【文档说明】重庆市字水中学2024-2025学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含解析.docx，共(17)页，969.676 KB，由envi的店铺上传

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重庆市字水中学2024-2025学年上期高2026届期中考试物理试卷（试卷共4页，满分100分，考试时间90分钟）注意事项：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。考试结束后，将本试卷和答题卡一并

交回。注意事项：1．答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。2．选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案的标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（

签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．考生必须按照题号在答题卡各题号相对应的答题区域内（黑色线框）作答，写在草稿纸上、超出答题区域或非题号对应的答题区域的答案一律无效。4．保持卡面清洁，不折叠，不破损。5．做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。

第Ⅰ卷（选择题）一、单选题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.以下关于电荷的说法，正确的是（）A.体积小的带电体就是点电荷B.所有带电体的电荷量都是元电荷

的整数倍C.电场中某点试探电荷电荷量越大，该点电场强度越大D.正电荷沿电场线方向运动，电势能升高【答案】B【解析】【详解】A．电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可看做点电荷，所以体积小的带电体在有

些情况下不能看做点电荷，故A错误；B．任何物体所带电荷量都是元电荷的整数倍，故B正确；C．电场的电场强度与自身有关，与试探电荷无关，故C错误；D．正电荷沿电场线方向运动，电场力做正功，电势能减小，故D错误。的故选B。2.如图所示，电池组的

电动势为ε，内电阻为r，R0为定值电阻，R为变阻器，已知R0＞r。为使R0上消耗的电功率最大，应将变阻器阻值调整到（）A.R0B.R0＋rC.0D.R0－r【答案】C【解析】【分析】【详解】由闭合电路的欧姆定律可知0EIRRr=++R0消耗的电功率P=I2R0，

要使R0消耗的功率最大，则电流最大，应将变阻器阻值调到最小为零。故选C。3.下列说法中正确的是（）A.电路接通后，电子由电源出发，以接近光速的速度运动到用电器B.电路中导体内的电子总是从电势高的地方向电势低的

地方定向移动C.电流有大小有方向，是一个矢量D.通常情况下空气是一种绝缘体，但在一定条件下也可以导电【答案】D【解析】【详解】A．电路接通后，瞬间产生电场，电荷在电场的作用下定向移动形成电流，不是电子由电源出发，以接近光速的速度运动到用

电器，A错误；B．在电源内部电路中，非静电力做功，使正电荷由低电势向高电势运动，B错误；C．电流有大小有方向，物理学中规定，正电荷定向移动的方向为电流方向，电流是标量，C错误；D．当空气发生电离时可以导电，D正确。故选D。

4.如图为某一导体元件的伏安特性曲线，则由图可知（）A.该导体元件为线性元件B.该导体元件两端加5V电压时，其电阻为10ΩC.该导体元件的电阻率随温度的升高逐渐减小D.该导体元件两端加12V电压时，其电阻为8Ω【答案】D【解析】【详解】A．伏安特性曲线为直线的元件为线性元件，为曲线的元件为非

线性元件，A错误；B．由图可知导体两端电压为5V时，电流为1A，由欧姆定律可得，此时导体电阻为5ΩURI==B错误；C．IU−图线的某点到原点O的连线的斜率表示导体电阻的倒数，由图可知此斜率逐渐减小，故导体的电阻逐渐增大，电阻率逐渐增大

，C错误；D．由图可知导体两端电压为12V时，电流为1.5A，由欧姆定律可得，此时导体电阻为8ΩURI==D正确。故选D。5.实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M点以相同的速度飞出a、b两个带

电粒子，a、b的运动轨迹如图中的虚线所示（a、b只受静电力作用），则（）A.a一定带正电，b一定带负电B.静电力对a做正功，对b做负功C.a的速度将减小，b的速度将增大D.a的加速度将减小，b的加速度将增大【答案】D【解析】【详解】A．由图，b粒子的轨迹向右弯曲

，b粒子受到的电场力方向向右，a的轨迹向左弯曲，a粒子受到的电场力方向向左，由于电场线方向未知，因此无法确定两个粒子的电性，选项A错误；BC．由图知，电场力方向与粒子速度方向的夹角都是锐角，所以电场力对两个粒子都做正功，动

能都增大，速度都增大，选项BC错误；D．向左电场线越来越疏，场强越来越小，则a所受电场力减小，加速度减小；b所受电场力增大，加速度增大，选项D正确。故选D。6.空间存在平行于x轴方向的静电场，其电势随x的分布如图。一质量为m、电荷量大小为q的

