动，A错误；B．xt-t的图像的斜率12ka=可得212m/sak==B

正确；C．由图像可知：当1st=−，0xt=时010.5m/s2vat=−=当1st=时，由匀变速直线运动规律可得01.5m/stvvat=+=C正确；D．由平均速度公式可得01m/s2tvvv−+==D错误；故选BC。13.如图所示，顶端装有光滑定滑轮的斜面

体放在粗糙水平地面上，AB、两物体通过轻质细绳跨过定滑轮连接，并处于静止状态。现用水平向右的力F将物体B缓慢拉动一定的距离（斜面体与物体A始终保持静止）。在此过程中，下列判断正确的是（）A.水平拉力F逐渐变大B.物体A所受斜面体的摩擦力逐渐变大C.斜面体所受

地面的支持力逐渐变大D.斜面体所受地面的摩擦力逐渐变大【13题答案】【答案】AD【解析】【详解】取物体B为研究对象分析其受力，则有tanFmg=cosmgT=θ增大，则水平力F随之变大，对A、B两物体与斜面体这个整体而言，由

于斜面体与物体A仍然保持静止，拉力F增大，则地面对斜面体的摩擦力一定变大，但是因为整体竖直方向并没有其它力，故斜面体所受地面的支持力没有变；在这个过程中尽管绳子张力变大，但是由于物体A所受斜面体的摩擦力开始并不知道其方向，故物体A所受斜面体的摩擦力的情况无法确定

。故AD正确；BC错误。故选AD。14.从地面上以初速度2v0竖直上抛一物体A，相隔△t时间后又以初速度v0从地面上竖直上抛另一物体B,下列说法正确的是()A.要使A、B能在空中相遇,则两物体抛出的时间间隔002vvtggB.要使A、B能在

空中相遇,则两物体抛出的时间间隔0024vvtggC.要使B在上升时与A相遇，则两物体抛出的时间间隔00314vvtgg+（）D.要使B在上升时与A相遇，则两物体抛出的时间间隔00312vvtgg−（）【14题答案】【

答案】BC【解析】【详解】在空中的时间为001242vvtgg=＝；B在空中的时间为022vtg=；要使A、B能在空中相遇，t1-t2＜△t＜t1；即得：0024vvtgg＜＜；选项B正确，A错误；若恰好在B上升至最高点时相遇

，则A运动时间为：t′1＝02vg+T，其中()20221324vgTg=B球的上升时间为t2′＝0vg相遇时，有t′2+△t=t′1联立解得，△t=0(31)vg+故要使B在上升中相遇，△t应满足的条件为：00(31)4vvtgg+＜＜，选项C正确，D错误；故选

BC.点睛：本题关键是抓住临界情况，即考虑B落地时A恰好追上，但不能A落地后在抛出B，运用速度公式进行求解．二、实验题15.在课外活动小组进行研究性学习的过程中，某研究小组设计了一个实验来探究求合力的方法．（1）用两只弹簧测力计A、B把小圆环拉到

某一位置O，这时AO、BO间夹角∠AOB＜90°，如图所示，现不改变弹簧测力计A的拉力方向，使其拉力减小，要使小圆环仍被拉到O点，应调节弹簧测力计B的拉力大小及β角．在下列调整方法中，可行的是__________．①增大B的拉力，减小β角②

增大B的拉力，β角不变③增大B的拉力，增大β角④B的拉力大小不变，增大β角（2）在这个实验当中，有同学认为弹簧测力计的弹簧、挂钩和连杆的重力会使读数有误差．如图所示，下列三种操作可以减小这些误差的是图__________．(填“a”、

“b”或“c)”a.在竖直状态下将橡皮筋从上往下拉b.在竖直状态下将橡皮筋从下往上拉，c.在水平面上将橡皮筋沿水平方向拉【15题答案】【答案】①.③②.C【解析】【详解】（1）由题意可知：保持O点位置不动，即合力大小方向不变，弹簧测力计A的读数不变，只要符合该条

件而且能够做出平行四边形即可，由此可知C可以做出平行四边形，故③正确．（2）图c因为是在水平方向拉伸弹簧，弹簧受力在水平方向，可以减小弹簧测力计弹簧、挂钩、连杆的重力影响，进而减小误差．点睛：此题实质上是动态平衡问题的分析，解题时要抓住结点不变，即保证

合力大小、方向不变，保持A的读数减小，方向不变，即要求一个分力方向不变，故可以根据平行四边形定则作图分析得出结果．16.某同学设计了一个探究加速度a与物体所受合力F及质量m关系的实验，如图所示，图a为实验装置简图．（1）关于该实验

，下列说法正确的是_______A.图中的电源插头应与“6V”交流电源连接B.实验前要将带有滑轮的木板另一端垫起C.实验操作前应使小车从靠近打点计时器的位置释放D.设沙桶和沙子的质量为m0，小车质量为m