带电粒子从坐标原点O由静止开始，仅在电场力作用下沿x轴正方向运动。则下列说法正确的是（）A.该粒子带正电荷B.空间存在的静电场场强E沿x轴负方向C.该粒子从原点O运动到x0过程中电势能增大D.该粒子运动到x0处的速度是0qm【答案】A【解析】【详解】B．由于沿电场线电势降低，结合图像可知，电

场方向沿x轴正方向，B错误；A．带电粒子从坐标原点O由静止开始，仅在电场力作用下沿x轴正方向运动，表明粒子所受电场力方向沿x轴正方向，根据上述可知，粒子所受电场力方向与电场方向相同，则粒子带正电，A正确；C

．根据上述可知，粒子从原点O运动到x0过程中，电场力做正功，电势能减小，C错误；D．根据20012xqUmv=，000xU=−解得002qvm=D错误。故选A。7.如图所示的电路为某控制电路的简化图，图中电源内阻不计，R1、R2、R3为定值电

阻，R0为光敏电阻（阻值随光照强度的增加而减小），电压表、电流表均为理想电表，开关S闭合后，电表示数分别表示为U、I1、I2，电表示数变化量分别表示为∆U、∆I1、∆I2。在光照强度减弱的过程中，下列说法正确的是（）A.U、I

1、I2都增大B.U、I1、I2都减小C.U增大，I1、I2减小D.1UI增大【答案】C【解析】【详解】ABC．开关S闭合后，根据“串反并同”法判断可知，在光照强度减弱的过程中，接入电路中的电阻增大，电流表示数I2减小，电路中总电阻增大，I1减小，

电压表示数增大，故AB错误，C正确；D．根据闭合电路欧姆定律可得13UEIR=−所以31URI=由此可知，1UI不变，故D错误故选C。8.如图所示，一均匀带电绝缘细棒的电荷量为()0qq+，在过细棒中点c的中垂线上

有a、b、d三点，且bccdabx===。在a点固定一负点电荷，其电荷量为5q−，已知d点的电场强度为零，静电力常量为k，则b点的电场强度大小为（）。A.259kqxB.25kqxC.2409kqxD.2509kqx【答案】D【解析】【详解】电荷量为5q−的负点

电荷在d点产生的电场强度方向向左，大小为12255(3)9kqkqExx==根据电场的叠加原理可知，细棒在d点产生的电场强度方向向右，大小为2259kqEx=根据对称性可知，细棒在b点产生的电场强度方向

向左，大小为2259kqEx=电荷量为5q−的负点电荷在b点产生的电场强度方向向左，大小为325kqEx=根据电场的叠加原理可知，b点的电场强度方向向左，大小为322509kqEEEx=+=故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多

项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.下列物理量中哪些与检验电荷无关（）A.电场强度EB.电势差UC.电势能pED.电场力F【答案】AB【解析】【详解】电场强度的定义

式为FEq=电势差的定义式为WUq=电场强度和电势差分别从力和能量的角度来描述电场的，均是采用比值定义法定义的，它们的大小均与电量无关，由电场本身决定的，与检验电荷无关，而电势能pE和电场力F均与电荷

有关。故选AB。10.由欧姆定律UIR=推得URI=，下列说法中正确的是（）A.导体的电阻与导体两端电压成正比B.导体的电阻与通过导体的电流成反比C.导体的电阻是导体本身的属性，等于电压与电流的比值D.不同导体的电阻可能不同【答案】C

D【解析】【详解】A．导体的电阻是导体本身的属性，由导体的材料、长度、横截面积以及温度有关，与导体两端的电压无关，故A错误；B．导体的电阻是导体本身的属性，由导体的材料、长度、横截面积以及温度有关，与通过的电流无关，故B错误；C

．导体的电阻是导体本身的属性，电阻的大小等于电压与电流的比值，故C正确；D．导体的电阻是导体本身的属性，由导体的材料、长度、横截面积以及温度有关，不同导体的电阻可能不同，故D正确。故选CD。11.如图所示，匀强电场中有一边长为2cm的菱形abcd，且菱形所在的平面与场

强方向平行。其中φa＝10V，φc＝6V，φd＝8V，则下列说法正确的是（）A.电场强度大小为1V/cmB.b点电势8Vb=C.电子在b点电势能比在a点的电势能低2eVD.电子从c点运动到d点，电场力做功为2eV的【答案】BD【解析】【详解】AB．由匀强电场电势关系abdc−

=−可得：8Vb=，B正确；由匀强电场等势面的性质可得，b、d连线为等势线，则电场线方向由b指向c，设abc=，则2sin2acab=由UEd=可得41V/m=V/m>1V/m2sin4sinsin222ac

Eab−==A错误；C．电子在b点的电势能8eVPbbEe=−=−电子在a点的电势能10eVPaaEe=−=−电子在b点的电势能比在a点的电势能高2eV，C错误；D．电子从c点运动到d点，电场力做功为()2eVcdcdWe=

−−=D正确；故选BD。12.如图所示，空间存在水平向右的匀强电场，一质量为m、电荷量为q的带电小球从A点静止释放，沿直线运动到B点，已知运动方向与竖直方向夹角为45=，A、B之间的距离为L，重力加速度为g，则（）A.匀强电场的场强大小为mgqB.

A、B两点间电势差为mgLqC.带电小球运动到B点时的动能为mgLD.带电小球从A点运动到B点，电势能减小了22mgL【答案】AD【解析】【详解】A．受力分析可知mgEq=A正确。B．A、B两点间的电势差为2sin2ABmgLUELq==B错误。C．

根据动能定理可得kcossinmgLEqLE+=解得k2EmgL=C错误。D．电场力做功22ABABmgLWqU==电势能减小了22mgL，D正确。的故选D。第Ⅱ卷（非选择题）三、实验题：本题共2小题，共14分。13.研究影响平行板电容器电容大小的因素”的实验过

程及现象如下图所示，本实验采用的实验方法是____。实验过程中电容器的电荷量Q保持不变，保持d不变，减小两板间正对面积S，观察到静电计指针偏角增大，即电势差U_______（“变大”，“变小”），则电

容C________（“变大”，“变小”）【答案】①.控制变量法②.变大③.变小【解析】【详解】[1]本实验中，研究每一个要素的影响，须让其它的量不变，所以采用的是控制变量法；[2][3]实验过程中电容器的电荷量Q保持不变，保持d不变，减小两板间正对面积S，观察到静电计指

针偏角增大，即电势差U变大，则根据QCU=可知，电容C变小。14.某同学欲测量一段金属丝xR的电阻率，待测金属丝粗细均匀，阻值约为100Ω。备选器材如下：A.量程为050mA、内阻约为50Ω的电流表；B.量程为00.6A:、内阻约为0.2Ω的电流表；C.量程为05V、内阻约为15k的电

压表；D.最大阻值为10Ω、额定电流为2A的滑动变阻器R；E.电动势为=5VE、内阻很小的直流电源；F.开关一个，导线若干；G.螺旋测微器，刻度尺（1）该同学用螺旋测微器测量待测金属丝的直径D如图所示，则螺旋测微器的读数为__________mm。（2）为了尽

可能精确地测量该金属丝的电阻率，电流表应选用___________（填“A”或“B”）。（3）为了尽可能精确地测量该金属丝的电阻，下列电路图正确的是___________（填正确答案标号）。A.B.C.D.（4）连接好实验电路后，闭合开关S，调节滑动变阻器，若电压表的示数记为U，

所选用电流表的示数记为I，用刻度尺测得待测金属丝的长度为L，（1）中测得待测金属丝的直径为D，则计算其电阻率的表达式为=____________（用题中所给的字母表示）。【答案】①5.900##5.899##5.9

01②.A③.B④.24UDIL【解析】【详解】（1）[1]螺旋测微器读数5.5mm0.400mm5.900mm+=（2）[2]电路中最大电流为m5A0.05A50mA100EIR====故电流表应该选A。（3）[3]根据电流表内阻和电压表内阻来判断待测电阻是大电阻还是

小电阻AVx5015000Ω5003ΩRRR==所以用电流表外接法，又因为滑动变阻器的阻值远小于待测电阻，用限流接法起不到控制电路的作用，故滑动变阻器应选用分压接法。故答案应选B。（4）[4]伏安法测电阻，待测电阻测量值为xURI=，由电阻定律得xLRS=，而22DS=

，联立可得24UDIL=四、解答题：本题共4小题，共38分。.15.甲、乙两个完全相同的金属小球，甲球带正电，05qq=甲，乙球带负电，0qq=−乙，两小球相距d，两小球可视为质点。求：（