，为了减小实验误差，它们质量应满足m0>>m；（2）电源的频率为50Hz，图b为某次实验得到的纸带（每相邻两个计数点间还有一个点图中未画出），根据纸带可求出小车的加速度大小为_____________m/s2；（保留两位有效数字）（3）改变所挂钩码的数量，多次重复测量，在某次实验中根据测得的

多组数据可画出a-F关系图线．（如下图所示）①分析此图线的OA段可得出的实验结论是_____________．②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是_______A．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持

了水平状态C．所挂钩码的总质量太大D．所用小车的质量太大【16题答案】【答案】①.（1）BC②.（2）3.2m/s2③.（3）在质量不变的条件下，加速度与外力成正比④.（4）C【解析】【详解】（1）因为是电火花计时器，则图中的电源插头应与“220V”交流电源连接

，选项A错误；实验前要将带有滑轮的木板另一端垫起，以平衡摩擦力，选项B正确；实验操作前应使小车从靠近打点计时器的位置释放，选项C正确；设沙桶和沙子的质量为m0，小车质量为m，为了减小实验误差，它们质量应满足m>>m0；选项D错误；故选BC.（2）纸带的运动方向向左，

依次取四组数据为：x1，x2，x3，x4，则加速度：24321220.07720.07210.06700.06193.2/440.04xxxxamsT+−−+−−===（3）①分析此图线的OA段可得出的实验结

论是：在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；②由于OA段a-F关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比．由实验原理：mg=Ma得：mgFaMM=＝，而实际上mgaMm+＝，可见AB段明显偏离直线是由于没有满

足小车的质量M＞＞m造成的，故C正确．故选C.三、问答题17.一个物块放置在粗糙程度均匀的水平地面上，受到水平拉力F作用，F随时间t变化的关系如图（a）所示，物块速度v随时间t变化的关系如图（b）所示。（g取10m/s2）求：（1）1s末物块所受摩

擦力的大小f1；（2）物块与水平地面间的动摩擦因数。【17题答案】【答案】（1）4N；（2）0.4【解析】【详解】（1）从图（a）中可以读出，当t=1s时，114NfF==（2）从图（b）中可以看出，当t=2s至t=4s过程中，物块做匀加速运动，加速度大小为22msvat==由牛

顿第二定律得2Fmgma−=33Ffmg==所以2kgm=0.4=18.甲、乙两车在平直公路上比赛，某一时刻，乙车在甲车前方L1=11m处，乙车速度v乙=60m/s，甲车速度v甲=50m/s，此时乙车离终点线尚有L2=600m，如图所示．若甲车加速

运动，加速度a=2m/s2，乙车速度不变，不计车长．求（1）经过多长时间甲、乙两车间距离最大，最大距离是多少？（2）乙车到达终点时，甲车是否已超过乙车．【18题答案】【答案】（1）经过5s时间甲、乙两车间距离最大，最大距离为36m；（2）到达终点时甲车

不能赶上乙车．【解析】【详解】（1）当甲、乙两车速度相等时，两车间距离最大，即：1vatv+=甲乙得15st=甲车位移：22111150525275m22xvtat=+=+=甲甲乙车位移：1605300mxv

t===乙乙此时两车间距离：136mxxLx=+−=乙甲（2）甲车追上乙车时，位移关系为：1xxL=+甲乙甲车位移：22212xvtat=+甲甲乙车位移：2xvt=乙乙将x甲、x乙代入位移关系，代入数

据解得：t2＝11s实际乙车到达终点的时间为：t3260060Lv==乙s＝10s所以到达终点时甲车不能赶上乙车．19.一轻绳跨过两个等高的轻定滑轮(不计大小和摩擦)，两端分别挂上质量为14kgm=和22kgm=的物体，如图所示，在滑轮之间的一段绳上

悬挂物体m（结点为O），求：（1）三个物体都平衡时，AO绳和BO绳上的拉力之比；（2）为使三个物体能保持平衡，m的取值范围。【19题答案】【答案】（1）2:1；（2）23kg6kgm【解析】【详解】（1）三个物体都平衡时，根据平衡条件有1AOFmg=，2BOFmg=AO绳和BO绳上的拉力之

比为1221AOBOFmgFmg==（2）三个物体平衡时，O点受力如图所示根据平衡条件，竖直方向有1122coscosTTTmg=+=水平方向有1122sinsinTT=又有11Tmg=，22Tmg=则124cos2

cosm=＋，122sinsin=整理得222sin412cos4m=−+根据题意可知，2取值范围为2090根据三角函数可知，2越大，sin越大，22sin14−越小，cos越小，则当290=时，m最小min23kgm=

2越小，sin越小，22sin14−越大，cos越大，则当20=时，m最大max6kgm=故平衡时，m的取值范围为23kg6kgm的获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com