1）两小球之间的静电力大小1F；（2）若将两小球接触后，使两小球相距2d，求两小球之间的静电力大小2F。【答案】（1）2025kqd；（2）202kqd【解析】【详解】（1）根据库仑定律，两球之间的静电力大小为201225qqkqFkdd==乙甲（2）

将两小球接触后，两小球带电量为000522qqqqq−===乙甲可得它们之间的静电力为()220022222(2)(2)kqqqkqFkddd===甲乙16.如图所示，电源电动势10VE=，内阻1r

=，闭合开关S后，标有“8V，12W”的灯泡恰能正常发光，电动机M绕线的电阻01R=，求：（1）电源的输出功率P出；（2）10s内电动机产生的热量Q；（3）电动机的机械功率。【答案】（1）16W（2）2.5J（3）3.7

5W【解析】【小问1详解】由题意知，并联部分电压为U＝8V内电压应为U内＝E-U＝2V总电流I＝Ur内＝2A电源的输出功率P出＝UI＝16W【小问2详解】流过灯泡的电流I1＝PU＝1.5A则流过电动机的电流I2＝I-I1＝0.5A电动机10s内产生的热量Q＝220IRt＝2.5J【小问3详解

】电动机的总功率24PUI==W电动机的机械功率P机=2203.75PIR−=W17.如图所示，水平放置的平行金属板A、B之间有匀强电场，质量为m=5×10-8kg的带电粒子以v0=2m/s的速度从

两板中间水平进入，已知板长L=10cm，板间距离d=2cm，A板电势高于B板电势。（1）当AB间加电压UAB=500V时，带电粒子恰好沿直线穿过电场带电粒子的电性，电荷量为多少？（2）两极板间所加电压为多大

时？带电粒子恰能沿极板边缘飞出。【答案】（1）负电，11210C−；（2）刚好能由A边缘飞出去时1900VU=，刚好能从下板边缘飞出时2100VU=【解析】【详解】（1）当AB500VU=时，粒子做直线运动，根据二力平衡：有qUmgd=解得11210Cq−=

因为电场力竖直向上，所以粒子带负电。（2）当电压ABU比较大时qEmg粒子向上偏，根据牛顿第二定律11qUmgmad−=刚好能由A边缘飞出去做平抛运动，由平抛运动知识21122dat=0Lvt=联立求解得1900

VU=当电压ABU比较小时qEmg粒子向下偏，根据牛顿第二定律22qUmgmad−=刚好能从下板边缘飞出做平抛运动，由平抛运动知识220122datLvt==联立求解得2100VU=18.如图所示，矩形区域MNPQ内有水平向右的

匀强电场，虚线框外为真空区域。半径为R、内壁光滑、内径很小的绝缘半圆管ADB固定在竖直平面内，直径AB垂直于水平虚线MN，圆心O恰在MN的中点，半圆管的一半处于电场中。一质量为m，可视为质点的带正电，电荷量为q的小球从半圆管的A点由静止开始滑入管内，小球从B点穿出后，能够通过B点正下方的C点．重

力加速度为g，小球在C点处的加速度大小为53g。求：（1）匀强电场的场强E；（2）小球在到达B点时，半圆轨道对它作用力的大小；（3）要使小球能够到达B点正下方C点，虚线框MNPQ的高度和宽度满足什么条件；（4）从B点开始计时，小球从B

运动到C点的过程中，经过多长时间动能最小。【答案】（1）43mgq（2）73mg（3）2LR＞；52HR（4）8325Rtg=【解析】【详解】（1）小球在C处受水平向右的电场力F和竖直向下的重力G，加速度为53g则由牛顿第二定律()22253qEmgmg+=可得，匀强电场的场强为

43mgEq=（2）从A到B由动能定理得2122BmgRqERmv−=解得，小球在到达B点时的速度为43BgRv=在B点，由牛顿第二定律2N−=BmvFmgR解得，半圆轨道对它作用力的大小为N73Fmg=（3）小球从B到C水平方向做匀减速运动，竖直方向做自由落体运动

43xag=yag=设向左减速时间为34BxvRtag==小球向左运动的位移为122BRxvt==小球竖直方向下落的位移为213(2)22Rygt==宽度应满足条件2LR＞高度满足条件52HR（4）以合力F合方向、垂直于合力方向分别建立坐标系，如图所示并将速度分解，当F与mg

的合力与v垂直时，即图中0yv=时小球的动能最小，设经过的时间为t，由几何关系14tan3qEmg==cosyBvv=联立可得，从B点开始计时，小球从B运动到C点的过程中，动能最小时经历的时间为8325yvRta

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